学年广东省深圳实验学校高一下第一次段考物.docx
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学年广东省深圳实验学校高一下第一次段考物
2015-2016学年广东省深圳实验学校高一（下）第一次段考物理试卷
一、单项选择题（本题共12小题，每小题3分，共计36分，每小题给出的四个选项中只有一个选项正确，答案填涂在答题卡上，写在试卷上无效．）
1．关于曲线运动下列说法中正确的是（ ）
A．做曲线运动的物体一定具有加速度
B．所有做曲线运动的物体，所受合外力的方向与速度方向肯定不在一条直线上
C．做匀速圆周运动的物体，所受的合力不一定时刻指向圆心
D．做曲线运动的物体，加速度方向与所受合外力方向始终不一致
2．在曲线运动中，如果运动物体的速率保持不变，那么物体的加速度（ ）
A．一定为零
B．大小不变，方向与物体运动的方向一致
C．大小不变，某点的加速度的方向一该点的曲线的方向一致
D．大小和方向由物体所受到的合外力决定
3．关于以下几种实验运动的向心力来源的说法中，正确的是（ ）
A．小球在如图（甲）的竖直圆形轨道内运动，经过与圆心O等高的A点和C点时，轨道对小球的支持力提供小球所需向心力
B．如图（乙），物体放在水平转台上并随转台一起匀速转动，物体受到的静摩擦力方向与其运动方向相反
C．如图（丙），小球在细绳拉动下做圆锥摆运动，细绳的拉力等于小球运动所需向心力
D．如图（丁），火车按规定速度转弯时，火车的牵引力提供一部分向心力
4．如图，细绳一端固定在天花板的O点，另一端穿过一张CD光盘中央小孔后拴着一个橡胶球，橡胶球静止时，竖直悬线刚好挨着水平桌面的边沿，现将CD光盘按在桌面上，并沿桌面边缘以速度v匀速移动，移动过程中，光盘中央小孔始终紧挨桌面边线，当悬线与竖直方向的夹角为θ时，小球上升的速度大小为（ ）
A．
B．vcosθC．vtanθD．vsinθ
5．如图所示，一个物体自倾角为θ的固定斜面顶端沿水平方向抛出后落在斜面上，物体与斜面接触时速度方向与斜面的夹角φ满足（ ）
A．tanφ=sinθB．φ=θC．tanφ=2tanθD．tan（φ+θ）=2tanθ
6．如图所示，在倾角为α=30°的光滑斜面上，有一根长为L=0.8m的细绳，一端固定在O点，另一端系一质量为m=0.2kg的小球，沿斜面做圆周运动，若要小球能通过最高点A，则小球在最低点B的最小速度是（ ）
A．2m/sB．2
m/sC．2
m/sD．2
m/s
7．如图为过山车以及轨道简化模型，不计一切阻力，以下判断正确的是（ ）
A．过山车在圆轨道上做匀速圆周运动
B．过山车在圆轨道最高点时的速度应为
C．过山车在圆轨道最低点时乘客处于超重状态
D．过山车在圆轨道最高点时，轨道对它的支持力不能超过它的重力
8．如图所示，A、B是两个摩擦传动轮，两轮半径大小关系为RA=2RB，则两轮边缘上的（ ）
A．角速度之比ωA：
ωB=2：
1B．周期之比TA：
TB=1：
2
C．转速之比nA：
nB=1：
2D．向心加速度之比aA：
aB=2：
1
9．下列关于离心现象的说法，不正确的是（ ）
A．做匀速圆周运动的物体所受合力消失时，将做直线运动
B．做匀速圆周运动的物体所受合力消失时，它将背离圆心运动
C．洗衣机烘干桶将衣物甩干利用了离心现象
D．将体温计中的水银甩回玻璃泡内利用了离心现象
10．如图所示，两根长度不同的细线分别系有两个小球m1、m2，细线的上端都系于O点，设法让两个小球在同一水平面上做匀速圆周运动．已知两细线长度之比L1：
L2=
：
1，L1跟竖直方向的夹角为60°角，下列说法正确的是（ ）
A．两小球做匀速圆周运动的周期相等
B．两小球做匀速圆周运动的线速度相等
C．两小球的质量比一定是m1：
m2=
：
1
D．L2细线跟竖直方向成45°角
11．铁路转弯处的圆弧半径是300m，轨距是1.5m，规定火车通过这里的速度是20m/s（g=10m/s2，当tanα很小时可以近似认为sinα=tanα），下列说法正确的是（ ）
A．内外轨道高度差为0.2m时，外轨道受轮缘的挤压
B．内外轨道高度差为0.3m时，内轨道铁轨不受轮缘的挤压
C．内外轨道高度差为0.1m时，内轨道受轮缘的挤压
D．内外轨道高度差为0.2m时，铁轨不受轮缘的挤压
12．如图，轰炸机沿水平方向匀速飞行，到达山坡底端正上方释放一颗炸弹，并垂直击中山坡上的目标A．已知A点高度h，山坡倾角θ，g为常量，由此不可算出的是（ ）
A．轰炸机的飞行高度B．轰炸机的飞行速度
C．炸弹击中山坡时的速度D．炸弹的质量
二、不定项选择题（本小题共6题，每小题4分，共24分．每小题给出的四个选择中至少有一个选项正确，答案填涂在答题卡上，写在试卷上无效）
13．下列说法错误的是（ ）
A．太阳绕地球做匀速圆周运动
B．卡文迪许测量出了引力常量G的数值
C．牛顿发现了万有引力定律
D．托勒密提出了日心说
14．如图所示，人在岸上拉船，已知船的质量为m，水的阻力恒为Ff，当轻绳与水平面的夹角为θ时，船的速度为v，此时人的拉力大小为F，则此时（ ）
A．人拉绳行走的速度为vcosθB．人拉绳行走的速度为
C．船的加速度为
D．船的加速度为
15．如图所示是行星m绕恒星M运动情况的示意图，下列说法正确的是（ ）
A．速度最大点是B点B．速度最小点是C点
C．m从A到B做减速运动D．m从B到A做减速运动
16．河宽300m，河水流速3m/s，船在静水中的航速为1m/s，下列说法正确的是（ ）
A．该船渡河的最短时间为300s
B．渡河的最短位移为300m
C．船沿岸方向的最小位移为600
m
D．要使小船能够到达正对岸，小船在静水中的速度必须大于河水流速
17．如图所示，A、B两质点从同一点O分别以相同的水平速度v0沿x轴正方向抛出，A在竖直平面内运动，落地点为P1；B沿光滑斜面运动，落地点为P2，P1和P2在同一水平面上，不计阻力，则下列说法正确的是（ ）
A．A、B的运动时间相同
B．A、B沿x轴方向的位移大小相同
C．A、B运动过程中的加速度大小不相同
D．A、B落地时的速度大小相同
18．“套圈”是一项老少皆宜的体育运动项目．如图所示，水平地面上固定着3根直杆1、2、3，直杆的粗细不计，高度均为0.1m，相邻两直杆之间的距离为0.3m．比赛时，运动员将内圆直径为0.2m的环沿水平方向抛出，刚抛出时环平面距地面的高度为1.35m，环的中心与直杆1的水平距离为1m．假设直杆与环的中心位于同一竖直面，且运动中环心始终在该平面上，环面在空中保持水平，忽略空气阻力的影响，g取10m/s2．以下说法正确的是（ ）
A．如果能够套中直杆，环抛出时的水平初速度不能小于1.9m/s
B．如果能够套中第2根直杆，环抛出时的水平初速度范围在2.4m/s到2.8m/s之间
C．如以2m/s的水平初速度将环抛出，就可以套中第1根直杆
D．如环抛出的水平速度大于3.3m/s，就不能套中第3根直杆
三、实验题（本题共8分．答案写在答题卷上，写在试卷上无效）
19．为了验证平抛运动的小球在竖直方向上做自由落体运动，用如图所示的装置进行试验，小锤打击弹性金属片，A球水平抛出，同时B球被松开，自由下落，关于该实验，下列说法中正确的是（ ）
A．两球的质量应相等
B．两球应同时落地
C．应改变装置的高度，多次实验
D．实验也能说明A球在水平方向上做匀速直线运动
20．某同学利用图甲所示装置做“研究平抛运动”的实验，根据实验结果在坐标纸上描出了小球水平抛出后的运动轨迹，但不慎将画有轨迹图线的坐标纸丢失了一部分，剩余部分如图乙所示．图乙中水平方向与竖直方向每小格的长度均代表0.10m，P1，P2和P3是轨迹图线上的3个点，P1和P2、P2和P3之间的水平距离相等．完成下列填空：
（重力加速度取9.8m/s2）
若已测知抛出后小球在水平方向做匀速运动，则小球从P1运动到P2所用的时间为 s，小球抛出后的水平速度为 m/s（结果取两位有效数字）．
三、计算题（本题共3小题，共32分．在解答过程中要有必要的文字说明、方程及演算过程，否则不能得全分．答案写在答题卷上，写出试卷上无效）
21．如图所示，小球A质量为m，固定在长为L的轻细直杆一端，并随杆一起绕杆的另一端O点在竖直平面内做圆周运动．当小球经过最高点时，杆对球产生向下的拉力，拉力大小等于球的重力．
求：
（1）小球到达最高时速度的大小．
（2）当小球经过最低点时速度为
，杆对球的作用力的大小．
22．如图所示，倾角为37°的粗糙斜面的底端有一质量m=1kg的与斜面垂直的凹形小滑块，小滑块与斜面间的动摩擦因数μ=0.25．现小滑块以某一初速度v从斜面底端上滑，同时在斜面底端正上方有一小球以v0水平抛出，经过0.4s，凹槽刚好离出发点的距离达到最大，小球恰好无碰撞地落入凹槽，槽口宽度略大于小球直径．（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8），g取10m/s2．求：
（1）小球水平抛出的速度v0大小；
（2）求小球刚好落入凹槽时的速度v球的大小．
23．如图所示，匀速转动的水平圆盘上，沿半径方向放置两个用细线相连的质量均为m的小物体A、B，它们到转轴距离分别为rA=20cm、rB=10cm，A、B与盘面间的最大静摩擦力均为重力的0.5倍，连接OB以及AB的两根细绳所能承受的最大张力均为2mg，试求：
（1）当AB之间的细线上开始有弹力时，圆盘的角速度ω0；
（2）当OB之间的细线上开始有弹力时，圆盘的角速度ω1；
（3）当物体A刚开始滑动时，圆盘的角速度ω2．
2015-2016学年广东省深圳实验学校高一（下）第一次段考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（本题共12小题，每小题3分，共计36分，每小题给出的四个选项中只有一个选项正确，答案填涂在答题卡上，写在试卷上无效．）
1．关于曲线运动下列说法中正确的是（ ）
A．做曲线运动的物体一定具有加速度
B．所有做曲线运动的物体，所受合外力的方向与速度方向肯定不在一条直线上
C．做匀速圆周运动的物体，所受的合力不一定时刻指向圆心
D．做曲线运动的物体，加速度方向与所受合外力方向始终不一致
【考点】曲线运动．
【分析】既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动．在恒力作用下，物体可以做曲线运动，如平抛运动，而匀速圆周运动受到的是变力，是变加速曲线运动．
【解答】解：
A、曲线运动是变速运动，一定有加速度．故A正确；
B、根据曲线运动的条件可知，所有做曲线运动的物体，所受合外力的方向与速度方向肯定不在一条直线上．故B正确；
C、做匀速圆周运动的物体速度的大小不变，所受的合力一定时刻指向圆心．故C错误；
D、根据牛顿第二定律可知，加速度的方向一定与合外力的方向相同．故D错误．
故选：
AB
2．在曲线运动中，如果运动物体的速率保持不变，那么物体的加速度（ ）
A．一定为零
B．大小不变，方向与物体运动的方向一致
C．大小不变，某点的加速度的方向一该点的曲线的方向一致
D．大小和方向由物体所受到的合外力决定
【考点】曲线运动．
【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度的方向与该点曲线的切线方向相同；加速度的大小和方向由物体所受到的合外力决定．
【解答】解：
A、B、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，加速度一定不为0，而且方向与物体运动方向一定不一致，故A错误，B错误；
C、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，加速度的方向一定不是曲线这一点的切线方向．故C错误；
D、根据牛顿第二定律可知，加速度的大小和方向由物体所受到的合外力决定，故D正确．
故选：
D
3．关于以下几种实验运动的向心力来源的说法中，正确的是（ ）
A．小球在如图（甲）的竖直圆形轨道内运动，经过与圆心O等高的A点和C点时，轨道对小球的支持力提供小球所需向心力
B．如图（乙），物体放在水平转台上并随转台一起匀速转动，物体受到的静摩擦力方向与其运动方向相反
C．如图（丙），小球在细绳拉动下做圆锥摆运动，细绳的拉力等于小球运动所需向心力
D．如图（丁），火车按规定速度转弯时，火车的牵引力提供一部分向心力
【考点】向心力．
【分析】物体做圆周运动，对物体受力分析，明确向心力的来源是解决此类问题的关键
【解答】解：
A、小球在如图（甲）的竖直圆形轨道内运动，经过与圆心O等高的A点和C点时，受到重力和支持力，其中轨道对小球的支持力提供小球所需向心力，故A正确；
B、如图（乙），物体放在水平转台上并随转台一起匀速转动，受到重力支持力和静摩擦力，静摩擦力提供向心力，指向圆心，故B错误；
C、对小球受力分析，受到重力和绳子的拉力，合力提供向心力，故C错误；
D、火车转弯时，火车的牵引力沿速度方向，不提供向心力，故D错误；
故选：
A
4．如图，细绳一端固定在天花板的O点，另一端穿过一张CD光盘中央小孔后拴着一个橡胶球，橡胶球静止时，竖直悬线刚好挨着水平桌面的边沿，现将CD光盘按在桌面上，并沿桌面边缘以速度v匀速移动，移动过程中，光盘中央小孔始终紧挨桌面边线，当悬线与竖直方向的夹角为θ时，小球上升的速度大小为（ ）
A．
B．vcosθC．vtanθD．vsinθ
【考点】运动的合成和分解．
【分析】对线与CD光盘交点进行运动的合成与分解，此点既有沿着线方向的运动，又有垂直线方向的运动，而实际运动即为CD光盘的运动，结合数学三角函数关系，即可求解．
【解答】解：
由题意可知，线与光盘交点参与两个运动，一是沿着线的方向运动，二是垂直线的方向运动，则合运动的速度大小为v，
由数学三角函数关系，则有：
v线=vsinθ；而线的速度的方向，即为小球上升的速度大小，故D正确，ABC错误；
故选：
D
5．如图所示，一个物体自倾角为θ的固定斜面顶端沿水平方向抛出后落在斜面上，物体与斜面接触时速度方向与斜面的夹角φ满足（ ）
A．tanφ=sinθB．φ=θC．tanφ=2tanθD．tan（φ+θ）=2tanθ
【考点】平抛运动．
【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，结合平抛运动的规律进行分析．
【解答】解：
物体落在斜面上，位移与水平方向夹角的正切值tanθ=
．
物体速度方向与水平方向夹角的正切值tanφ=
．
可知tanφ=2tanθ，故C正确，ABD错误；
故选：
C
6．如图所示，在倾角为α=30°的光滑斜面上，有一根长为L=0.8m的细绳，一端固定在O点，另一端系一质量为m=0.2kg的小球，沿斜面做圆周运动，若要小球能通过最高点A，则小球在最低点B的最小速度是（ ）
A．2m/sB．2
m/sC．2
m/sD．2
m/s
【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力．
【分析】小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动，说明小球在A点时细线的拉力为零，只有重力的分力做向心力．
从A到B的过程中只有重力做功，由机械能守恒定律可以求得B点时的速度．
【解答】解：
小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动，刚小球通过A点时细线的拉力为零，
根据圆周运动和牛顿第二定律有：
mgsinα=
，
解得：
vA=
（2）小球从A点运动到B点，根据机械能守恒定律有：
m
+mg•2Lsinα=
m
，
解得：
vB=
=2
m/s．
故选C．
7．如图为过山车以及轨道简化模型，不计一切阻力，以下判断正确的是（ ）
A．过山车在圆轨道上做匀速圆周运动
B．过山车在圆轨道最高点时的速度应为
C．过山车在圆轨道最低点时乘客处于超重状态
D．过山车在圆轨道最高点时，轨道对它的支持力不能超过它的重力
【考点】向心力；牛顿运动定律的应用﹣超重和失重．
【分析】过山车在竖直圆轨道上做圆周运动，在最高点，重力和轨道对车的压力提供向心力，当压力为零时，速度最小，在最低点时，重力和轨道对车的压力提供向心力，加速度向上，处于超重状态．
【解答】解：
A、过山车在竖直圆轨道上做圆周运动，机械能守恒，动能和重力势能相互转化，速度大小变化，不是匀速圆周运动，故A错误；
B、在最高点，重力和轨道对车的压力提供向心力，当压力为零时，速度最小，则
解得：
v=
，故v
，故B错误；
C、在最低点时，重力和轨道对车的压力提供向心力，加速度向上，乘客处于超重状态，故C正确；
D、在最高点，根据牛顿第二定律可知
，解得
，速度越大，FN越大，故轨道对它的支持力可能超过它的重力，故D错误
故选：
C
8．如图所示，A、B是两个摩擦传动轮，两轮半径大小关系为RA=2RB，则两轮边缘上的（ ）
A．角速度之比ωA：
ωB=2：
1B．周期之比TA：
TB=1：
2
C．转速之比nA：
nB=1：
2D．向心加速度之比aA：
aB=2：
1
【考点】线速度、角速度和周期、转速．
【分析】解决本题的关键是两轮边缘上接触的地方线速度相等，然后根据角速度和线速度半径之间关系等求解．同时注意转速的物理意义，其在数值上和频率是相等的．
【解答】解：
两轮边缘的线速度相等，即vA=vB①
线速度、角速度、半径关系为：
v=ωr=
=2πnr②
向心加速度为：
③
半径关系为：
RA=2RB④
联立①②③④可解得：
ωA：
ωB=1：
2，TA：
TB=2：
1，nA：
nB=1：
2，aA：
aB=1：
2，故ABD错误，C正确．
故C正确．
9．下列关于离心现象的说法，不正确的是（ ）
A．做匀速圆周运动的物体所受合力消失时，将做直线运动
B．做匀速圆周运动的物体所受合力消失时，它将背离圆心运动
C．洗衣机烘干桶将衣物甩干利用了离心现象
D．将体温计中的水银甩回玻璃泡内利用了离心现象
【考点】离心现象．
【分析】当物体受到的合力的大小不足以提供物体所需要的向心力的大小时，物体就要远离圆心，此时物体做的就是离心运动．
【解答】解：
A、做匀速圆周运动的物体，当它所受的合外力突然变为零时，它将沿圆周的切线方向做匀速直线，故A正确，B不正确．
C、洗衣机烘干桶将衣物甩干利用了离心现象，当速度达到一定值时，提供的力小于所需要的向心力，出现离心现象，故C正确．
D、体温计中的水银甩回玻璃泡内，是由于甩的过程中当速度达到一定值时，提供的力小于所需要的向心力，也利用了离心现象，故D正确．
本题选择不正确的，故选：
B
10．如图所示，两根长度不同的细线分别系有两个小球m1、m2，细线的上端都系于O点，设法让两个小球在同一水平面上做匀速圆周运动．已知两细线长度之比L1：
L2=
：
1，L1跟竖直方向的夹角为60°角，下列说法正确的是（ ）
A．两小球做匀速圆周运动的周期相等
B．两小球做匀速圆周运动的线速度相等
C．两小球的质量比一定是m1：
m2=
：
1
D．L2细线跟竖直方向成45°角
【考点】向心力；牛顿第二定律．
【分析】小球受重力和拉力，两个力的合力提供小球做圆周运动的向心力；通过合力提供向心力，比较出两球的角速度大小，从而比较出周期的关系；抓住小球距离顶点O的高度相同求出L2与竖直方向上的夹角；抓住小球距离顶点O的高度相同求出半径的关系，根据v=ωr比较线速度关系．
【解答】解：
A、设绳与竖直方向夹角为θ，水平面距悬点高为h，由牛顿第二定律得：
mgtanθ=m
（h•tanθ）
则：
T=2π
由上式可知T与绳长无关，所以A正确；
B、由于v=
，故v正比于r，故线速度之比为：
=
，故B错误；
C、两球在同一水平面内做匀速圆周运动，则L1cos60°=L2cosθ，解得θ=30°，根据mgtanθ=mLsinθω2，知小球做匀速圆周运动与质量无关，无法求出两小球的质量比，故CD错误；
故选：
A．
11．铁路转弯处的圆弧半径是300m，轨距是1.5m，规定火车通过这里的速度是20m/s（g=10m/s2，当tanα很小时可以近似认为sinα=tanα），下列说法正确的是（ ）
A．内外轨道高度差为0.2m时，外轨道受轮缘的挤压
B．内外轨道高度差为0.3m时，内轨道铁轨不受轮缘的挤压
C．内外轨道高度差为0.1m时，内轨道受轮缘的挤压
D．内外轨道高度差为0.2m时，铁轨不受轮缘的挤压
【考点】向心力．
【分析】火车拐弯时不侧向挤压车轮轮缘，靠重力和支持力的合力提供向心力，求得内外轨道的高度差，即可判断．
【解答】解：
A、当内外轨道不受作用力使，根据牛顿第二定律得，mgtanθ=m
解得：
tanθ=
=
．
又sinθ=
得：
h=0.2m；故A错误，D正确
B、内外轨道高度差为0.3m时，此时受到的合力大于所需要的向心力，故内轨道受到作用力，故B错误；
C、内外轨道高度差为0.1m时，此时受到的合力小于所需要的向心力，故外轨道受到作用力，故C错误；
故选：
D
12．如图，轰炸机沿水平方向匀速飞行，到达山坡底端正上方释放一颗炸弹，并垂直击中山坡上的目标A．已知A点高度h，山坡倾角θ，g为常量，由此不可算出的是（ ）
A．轰炸机的飞行高度B．轰炸机的飞行速度
C．炸弹击中山坡时的速度D．炸弹的质量
【考点】平抛运动．
【分析】因为平抛运动速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，速度方向的夹角得知位移与水平方向夹角的正切值，再通过水平位移求出竖直位移，从而得知轰炸机的飞行高度，炸弹的飞行时间，以及炸弹的初速度．
【解答】解：
A、根据A点的高度可知A点到底端的水平位移，即炸弹的水平位移，由于炸弹垂直击中目标A，得知速度与水平方向的夹角，抓住平抛运动速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，可得知平抛运动竖直位移．从而得出轰炸机的飞行高度．故A正确．
B、求出平抛运动的竖直位移，根据y=
得出炸弹平抛运动的时间，根据时间和水平位移求出轰炸机（炸弹）的初速度．故B正确；
C、由图可以求出炸弹击中山坡时速度的方向，根据已求出的初速度与速度合成与分解的方法即可求出炸弹击中山坡时的速度．故C正确；
D、由题中的条件，可以分析炸弹的运动，但都与炸弹的质量无关，所以不能求出炸弹的质量．故D错误
故选：
ABC
二、不定项选择题（本小题共6题，每小题4分，共24分．每小题给出的四个选择中至少有一个选项正确，答案填涂在答题卡上，写在试卷上无效）
13．下列说法错误的是（ ）
A．太阳绕地球做匀速圆周运动
B．卡文迪许测量出了引力常量G的数值
C．牛顿发现了万有引力定律
D．托勒密提出了日心说
【考点】万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定．
【分析】明确有关天体运动对应的物理学史，明确地心说、日心说的主要代表人物，同时掌握万有引力定律的发现以及引力常数的测定．
【解答】解：
A、地球绕太阳做椭圆运动，太阳处在地球轨道的一个焦点上，故A错误；
BC、牛顿发现了万有引力定律，而卡文迪许测量出了引力常量G的数值，故BC正确；
D、托勒密提出了地心说，哥白尼提出的日心说，故D错误．
本题选错误的，故选：
AD．
14．如图所示，人在岸上拉船，已知船的质量为m，水的阻力恒为Ff，当轻绳与水平面的夹角为θ时，船的速度为v，此时人的拉力大小为F，则此时（ ）
A．人拉绳行走的速度为vcosθB．人拉绳行走的速度为
C．船的加速度为
D．船的加速度为
【考点】牛顿第二定律；合力的大小与分力间夹角的关系．
【分
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