高考生物一轮复习 第5单元 遗传的基本规律 第2讲 孟德尔的豌豆杂交实验二限时检测.docx
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高考生物一轮复习第5单元遗传的基本规律第2讲孟德尔的豌豆杂交实验二限时检测
第2讲 孟德尔的豌豆杂交实验
（二）
[限时检测]
[A组·满分100分；限时45分钟]
一、选择题（每小题6分，共60分）
1．某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，Aa的为小花瓣，aa的为无花瓣。
花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣是红色，rr的为黄色，两对基因独立遗传。
若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断错误的是
A．子代共有9种基因型
B．子代共有4种表现型
C．子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例为1/3
D．子代的所有植株中，纯合子占1/4
解析 本题运用拆分法求解，Aa×Aa后代有3种基因型，3种表现型；Rr×Rr后代有3种基因型，2种表现型。
故AaRr自交后代有3×3＝9种基因型，有2×3＝6种表现型，但基因型为aa的个体无花瓣，因此，表现型只有5种，A正确，B错误。
子代有花瓣植株占12/16＝3/4，其中，AaRr（4/16）所占的比例为1/3。
子代的所有植株中，纯合子占4/16＝1/4。
答案 B
2．（2016·合肥模拟）现用山核桃的甲（AABB）、乙（aabb）两品种作亲本杂交得F1，F1测交结果如表所示，下列有关叙述不正确的是
测交类型
测交后代基因型种类及比例
父本
母本
AaBb
Aabb
aaBb
aabb
F1
乙
1/7
2/7
2/7
2/7
乙
F1
1/4
1/4
1/4
1/4
A.F1产生的基因型为AB的花粉可能有50%不能萌发，不能实现受精
B．F1自交得F2，F2的基因型有9种
C．将F1花粉离体培养，将得到四种表现型不同的植株
D．正反交结果不同，说明该两对基因的遗传不遵循自由组合定律
解析 根据F1与乙的测交结果可知，F1产生的基因型为AB的花粉可能50%不能萌发，不能实现受精。
由表中所示正反交结果，子代出现了一定的性状分离比，可见其遵循基因的自由组合定律。
答案 D
3．一种观赏植物，纯合的蓝色品种与纯合的鲜红色品种杂交，F1为蓝色。
若让F1蓝色与纯合鲜红色品种杂交，产生的子代中表现型及比例为蓝色：
鲜红色＝3：
1。
若将F1蓝色植株自花受粉，则F2表现型及其比例最可能是
A．蓝：
鲜红＝1：
1B．蓝：
鲜红＝3：
1
C．蓝：
鲜红＝9：
1D．蓝：
鲜红＝15：
1
解析 F1蓝色杂合子与隐性纯合子鲜红色品种测交，后代中蓝色：
鲜红色＝3：
1，说明这对相对性状由两对等位基因控制，且隐性纯合子表现为鲜红色；纯合的蓝色品种与纯合的鲜红色品种可分别表示为AABB、aabb，F1蓝色植株AaBb自交，F2代中鲜红色植株占1/16，所以F2表现型及其比例最可能是蓝色：
鲜红色＝15：
1。
答案 D
4．玉米是一种雌雄同株的植物，正常植株的基因型为A_B_，其顶部开雄花，下部开雌花；基因型为aaB_的植株不能长出雌花而成为雄株；基因型为A_bb或aabb植株的顶端长出的是雌花而成为雌株（两对基因位于两对同源染色体上）。
育种工作者选用上述材料作亲本，杂交后得到表中的结果。
则所用亲本的基因型组合是
类型
正常株
雄株
雌株
数目
998
1001
1999
A.aaBb×Aabb或AaBb×aabbB．AaBb×Aabb或AaBb×aabb
C．aaBb×AaBb或AaBb×AabbD．aaBb×aabb或Aabb×aabb
解析 据题意，A_B_为正常株、aaB_为雄株、A_bb和aabb为雌株，要使某对亲本组合产生的后代满足正常株∶雄株∶雌株＝1∶1∶2的结果，即亲本杂交组合为AaBb×aabb或aaBb×Aabb。
答案 A
5．在家蚕遗传中，黑色（A）与淡赤色（a）是有关蚁蚕（刚孵化的蚕）体色的相对性状，黄茧（B）与白茧（b）是有关茧色的相对性状，假设这两对相对性状自由组合，有三对亲本组合，杂交后得到的数量比如表所示，下列说法不正确的是
黑蚁黄茧
黑蚁白茧
淡赤蚁黄茧
淡赤蚁白茧
组合一
9
3
3
1
组合二
0
1
0
1
组合三
3
0
1
0
A.组合一亲本一定是AaBb×AaBb
B．组合三亲本可能是AaBB×AaBB
C．若组合一和组合三亲本杂交，子代表现型及比例与组合三的相同
D．组合二亲本一定是Aabb×aabb
解析 组合一亲本杂交后代比例为9∶3∶3∶1，所以亲本一定为AaBb×AaBb；组合二亲本杂交后代只有白茧，且黑蚁与淡赤蚁比例为1∶1，所以亲本一定为Aabb×aabb；组合三亲本杂交后代只有黄茧，且黑蚁与淡赤蚁比例为3∶1，所以亲本为AaBB×AaBB或AaBb×AaBB；只有组合一中AaBb和组合三中AaBB杂交，子代表现型及比例才与组合三的相同。
答案 C
6．（2015·江苏质检）下列细胞为生物体的体细胞，所对应生物体自交后代性状分离比为9：
3：
3：
1的是（不考虑交叉互换）
解析 只有两对等位基因位于两对同源染色体上的杂合子，其自交后代才可产生9：
3：
3：
1的性状分离比，C正确。
答案 C
7．（2016·潍坊模拟）某种小鼠的体色受常染色体基因的控制，现用一对纯合灰鼠杂交，F1都是黑鼠，F1中的雌雄个体相互交配，F2体色表现为9黑∶6灰∶1白。
下列叙述正确的是
A．小鼠体色遗传遵循基因自由组合定律
B．若F1与白鼠杂交，后代表现为2黑∶1灰∶1白
C．F2灰鼠中能稳定遗传的个体占1/2
D．F2黑鼠有两种基因型
解析 根据F2性状分离可判断小鼠体色遗传遵循自由组合定律，A正确；F1（AaBb）与白鼠（aabb）杂交，后代中AaBb（黑）∶Aabb（灰）∶aaBb（灰）∶aabb（白）＝1∶1∶1∶1，B错误；F2灰鼠（A_bb、aaB_）中纯合子占1/3，C错误；F2黑鼠（A_B_）有四种基因型，D错误。
答案 A
8．水稻香味性状与抗病性状独立遗传。
香味性状受隐性基因（a）控制，抗病（B）对感病（b）为显性。
为选育抗病香稻新品种，进行一系列杂交实验。
两亲本无香味感病与无香味抗病植株杂交的统计结果如图所示。
下列有关叙述不正确的是
A．香味性状一旦出现即能稳定遗传
B．两亲本的基因型分别是Aabb、AaBb
C．两亲本杂交的子代中能稳定遗传的有香味抗病植株所占比例为0
D．两亲本杂交的子代自交，后代群体中能稳定遗传的有香味抗病植株所占比例为1/32
解析 由题意可知，香味性状对应基因型为aa，一旦出现即能稳定遗传，A正确；由于子代抗病：
感病＝1：
1，可推知亲代为Bb和bb，子代无香味：
香味＝3：
1，可推知亲代为Aa和Aa，所以两亲本的基因型分别是Aabb、AaBb，B正确；两亲本（Aabb、AaBb）杂交的子代中有香味抗病植株的基因型为aaBb，均为杂合子，C正确：
两亲本杂交的子代为1/8AABb、1/4AaBb、1/8AAbb、1/4Aabb、1/8aaBb、1/8aabb，子代自交，后代群体中能稳定遗传的有香味抗病植株（aaBB）所占比例为1/4×1/4×1/4＋1/8×1/4＝3/64，D错。
答案 D
9．（2015·广东模拟）小麦的粒色受两对同源染色体上的两对基因R1和r1、R2和r2控制。
R1和R2决定红色，r1和r2决定白色，R对r为不完全显性，并有累加效应，也就是说，麦粒的颜色随R的增加而逐渐加深。
将红粒（R1R1R2R2）与白粒（r1r1r2r2）杂交得F1，F1自交得F2，则F2的基因型种类数和不同表现型比例为
A．3种、3∶1B．3种、1∶2∶1
C．9种、9∶3∶3∶1D．9种、1∶4∶6∶4∶1
解析 小麦的粒色受两对同源染色体上的两对基因R1和r1、R2和r2控制，将红粒（R1R1R2R2）与白粒（r1r1r2r2）杂交得F1，F1的基因型为R1r1R2r2，所以F1自交后代基因型有9种；由于基因累加效应，后代中共有5种表现型，其中r1r1r2r2占1/16，R1r1r2r2和r1r1R2r2共占4/16，R1R1r2r2、r1r1R2R2和R1r1R2r2共占6/16，R1R1R2r2和R1r1R2R2共占4/16，R1R1R2R2占1/16，所以不同表现型的比例为1∶4∶6∶4∶1。
答案 D
10．关于孟德尔的一对相对性状杂交实验和摩尔根证实基因位于染色体上的果蝇杂交实验，下列叙述不正确的是
A．两实验都设计了F1自交实验来验证其假说
B．实验中涉及的性状均受一对等位基因控制
C．两实验都采用了统计学方法分析实验数据
D．两实验均采用了“假说一演绎”的研究方法
解析 本题考查孟德尔豌豆杂交实验、摩尔根证实基因位于染色体上的果蝇杂交实验，意在考查考生在识记、理解分析方面的能力。
两实验设计了F1测交实验来验证其假说；两实验中涉及的性状均受一对等位基因控制，两实验都采用了统计学方法分析实验数据和“假说一演绎”的研究方法。
答案 A
二、非选择题（共40分）
11．（13分）某种开花植物细胞中，基因A（a）和基因B（b）分别位于两对同源染色体上。
将纯合的紫花植株（基因型为AAbb）与纯合的红花植株（基因型为aaBB）杂交，F1全开紫花，自交后代F2中，紫花∶红花∶白花＝12∶3∶1。
回答下列问题：
（1）该种植物花色性状的遗传遵循______________定律。
基因型为AaBb的植株，表现型为________________。
（2）若表现型为紫花和红花的两个亲本杂交，子代的表现型和比例为2紫花∶1红花∶1白花。
则两亲本的基因型分别为__________________________________________________________________。
（3）为鉴定一紫花植株的基因型，将该植株与白花植株杂交得子一代，子一代自交得子二代。
请回答下列问题：
①表现为紫花的植株的基因型共有________________种。
②根据子一代的表现型及其比例，可确定出待测三种紫花亲本基因型，它们是________________________________________________。
③根据子一代的表现型及其比例，尚不能确定待测紫花亲本基因型。
若子二代中，紫花∶红花∶白花的比例为________________，则待测紫花亲本植株的基因型为AAbb。
解析
（1）根据题意可判断紫花基因型A_B_、A_bb。
（2）紫花（A_B_或A_bb）与红花（aaB_）杂交，后代中出现白花（aabb），可确定两亲本均含有基因a和b，根据子代表现型比例可进一步判断亲本基因型。
（3）将紫花植株的6种可能的基因型分别与白花（aabb）杂交，分析子一代的表现型可确定亲本三种紫花基因型：
AaBB（子代为1紫∶1红）、AaBb（子代为2紫花∶1红花∶1白花）和Aabb（子代为1紫∶1白），另三种基因型测交子一代均为紫花；若亲本为AAbb，子一代为Aabb，子二代应为3A_bb（紫）、1aabb（白）。
答案
（1）基因的自由组合 紫花
（2）Aabb和aaBb
（3）①6 ②AaBB、AaBb和Aabb ③3∶0∶1
12．（13分）（原创改编题）现有两株植物，一株开紫花（甲株），一株开黄花（乙株），这两株植株杂交后代为F1，F1自交后代为F2有人对这两株植物进行了一系列的杂交实验，实验结果如下表所示：
（如果受一对基因控制用A和a表示，如果受两对基因控制用B和b表示，以此类推）
实验组别
亲本
子代表现型
紫花植株
红花植株
橙花植株
黄花植株
一
甲株
乙株
＋
－
－
－
二
F1株
乙株
＋
＋
＋
＋
三
F1株
F1株
＋
＋
＋
＋
四
F2红花植株
乙株
－
＋
－
＋
五
F2橙花植株
乙株
注：
“＋”表示后代出现的表现型，“－”表示后代未出现的表现型
（1）通过第一组实验可知，表现型________________对________________为显性。
（2）通过第________________实验可知，花色至少受________________对等位基因的控制，F1的基因型为________________________________。
（3）第三组实验中，子代表现型紫花植株：
红花植株：
橙花植株：
黄花植株为________________，第五组实验，后代可能会出现的表现型有________________________________。
（4）如果让F2中的紫花植株自交，后代出现黄花植株的概率是________________，如果让F2中的红花植株与F2中的橙花植株杂交，后代出现的表现型及比例为________________________________________________________________________
_________________________________________________________________。
（5）如何快速地利用甲株和乙株得到纯合的开红花的植株？
_________________________________________________________________
___________________________________________________________________。
解析
（1）由表中甲株（开紫花）与乙株（开黄花）杂交后代开紫花，可知紫花对黄花为显性。
（2）实验二和实验三中，后代都出现四种表现型，除了出现亲本的表现型紫花和黄花外，还出现了两个新的表现型红花和橙花，可推断出花色至少受两对等位基因的控制，且F1的基因型为AaBb。
（3）按照基因的自由组合定律，F1自交，子代四种表现型及其比例为紫花︰红花︰橙花︰黄花＝9︰3︰3︰1；设F2橙花植株基因型为aaB_，与乙株（aabb）杂交，后代可能会出现两种表现型，即橙花植株（aaB_）和黄花植株（aabb）。
（4）F2中的紫花植株包括：
l/9AABB、2/9AaBB、2/9AABb、4/9AaBb，自交后代出现黄花植株的概率为4/9×1/16＝1/36；如果让F2中的红花植株（1/3AAbb、2/3Aabb）与F2中的橙花植株（1/3aaBB、2/3aaBb）杂交，则F2中的红花植株产生的两种配子为2/3Ab和1/3ab，橙花植株产生的两种配子为2/3aB和1/3ab，则杂交后代AaBb（紫花植株）占2/3×2/3＝4/9，Aabb（红花植株）占2/3×1/3＝2/9，aaBb（橙花植株）占1/3×2/3＝2/9，aabb（黄花植株）占1/3×1/3＝1/9。
（5）要快速得到纯合体可用单倍体育种的方法，甲株与乙株杂交得到F1（AaBb），用F1产生的花药进行花药离体培养得到单倍体，用秋水仙素处理使染色体加倍，得到纯合体植株，从中选出所需的性状。
答案
（1）紫花 黄花
（2）二、三组 两 AaBb
（3）9︰3︰3︰1 橙花植株和黄花植株
（4）1/36 紫花植株︰红花植株︰橙花植株︰黄花植株＝4︰2︰2︰1
（5）甲株和乙株杂交得到F1，用F1产生的花药离体培养得到单倍体植株，用秋水仙素处理单倍体植株幼苗，选择开红花的植株（意思相同即可）
13．（14分）一种欢赏鸟的体表花纹颜色由两对基因（D和d、H和h）控制，这两对基因按自由组合定律遗传，与性别无关。
花纹颜色和基因型的对应关系如下表所示。
基因型
D、H同时存在（D_H_型）
D存在、H不存在（D_hh型）
H存在、D不存在（ddH_型）
D和H都不存在（ddhh型）
花纹颜色
野生型（黑色、橘红色同时存在）
橘红色
黑色
白色
现有下列三个杂交组合。
请回答下列问题。
甲：
野生型×白色，F1的表现型有野生型、橘红色、黑色、白色；
乙：
橘红色×橘红色，F1的表现型有橘红色、白色；
丙：
黑色×橘红色，F1全部都是野生型。
（1）甲组杂交方式在遗传学上称为________________，属于假说——演绎法的________________阶段，甲组杂交组合中，F1的四种表现型比例是_______________________________________________________________________。
（2）让乙组F1中橘红色鸟与另一纯合黑色鸟杂交，理论上杂交后代的表现型及比例是___________________________________________________________________。
（3）让丙组F1中雌雄个体交配，后代中表现为橘红色的有120只，那么理论上表现为黑色的杂合子有________________只。
（4）野生型与橘红色个体杂交，后代中白色个体所占比例最大的亲本基因型组合为________________________________________________________________。
解析
（1）由题意可知，甲组亲本的基因型为DdHh与ddhh，该杂交方式在遗传学上称为测交，属于假说——演绎法的验证阶段，甲组杂交组合中，F1的四种表现型及比例为野生型（DdHh）∶橘红色（Ddhh）∶黑色（ddHh）∶白色（ddhh）＝1∶1∶1∶1。
（2）乙组亲本的基因型为Ddhh与Ddhh，F1中橘红色鸟的基因型为1/3DDhh、2/3Ddhh，纯合黑色鸟的基因型为ddHH，两者杂交的组合方式为1/3DDhh×ddHH、2/3Ddhh×ddHH，因此子代中表现型为野生型的概率为1/3×1＋2/3×1/2＝2/3，表现型为黑色的概率为2/3×1/2＝1/3，因此杂交后代的表现型及比例为野生型∶黑色＝2∶1。
（3）丙组亲本的基因型为ddHH与DDhh，F1的基因型为DdHh，F1雌雄个体交配，子代中橘红色（D_hh）所占的比例为3/16，因此F2个体数量为640，其中黑色杂合子（ddHh）理论上有640×2/16＝80（只）。
（4）野生型（D_H_）与橘红色（D_hh）个体杂交，基因型为DdHh和Ddhh的亲本杂交，后代出现白色个体的概率最大，为1/8。
答案
（1）测交 验证 1∶1∶1∶1
（2）野生型∶黑色＝2∶1
（3）80
（4）DdHh×Ddhh
[限时检测]
[B组·满分100分；限时45分钟]
一、选择题（每小题6分，共60分）
1．假说——演绎法是现代科学研究中常用的方法，包括“提出问题、作出假设、演绎推理、检验推理、得出结论”五个基本环节。
利用该方法，孟德尔发现了两个遗传定律。
下列关于孟德尔的研究过程的分析不正确的是
A．提出问题是建立在豌豆纯合亲本杂交和F1自交遗传实验基础上的
B．为了验证作出的假设是否正确，孟德尔设计并完成了测交实验
C．孟德尔所作假设的核心内容是“性状是由位于染色体上的基因控制的”
D．孟德尔发现的遗传规律不可以解释所有有性生殖生物的遗传现象
解析 配子形成时，控制性状的基因在配子中的分配是孟德尔所作假设的核心内容，C错误；孟德尔是依据实验现象进行“演绎推理”的，即孟德尔提出问题是建立在豌豆纯合亲本杂交和F1自交遗传实验基础上的，A正确。
答案 C
2．（2016·长春调研）人体内显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的。
二者缺一，个体即聋。
这两对基因独立遗传。
下列有关说法不正确的是
A．夫妇中有一个耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子
B．一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，只能生下耳聋的孩子
C．基因型为DdEe的双亲生下耳聋的孩子的概率为7/16
D．耳聋夫妇可以生下基因型为DdEe的孩子
解析 一方耳聋但双方基因能组合为双显时能生出正常孩子，如DDEE、ddEE的双亲可以生出正常的孩子；一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，可能生下耳聋的孩子或正常的孩子；双亲的基因型都是DdEe，则孩子正常的概率为9/16，耳聋的概率为7/16；基因型为DDee、ddEE的耳聋夫妇可以生出基因型为DdEe的孩子。
答案 B
3．（2015·合肥质检）已知小麦的抗病和感病、无芒和有芒是两对独立遗传的相对性状。
现用两种表现型不同的小麦作亲本进行杂交，得到的F1如表所示：
F1的性状
抗病
感病
无芒
有芒
F1的性状百分比
75%
25%
50%
50%
如果让F1中抗病无芒与感病有芒小麦杂交，则F2中表现型为抗病无芒、抗病有芒、感病无芒与感病有芒的比例为
A．2∶2∶1∶1 B．1∶1∶1∶1
C．9∶3∶3∶1D．3∶3∶1∶1
解析 假设控制抗病、感病性状的基因为A、a，控制无芒、有芒性状的基因为B、b，则由表中数据可知，两种表现型不同的小麦亲本基因型为AaBb和Aabb，F1中抗病无芒与感病有芒小麦杂交，单独考虑抗病和感病，杂交组合为A_×aa，后代抗病Aa占2/3，感病aa占1/3；单独考虑有芒和无芒，杂交组合为Bb×bb，后代有芒占1/2，无芒占1/2，两个性状组合后，抗病无芒∶抗病有芒∶感病无芒∶感病有芒＝2∶2∶1∶1。
答案 A
4．豌豆种子的黄色（Y）对绿色（y）为显性，圆粒（R）对皱粒（r）为显性。
绿色圆粒豌豆与黄色皱粒豌豆杂交，F1都表现为黄色圆粒，F1自交得F2，F2有四种表现型。
如果继续将F2中全部杂合的黄色圆粒种子播种进行自交，所得后代的表现型及比例为
A．黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝25∶15∶15∶9
B．黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝25∶5∶5∶1
C．黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝21∶5∶5∶1
D．黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝16∶4∶4∶1
解析 根据题意，F1的基因型为YyRr，则F2中杂合的黄色圆粒种子的基因型为1/4YyRR、1/4YYRr、1/2YyRr，分别自交后所得后代中黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝21∶5∶5∶1。
答案 C
5．（2015·贵阳模拟）虎皮鹦鹉的羽毛有绿、蓝、黄、白四种，野生种都是稳定遗传的。
若将野生的绿色和白色鹦鹉杂交，F1全部都是绿色的；F1雌雄个体相互交配，所得F2的羽色有绿、蓝、黄、白四种不同表现型，比例为9∶3∶3∶1。
若将亲本换成野生的蓝色和黄色品种，则F2不同于亲本的类型中能稳定遗传的占
A．2/7B．1/4C．1/5D．2/5
解析 根据F1雌雄个体相互交配，F2中出现9∶3∶3∶1的性状分离比，可知虎皮鹦鹉的羽色由两对独立遗传的基因控制，假设为A和a、B和b。
根据F2中绿∶蓝∶黄∶白＝9∶3∶3∶1，可知F2中绿、蓝、黄、白的基因型分别为A_B_、A_bb、aaB_、aabb（或分别为A_B_、aaB_、A_bb、aabb）；根据题中信息“野生种都是稳定遗传的”，可知野生的蓝色和黄色品种的基因型分别为AAbb、aaBB（或分别为aaBB、AAbb），野生的蓝色和黄色品种杂交获得的F1的基因型为AaBb，则F2中绿∶蓝∶黄∶白＝9∶3∶3∶1，其中绿和白是不同于亲本的类型，其中能稳定遗传的占2/10，即1/5。
答案 C
6．（2016·福建质检）如图甲、乙、丙、丁表示四株豌豆体细胞中的控制种子的圆粒与皱粒（Y、Y）及黄色与绿色（R、r）两对基因及其在染色体上的位置，下列分析正确的是
A．甲、乙豌豆杂交后代的性状分离比为9：
3：
3：
1
B．乙、丙豌豆杂交后代有4种基因型、1种表现型
C．甲、丙豌豆杂交后代的性状分离比为1：
2：
1
D．甲、丁豌豆杂交后代有6种基因型
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