届江西省吉安市永丰中学高三上学期第二次综合能力化学试解析版.docx
《届江西省吉安市永丰中学高三上学期第二次综合能力化学试解析版.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《届江西省吉安市永丰中学高三上学期第二次综合能力化学试解析版.docx(20页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
届江西省吉安市永丰中学高三上学期第二次综合能力化学试解析版
2016-2017学年江西省吉安市永丰中学高三(上)第二次综合能力化学试卷
一、选择题(本大题共7小题,每小题6分,共42分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.在体积相同的两个密闭容器中分别充入O2、O3气体,当这两个容器内温度和气体密度相等时,下列说法正确的是( )
A.两种气体的压强相等B.两种气体的氧原子数目相等
C.两种气体的分子数目相等D.O2比O3的质量小
2.只用一种试剂就可将AgNO3、KSCN、稀H2SO4、NaOH四种无色溶液区别分开,这种试剂是( )
A.BaCl2溶液B.FeCl2溶液C.FeCl3溶液D.AlCl3溶液
3.下列离子方程式正确的是( )
A.用铜为电极电解饱和食盐水:
2Cl﹣+2H2O
Cl2↑+H2↑+2OH﹣
B.浓硝酸溶液中加入过量铁粉并加热:
Fe+3NO3﹣+6H+
Fe3++3NO2↑+3H2O
C.0.01mol/LNH4Al(SO4)2溶液与0.02mol/LBa(OH)2溶液等体积混合:
NH4++Al3++2SO42﹣+2Ba2++4OH﹣═2BaSO4↓+Al(OH)3↓+NH3•H2O
D.向小苏打溶液中加少量Ba(OH)2溶液:
HCO3﹣+Ba2++OH﹣═BaCO3↓+H2O
4.A、B、C、D、E是五种短周期主族元素,它们的原子序数依次增大,其中A的最高正价与最低负价的代数和等于0,B、E是同一主族元素,C原子半径大于所在同周期中其它主族元素的原子半径,D元素的最外层电子数等于其电子层数,E元素的最外层电子是次外层电子数的0.75倍,则下列说法正确的是( )
A.B、C、D形成的简单离子,半径最小的是B
B.E形成最简单氢化物稳定性比B强
C.A、C、D形成的最高价氧化物的水化物两两间可相互反应
D.A、B形成的化合物与B、E形成的化合物化学键类型相同
5.已知一定条件下:
A2B5(g)⇌A2B3(g)+B2(g);A2B3(g)⇌A2B(g)+B2(g)在容积为2L的密闭容器中,将4molA2B3加热至t℃达平衡后,A2B3浓度为0.5mol/L,A2B5浓度为0.7mol/L,则t℃时,B2平衡浓度是( )
A.0.1mol/LB.0.2mol/LC.0.9mol/LD.1.5mol/L
6.用铝土矿(主要成分为Al2O3,含Fe2O3杂质)为原料冶炼铝的工艺流程如下:
下列叙述正确的是( )
A.试剂X可以是盐酸
B.反应①过滤后所得沉淀为氢氧化铁
C.图中所示转化反应都不是氧化还原反应
D.操作②中发生的化学方程式为NaAlO2+2H2O+CO2=Al(OH)3↓+NaHCO3
7.如图是一种正在投入生产的大型蓄电系统的原理图.电池中的左右两侧为电极,中间为离子选择性膜,在电池放电和充电时该膜只允许钠离子通过.电池充、放电的化学反应方程式为:
2Na2S2+NaBr3
Na2S4+3NaBr.下列关于此电池说法正确的是( )
A.充电的过程中当0.1molNa+通过离子交换膜时,导线通过0.2mol电子
B.放电过程中钠离子从右到左通过离子交换膜
C.电池放电时,负极反应为:
3NaBr﹣2e﹣=NaBr3+2Na+
D.充电过程中钠离子从右到左通过离子交换膜
三、非选择题:
包括必考题和选考题两部分.第8题-第10题为必考题,每个试题考生都必须作答.第11题为选考题,考生根据要求作答.
(一)必考题(共53分)
8.硫代硫酸钠(Na2S2O3)俗称保险粉,可用于照相业作定影剂,也可用于纸浆漂白作脱氯剂等.实验室可通过如下反应制取:
2Na2S+Na2CO3+4SO2═3Na2S2O3+CO2.
(1)用图1所示装置制取Na2S2O3,其中NaOH溶液的作用是 .如将分液漏斗中的H2SO4改成浓盐酸,则三颈烧瓶内除Na2S2O3生成外,还有 (填化学式)杂质生成.
(2)为测定所得保险粉样品中Na2S2O3•5H2O的质量分数,可用标准碘溶液进行滴定,反应方程式为2Na2S2O3+I2═2NaI+Na2S4O6.
①利用KIO3、KI和HCl可配制标准碘溶液.写出配制时所发生反应的离子方程式:
②准确称取一定质量的Na2S2O3•5H2O样品于锥形瓶中,加水溶解,并滴加 作指示剂,用所配制的标准碘溶液滴定.滴定时所用的玻璃仪器除锥形瓶外,还有 .
③若滴定时振荡不充分,刚看到溶液局部变色就停止滴定,则会使样品中Na2S2O3•5H2O的质量分数的测量结果 (填“偏高”“偏低”或“不变”).
(3)本实验对Na2S的纯度要求较高,利用图2所示的装置可将工业级的Na2S提纯.已知Na2S常温下微溶于酒精,加热时溶解度迅速增大,杂质不溶于酒精.提纯步骤依次为:
①将已称量好的工业Na2S放入圆底烧瓶中,并加入一定质量的酒精和少量水;
②按图2所示装配所需仪器,向冷凝管中通入冷却水,水浴加热;
③待 时,停止加热,将烧瓶取下;
④ ;
⑤ ;
⑥将所得固体洗涤、干燥,得到Na2S?
9H2O晶体.
9.如图所示,把试管放入盛25℃时饱和石灰水的烧杯中,试管中开始放入几小块镁片,再用滴管滴入5mL盐酸于试管中.
试完成下列问题(提示:
氢氧化钙的溶解度随温度升高而降低)
(1)实验中观察到的现象是 ;
(2)产生上述现象的原因是 .
(3)写出有关反应的离子方程式 .
(4)由实验推知,MgCl2溶液和H2的总能量 (填“大于”“小于”或“等于”)镁片的盐酸的总能量.
10.回收利用印刷电路板上的铜制备铜的化合物,实现资源的再利用.
(1)回收利用印刷电路板上的铜制备CuCl2.
实验室模拟回收过程如下:
已知部分物质开始沉淀和沉淀完全时的pH如下表:
物质
开始沉淀
沉淀完全
Fe(OH)2
7.6
9.6
Fe(OH)3
2.7
3.7
Cu(OH)2
4.4
8.0
请回答下列问题:
①步骤Ⅲ的操作名称是 .
②下列试剂中,可以作为试剂a的是 .
A.HNO3溶液B.Fe2(SO4)3溶液C.FeCl3溶液
③若不加试剂b,直接加入试剂c调节溶液pH,是否可行?
(填“是”或“否”),理由是 .
(2)用H2O2和硫酸共同浸泡印刷电路板制备硫酸铜.
已知:
2H2O2(l)=2H2O(l)+O2(g)△H1=﹣196kJ/mol
H2O(l)=H2(g)+
O2(g)△H2=+286kJ/mol
Cu(s)+H2SO4(aq)=CuSO4(aq)+H2(g)△H3=+64kJ/mol
则Cu(s)+H2O2(l)+H2SO4(aq)=CuSO4(aq)+2H2O(l)△H= .
(3)将反应Cu+H2O2+H2SO4=CuSO4+2H2O设计成原电池,其正极电极反应式是 .
(4)若用硝酸和硫酸共同浸泡印刷电路板制备硫酸铜,假设印刷电路板中其他成分不与酸反应,欲制取3mol纯净的硫酸铜,需要0.5mol/L的硝酸溶液的体积是 L.
[化学--选修5:
有机化学基础]
11.已知①C7H10O4是六元环化合物,②一个碳原子上连两个羟基不稳定,要脱水生成
,有下列合成路线.
请回答下列问题
(1)反应1的反应类型 反应2的反应类型
(2)C2H4O3分子中所含官能团的名称
(3)写出B的结构简式 C的结构简式
(4)C2H2Cl4→A的化学方程式
(5)C5H12O2→C5H10O2的化学方程式
(6)C5H10O2的同分异构体中,属于酯类的同分异构体有 种.
2016-2017学年江西省吉安市永丰中学高三(上)第二次综合能力化学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题(本大题共7小题,每小题6分,共42分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.在体积相同的两个密闭容器中分别充入O2、O3气体,当这两个容器内温度和气体密度相等时,下列说法正确的是( )
A.两种气体的压强相等B.两种气体的氧原子数目相等
C.两种气体的分子数目相等D.O2比O3的质量小
【考点】阿伏加德罗定律及推论.
【分析】相同体积相同密度时,两容器气体的质量相等,且都由O元素组成,则O原子的质量、个数以及物质的量相等,结合PV=nRT对各选项进行判断.
【解答】解:
相同体积相同密度时,两容器气体的质量相等,且都由O元素组成,则O原子的质量、个数以及物质的量相等,
A.O原子个数相等时,气体的物质的量之比为n(O2):
n(O3)=3:
2,由PV=nRT可知,两种气体的压强之比为3:
2,故A错误;
B.相同体积相同密度时,两容器气体的质量相等,且都由O元素组成,则O原子数目相等,故B正确;
C.O原子个数相等时,气体的物质的量之比为n(O2):
n(O3)=3:
2,物质的量与分子数成正比,则两种气体的分子数目也是3:
2,故C错误;
D.同体积相同密度时,两容器气体的质量相等,故D错误;
故选B.
2.只用一种试剂就可将AgNO3、KSCN、稀H2SO4、NaOH四种无色溶液区别分开,这种试剂是( )
A.BaCl2溶液B.FeCl2溶液C.FeCl3溶液D.AlCl3溶液
【考点】物质的检验和鉴别的实验方案设计.
【分析】可根据离子的性质进行检验,检验阴离子可用氯离子,检验硫氰酸根离子可用铁离子,检验氢氧根离子可用铁离子,则可用氯化铁溶液检验.
【解答】解:
A.加入BaCl2溶液不能检验AgNO3和H2SO4,二者都生成沉淀,故A错误;
B.加入FeCl2溶液,不能检验KSCN和稀H2SO4,二者都无现象,故B错误;
C.加入FeCl3溶液,AgNO3溶液生成白色沉淀,KSCN溶液变为红色,稀H2SO4无现象,NaOH溶液生成红褐色沉淀,可鉴别,故C正确;
D.加入AlCl3溶液,不能检验,检验KSCN和稀H2SO4,二者都无现象,故D错误.
故选C.
3.下列离子方程式正确的是( )
A.用铜为电极电解饱和食盐水:
2Cl﹣+2H2O
Cl2↑+H2↑+2OH﹣
B.浓硝酸溶液中加入过量铁粉并加热:
Fe+3NO3﹣+6H+
Fe3++3NO2↑+3H2O
C.0.01mol/LNH4Al(SO4)2溶液与0.02mol/LBa(OH)2溶液等体积混合:
NH4++Al3++2SO42﹣+2Ba2++4OH﹣═2BaSO4↓+Al(OH)3↓+NH3•H2O
D.向小苏打溶液中加少量Ba(OH)2溶液:
HCO3﹣+Ba2++OH﹣═BaCO3↓+H2O
【考点】离子方程式的书写.
【分析】A.电极为铜,则阳极铜放电生成铜离子,阴极氢离子得到电子生成氢气;
B.铁粉过量,反应生成亚铁离子;
C.硫酸铝铵与氢氧化钡的物质的量之比为1:
2,反应生成硫酸钡、氢氧化铝沉淀和一水合氨;
D.氢氧化钡少量,反应生成碳酸钡沉淀、碳酸钠和水.
【解答】解:
A.用铜电极电解饱和食盐水,阳极铜放电,正确的离子方程式为:
Cu+2H2O
Cu(OH)2+H2↑,故A错误;
B.浓硝酸溶液中加入过量铁粉并加热,反应生成硝酸亚铁、二氧化氮气体和水,正确的离子方程式为:
Fe+2NO3﹣+4H+
Fe2++2NO2↑+2H2O,故B错误;
C.溶液中NH4Al(SO4)2与Ba(OH)2以物质的量之比1:
2,反应生成氢氧化铝、硫酸钡沉淀和一水合氨,正确的离子方程式为:
2Ba2++NH4++Al3++2SO42﹣+4OH﹣═Al(OH)3↓+2BaSO4↓+NH3•H2O,故C正确;
D.小苏打溶液中加少量Ba(OH)2溶液,反应生成碳酸钡沉淀和碳酸钠,正确的离子方程式为:
HCO3﹣+Ba2++2OH﹣═CO32﹣+BaCO3↓+2H2O,故D错误;
故选C.
4.A、B、C、D、E是五种短周期主族元素,它们的原子序数依次增大,其中A的最高正价与最低负价的代数和等于0,B、E是同一主族元素,C原子半径大于所在同周期中其它主族元素的原子半径,D元素的最外层电子数等于其电子层数,E元素的最外层电子是次外层电子数的0.75倍,则下列说法正确的是( )
A.B、C、D形成的简单离子,半径最小的是B
B.E形成最简单氢化物稳定性比B强
C.A、C、D形成的最高价氧化物的水化物两两间可相互反应
D.A、B形成的化合物与B、E形成的化合物化学键类型相同
【考点】原子结构与元素周期律的关系.
【分析】A、B、C、D、E是五种短周期主族元素,它们的原子序数依次增大,B、E是同一主族元素,则B处于第二周期、E处于第三周期,E元素的最外层电子是次外层电子数的0.75倍,最外层电子数为8×0.75=6,故E为S元素,则B为O元素;C原子半径大于所在同周期中其它主族元素的原子半径,则C为Na;D元素的最外层电子数等于其电子层数,则D为Al;其中A的最高正价与最低负价的代数和等于0,则A为C元素(一般不考虑H元素),据此解答.
【解答】解:
A、B、C、D、E是五种短周期主族元素,它们的原子序数依次增大,B、E是同一主族元素,则B处于第二周期、E处于第三周期,E元素的最外层电子是次外层电子数的0.75倍,最外层电子数为8×0.75=6,故E为S元素,则B为O元素;C原子半径大于所在同周期中其它主族元素的原子半径,则C为Na;D元素的最外层电子数等于其电子层数,则D为Al;其中A的最高正价与最低负价的代数和等于0,则A为C元素(一般不考虑H元素).
A.B、C、D形成的简单离子分别为O2﹣、Na+、Al3+,离子电子层结构相同,核电荷数越大离子半径越小,故O2﹣离子半径最大,Al3+离子半径最小,故A错误;
B.非金属性B(O)>E(S),故E形成最简单氢化物稳定性比B弱,故B错误;
C.A、C、D形成的最高价氧化物的水化物分别为碳酸、氢氧化钠、氢氧化铝,碳酸与氢氧化铝不能反应,故C错误;
D.A、B形成的化合物有CO、CO2,B、E形成的化合物SO2,SO3,均只含有共价键,故D正确,
故选D.
5.已知一定条件下:
A2B5(g)⇌A2B3(g)+B2(g);A2B3(g)⇌A2B(g)+B2(g)在容积为2L的密闭容器中,将4molA2B3加热至t℃达平衡后,A2B3浓度为0.5mol/L,A2B5浓度为0.7mol/L,则t℃时,B2平衡浓度是( )
A.0.1mol/LB.0.2mol/LC.0.9mol/LD.1.5mol/L
【考点】化学平衡的计算.
【分析】应用原子守恒法,初始时存在的物质是A2B3,A的物质的量是4mol×2=8mol,B的物质的量是4mol×3=12mol;
反应平衡后,存在的物质是A2B5,A2B3,A2B和B2,
A2B5(g)⇌A2B3(g)+B2(g),
A2B3(g)⇌A2B(g)+B2(g),
令B2(g)平衡浓度为xmol/L,A2B(g)平衡浓度为ymol/L,根据它们的浓度和容器容积可以分别算出它们中含A和B元素的物质的量,分别计算出A、B的物质的量,列方程组解答.
【解答】解:
初始时存在的物质是A2B3,A的物质的量是4mol×2=8mol,B的物质的量是4mol×3=12mol;
反应平衡后,存在的物质是A2B5,A2B3,A2B和B2,
A2B5(g)⇌A2B3(g)+B2(g),
A2B3(g)⇌A2B(g)+B2(g),
根据它们的浓度和容器容积可以分别算出它们中含A和B元素的物质的量,
假设B2浓度为xmol/L,第二个反应的A2B的浓度为ymol/L,如下所示:
物质:
A2B5A2B3A2BB2
浓度:
0.7mol/L0.5mol/Lymol/Lxmol/L
物质的量:
1.4mol1mol2ymol2xmol
A物质的量:
2.8mol2mol4ymol0mol
B物质的量:
7mol3mol2ymol4xmol
根据A原子物质的量反应前后相等(即A原子总数不变,原子守恒),得
2.8+2+4y+0=8mol
根据B原子物质的量反应前后相等(即B原子总数不变,原子守恒),得
7+3+2y+4x=12mol
解方程组得:
x=0.1mol/L,y=0.8mol/L
故选A.
6.用铝土矿(主要成分为Al2O3,含Fe2O3杂质)为原料冶炼铝的工艺流程如下:
下列叙述正确的是( )
A.试剂X可以是盐酸
B.反应①过滤后所得沉淀为氢氧化铁
C.图中所示转化反应都不是氧化还原反应
D.操作②中发生的化学方程式为NaAlO2+2H2O+CO2=Al(OH)3↓+NaHCO3
【考点】物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用;物质分离、提纯的实验方案设计.
【分析】由工艺流程图可知,试剂X是氢氧化钠溶液,Al2O3溶于氢氧化钠溶液得到NaAlO2溶液,Fe2O3与氢氧化钠溶液不反应,所以反应①过滤后所得溶液为NaAlO2溶液,沉淀C为Fe2O3;Y为CO2,向NaAlO2溶液中通入过量CO2的化学方程式为NaAlO2+CO2+2H2O=Al(OH)3↓+NaHCO3,电解熔融Al2O3属于氧化还原反应,以此解答该题.
【解答】解:
A.分离氧化铝和氧化铁,只能用氢氧化钠溶液,不可能用盐酸,因氧化铝与氢氧化钠反应,氧化铁不反应,但二者都可与盐酸反应,故A错误;
B.氧化铁与NaOH不反应,则反应①过滤后所得沉淀为氧化铁,故B错误;
C.只有电解熔融Al2O3属于氧化还原反应,故错误;
D.操作②中向NaAlO2溶液中通入过量CO2的化学方程式为NaAlO2+CO2+2H2O=Al(OH)3↓+NaHCO3,故D正确.
故选D.
7.如图是一种正在投入生产的大型蓄电系统的原理图.电池中的左右两侧为电极,中间为离子选择性膜,在电池放电和充电时该膜只允许钠离子通过.电池充、放电的化学反应方程式为:
2Na2S2+NaBr3
Na2S4+3NaBr.下列关于此电池说法正确的是( )
A.充电的过程中当0.1molNa+通过离子交换膜时,导线通过0.2mol电子
B.放电过程中钠离子从右到左通过离子交换膜
C.电池放电时,负极反应为:
3NaBr﹣2e﹣=NaBr3+2Na+
D.充电过程中钠离子从右到左通过离子交换膜
【考点】原电池和电解池的工作原理.
【分析】电池充、放电的化学反应方程式为:
2Na2S2+NaBr3
Na2S4+3NaBr,放电时为原电池反应:
负极反应为2Na2S2﹣2e﹣=2Na++Na2S4,正极反应为NaBr3+2Na++2e﹣=3NaBr;
充电时为电解池反应:
阳极电极反应为:
3NaBr﹣2e﹣=NaBr3+2Na+,阴极电极反应为:
2Na++Na2S4+2e﹣=2Na2S2,结合原电池原理和电解原理分析判断.
【解答】解:
A、有0.1molNa+通过离子交换膜,说明有0.1mol电子转移,导线通过0.1mol电子,故A错误;
B、放电过程为原电池,阳离子向正极移动,由图可知,左侧电极为正极,放电过程中钠离子从右到左通过离子交换膜,故B正确;
C、电池放电时,正极反应为得到电子发生的还原反应,正极反应为:
NaBr3+2Na++2e﹣=3NaBr,负极反应氧化反应,负极电极反应式为2Na2S2﹣2e﹣=2Na++Na2S4,故C错误;
D、充电过程为电解池,阳离子向阴极移动,由图可知,右侧电极为阴极,充电过程中钠离子从左到右通过离子交换膜,故D错误;
故选B.
三、非选择题:
包括必考题和选考题两部分.第8题-第10题为必考题,每个试题考生都必须作答.第11题为选考题,考生根据要求作答.
(一)必考题(共53分)
8.硫代硫酸钠(Na2S2O3)俗称保险粉,可用于照相业作定影剂,也可用于纸浆漂白作脱氯剂等.实验室可通过如下反应制取:
2Na2S+Na2CO3+4SO2═3Na2S2O3+CO2.
(1)用图1所示装置制取Na2S2O3,其中NaOH溶液的作用是 吸收二氧化硫等尾气,防止污染空气 .如将分液漏斗中的H2SO4改成浓盐酸,则三颈烧瓶内除Na2S2O3生成外,还有 NaCl (填化学式)杂质生成.
(2)为测定所得保险粉样品中Na2S2O3•5H2O的质量分数,可用标准碘溶液进行滴定,反应方程式为2Na2S2O3+I2═2NaI+Na2S4O6.
①利用KIO3、KI和HCl可配制标准碘溶液.写出配制时所发生反应的离子方程式:
IO3﹣+5I﹣+6H+=3I2+3H2O
②准确称取一定质量的Na2S2O3•5H2O样品于锥形瓶中,加水溶解,并滴加 淀粉溶液 作指示剂,用所配制的标准碘溶液滴定.滴定时所用的玻璃仪器除锥形瓶外,还有 酸式滴定管 .
③若滴定时振荡不充分,刚看到溶液局部变色就停止滴定,则会使样品中Na2S2O3•5H2O的质量分数的测量结果 偏低 (填“偏高”“偏低”或“不变”).
(3)本实验对Na2S的纯度要求较高,利用图2所示的装置可将工业级的Na2S提纯.已知Na2S常温下微溶于酒精,加热时溶解度迅速增大,杂质不溶于酒精.提纯步骤依次为:
①将已称量好的工业Na2S放入圆底烧瓶中,并加入一定质量的酒精和少量水;
②按图2所示装配所需仪器,向冷凝管中通入冷却水,水浴加热;
③待 烧瓶中固体不再减少 时,停止加热,将烧瓶取下;
④ 趁热过滤 ;
⑤ 将所得滤液冷却结晶,过滤得到硫化钠结晶水合物 ;
⑥将所得固体洗涤、干燥,得到Na2S?
9H2O晶体.
【考点】制备实验方案的设计.
【分析】
(1)制备过程中需要制备二氧化硫进行反应生成硫代硫酸钠,二氧化硫是污染性气体不能排放空气中,需要用氢氧化钠溶液吸收;若换成盐酸除了反应生成硫代硫酸钠外还有氯化钠;
(2)①KIO3、KI和HCl可配制标准碘溶液,利用KIO3、KI在酸溶液中发生的氧化还原反应生成单质碘;
②用配制的碘溶液滴定硫代硫酸钠,利用碘单质遇碘单质变蓝指示反应终点;碘溶液具有氧化性,应选用酸式滴定管;
③局部变色就停止滴定,消耗标准溶液少,测定结果偏低;
(3)③依据Na2S常温下微溶于酒精,加热时溶解度迅速增大,杂质不溶于酒精,根据提纯硫化钠晶体的实验步骤和方法分析判断的;
④温度增大硫化钠在酒精中溶解度增大,热溶液过滤得到滤液;
⑤热的滤液冷却结晶过滤得到晶体.
【解答】解:
(1)装置中氢氧化钠是吸收尾气的主要作用,因为原料气二氧化硫是污染性气体不能排放到空气中,以防止污染空气;换做盐酸进行反应产物中除了硫代硫酸盐外还有氯化钠,
故答案为:
吸收二氧化硫等尾气,防止污染空气;NaCl;
(2))①KIO3、KI和HCl可配制标准碘溶液,利用KIO3、KI在酸溶液中发生的氧化还原反应生成单质碘,反应的离子方程式为:
IO3﹣+5I﹣+6H+=3I2+3H2O,
故答案为:
IO3﹣+5I﹣+6H+=3I2+3H2O;
②用配制的碘溶液滴定硫代硫酸钠,利用碘单质遇碘单质变蓝指示反应终点;碘溶液具有氧化性,应选用酸式滴定管,
故答案为:
淀粉溶液;酸式滴定管;
③滴定时振荡不充分,刚看到溶液局部变色就停止滴定,消耗标准溶液体积减小,则会使样品中Na2S2O3•5H2O的质量分数的测量偏低;
故答案为:
偏低;
(3)由提纯硫化钠的实验步骤和操作过程可知.
③依据Na2S常温下微溶于酒精,加热时溶解度迅速增大,杂质不溶于酒精,根据提纯硫化钠晶体的实验步骤和方法可知,但烧瓶中固体不再减少,说明硫化钠全部溶解于酒精中,不溶的杂质沉淀过滤除去,
故答案为:
烧瓶中固体不再减少;
④温度增大硫化钠在酒精中