学年贵州省贵阳市第二中学高二下学期期末考试化学试题 解析版.docx
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学年贵州省贵阳市第二中学高二下学期期末考试化学试题解析版
贵阳市贵阳二中2018-2019学年度第二学期期末考试
高二化学
说明:
1、本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷,共34道题。
2、可能用到的相对原子质量:
H-1C—12N—14O-16S-32Na—23Mg—24Al—27Cl—35.5Zn—65Fe—56Cu--64Ca-40Ag-108
第I卷选择题(共60分)
一、选择题(本题包括30小题,每题2分,共60分,每小题只有一个选项符合题意)
1.下列说法中正确的是
A.阿伏加德罗常数就是指6.02×1023
B.1mol任何物质都约含有6.02×1023个分子
C.3.01×1023个Na+的物质的量是0.5mol
D.2molSO42-约含有1.204×1023个SO42-
【答案】C
【解析】
【详解】A、阿伏加德罗常数指1mol任何物质所含的粒子数,约为6.02×1023,故A错误;
B、分子错误,应为粒子数,像NaCl就不存在分子,故B错误;
C.3.01×1023个Na+的物质的量是0.5mol,故C正确;
D,2molSO42-约含有1.204×1024个SO42-,故D错误。
答案选C。
2.下列叙述正确的是( )
A.1molCO2的质量为44g/molB.H2SO4的摩尔质量为98
C.标准状况下,气体摩尔体积约为22.4LD.O2的相对分子质量为32
【答案】D
【解析】
【详解】A、质量的单位为g,故1mol二氧化碳的质量为44g,故A错误;
B、摩尔质量的单位为g/mol,故硫酸的摩尔质量为98g/mol,故B错误;
C、气体摩尔体积的单位为L/mol,故标况下,气体摩尔体积为22.4L/mol,故C错误;
D、O的相对原子质量为16,故氧气的相对分子质量为32,故D正确;
答案选D。
3.用NA表示阿伏德罗常数,下列叙述正确的是()
A.标准状况下,22.4LH2O含有的分子数为NA
B.常温常压下,1.06gNa2CO3含有的Na+离子数为0.02NA
C.物质的量浓度为1mol/L的MgCl2溶液中,含有Cl—个数为2NA
D.通常状况下,NA个CO2分子占有的体积为22.4L
【答案】B
【解析】
【详解】A.标准状况下,水是液体,无法用气体摩尔体积求物质的量,A错误;
B.常温常压下,Na2CO3为离子晶体,1.06g即0.01mol,含有的Na+离子数为0.02NA,B正确;
C.物质的量浓度为1mol/L的MgCl2溶液中,未给定体积无法计算含有Cl—的个数,C错误;
D.标准状况下,NA个CO2分子占有的体积为22.4L,D错误;
答案为B;
【点睛】只有浓度,未给定体积无法计算个数,标况下的气体摩尔体积为22.4L/mol。
4.下列各组中的离子,能在溶液中大量共存的是()
A.K+、H+、SO42-、OH-B.Na+、Ca2+、CO32-、NO3-
C.Na+、H+、Cl-、CO32-D.Na+、Cu2+、Cl-、SO42-
【答案】D
【解析】
【详解】A.K+、H+、SO42-、OH-中,H+与OH-反应不能大量共存,A错误;
B.Na+、Ca2+、CO32-、NO3-中,Ca2+与CO32-反应不能大量共存,B错误;
C.Na+、H+、Cl-、CO32-中,H+与CO32-反应不能大量共存,C错误;
D.Na+、Cu2+、Cl-、SO42-中,不反应可以大量共存,D正确;
答案为D。
5.能正确表示下列化学反应的离子方程式是
A.氢氧化钡溶液与稀硫酸的反应:
OH-+H+=H2O
B.澄清的石灰水与稀盐酸反应:
Ca(OH)2+2H+=Ca2++2H2O
C.铁丝插入硫酸铜溶液中:
Fe+Cu2+=Cu+Fe2+
D.碳酸钙溶于稀盐酸中:
CO32-+2H+=H2O+CO2↑
【答案】C
【解析】
【详解】A.氢氧化钡溶液与硫酸反应生成硫酸钡沉淀和水:
Ba2++SO42-+2OH-+2H+=2BaSO4↓+2H2O,故A错误;
B.澄清的石灰水与稀盐酸反应中氢氧化钙可以拆开,即OH-+H+=H2O,故B错误;
C.铁丝插入硫酸铜溶液中生成硫酸亚铁和铜:
Fe+Cu2+=Cu+Fe2+,故C正确;
D.碳酸钙溶于稀盐酸中生成氯化钙、水和二氧化碳:
CaCO3+2H+=Ca2++H2O+CO2↑,故D错误;
故选C。
6.实验室制取少量N2常利用的反应是NaNO2+NH4ClNaCl+N2↑+2H2O,关于该反应的说法正确的是()
A.NaNO2是氧化剂B.生成1molN2时转移电子为6mol
C.NH4Cl中的N元素被还原D.N2既是氧化剂又是还原剂
【答案】A
【解析】
【详解】A.NaNO2中N原子化合价为+3价,反应后变为0价,作氧化剂,A正确;
B.生成1molN2时氧化剂化合价由+3变为0,转移的电子为3mol,B错误;
C.NH4Cl中的N原子化合价升高,作还原剂被氧化,C错误;
D.N2既是氧化产物又是还原产物,D错误;
答案为A。
【点睛】氧化还原反应中,还原剂在反应物中找,特征为“升失氧”。
7.下列事实不能用元素周期律解释的有( )
A.碱性:
KOH>NaOHB.相对原子质量:
Ar>K
C.酸性:
HClO4>H2SO4D.元素的金属性:
Mg>Al
【答案】B
【解析】
【详解】A.同主族从上到下元素的金属性、最高价氧化物的水化物的碱性逐渐增强,故A正确;
B.元素周期表是按照原子序数从小到大的顺序编排的,不是按照相对原子质量的大小,故B错误;
C.同周期从左到右元素的最高价氧化物对应的水化物的酸性逐渐增强,故C正确;
D.同周期从左到右元素的金属性逐渐减弱,D正确。
答案选B。
8.今年是门捷列夫发现元素周期律150周年。
下表是元素周期表的一部分,W、X、Y、Z为短周期主族元素,W与X的最高化合价之和为8。
下列说法错误的是
A.原子半径:
WB.常温常压下,Y单质为固态
C.气态氢化物热稳定性:
ZD.X的最高价氧化物的水化物是强碱
【答案】D
【解析】
【分析】
W、X、Y和Z为短周期主族元素,依据位置关系可以看出,W的族序数比X多2,因主族元素族序数在数值上等于该元素的最高价(除F与O以外),可设X的族序数为a,则W的族序数为a+2,W与X的最高化合价之和为8,则有a+(a+2)=8,解得a=3,故X位于第IIIA族,为Al元素;Y为Si元素,Z为P元素;W为N元素,据此分析作答。
【详解】根据上述分析可知W、X、Y和Z为N、Al、Si和P,则
A.同一周期从左到右元素原子半径依次减小,同一主族从上到下元素原子半径依次增大,则原子半径比较:
N<Al,A项正确;
B.常温常压下,Si为固体,B项正确;
C.同一主族元素从上到下,元素非金属性依次减弱,气体氢化物的稳定性依次减弱,则气体氢化物的稳定性:
PH3<NH3,C项正确;
D.X的最高价氧化物的水化物为氢氧化铝,即可以和强酸反应,又可以与强碱反应,属于两性氢氧化物,D项错误;
答案选D。
【点睛】非金属性越强的原子形成氢化物越稳定,与氢气化合越容易,其最高价氧化物对应的水化物的酸性越强,对应阴离子的还原性越弱,要识记并理解。
9.已知:
2Fe(s)+O2(g)=2FeO(s)△H=-544kJ·mol-1
4Al(s)+3O2(g)=2Al2O3(s)△H=-3350kJ·mol-1
则2Al(s)+3FeO(s)=Al2O3(s)+3Fe(s)的△H是
A.-859kJ·mol-1B.+859kJ·mol-1
C.-1403kJ·mol-1D.-2491kJ·mol-1
【答案】A
【解析】
【详解】根据反应①2Fe(s)+O2(g)=2FeO(s)和反应②4Al(s)+3O2(g)=2Al2O3(s)可知,②×-①×得到2Al(s)+3FeO(s)=Al2O3(s)+3Fe(s),所以反应热是(-3350kJ·mol-1)×+544kJ·mol-1×=-859kJ·mol-1,
答案选A。
10.下列说法正确的是( )
A.在101kPa时,1molH2完全燃烧生成液态水,放出285.8kJ热量,H2的燃烧热为-285.8kJ·mol-1
B.测定HCl和NaOH反应的中和热时,每次实验均应测量3个温度,即盐酸起始温度,NaOH起始温度和反应后终止温度
C.在101kPa时,1molC与适量O2反应生成1molCO时,放出110.5kJ热量,则C的燃烧热为110.5kJ·mol-1
D.在稀溶液中,H+(aq)+OH-(aq)=H2O(l),H=-57.3kJ·mol-1。
若将含0.5molH2SO4的浓硫酸与含1molNaOH的溶液混合,放出的热量等于57.3kJ
【答案】B
【解析】
【详解】A.燃烧热是指在一定条件下,1mol可燃物完全燃烧生成稳定的氧化物时所放出的热量,A中没有指明温度,故A错误;
B.中和热测定时,必须测定起始温度和反应后温度,所以每次实验均应测量3个温度,即盐酸起始温度,NaOH起始温度和反应后终止温度,故B正确;
C.碳生成稳定氧化物为二氧化碳,不是一氧化碳,所以不能表示碳的燃烧热,故C错误;
D.因为浓硫酸稀释放热,所以将含0.5mol H2SO4的浓硫酸与含1mol NaOH的溶液混合,放出的热量大于57.3kJ,故D错误。
答案选B。
11.CH3CH2OH分子中的氢原子的环境有()种
A.1B.2C.3D.6
【答案】C
【解析】
【详解】CH3CH2OH分子中,其中-CH3中3个H原子等效,-CH2-中的2个H原子等效,故分子中含有3种不同的H原子,
答案选C。
12.某有机物在氧气中充分燃烧,生成等物质的量的水和二氧化碳,则该有机物必须满足的条件是()
A.分子中的C、H、O的个数比为1:
2:
3B.中C、H个数比为1:
2
C.该有机物的相对分子质量为14D.该分子中肯定不含氧元素
【答案】B
【解析】
【分析】
某有机物在氧气中充分燃烧,生成等物质的量的水和二氧化碳,只能说明该有机物中含有C、H原子个数之比为1:
2;题中条件无法确定该有机物是否含有氧元素,以此进行解答。
【详解】A.燃烧产物为二氧化碳和水,无法确定该有机物中是否含有氧元素,故A错误;
B.根据生成等物质的量的水和二氧化碳可知,该有机物分子中含有C、H的原子个数比为1:
2,故B正确;
C.根据题意只能确定该有机物中碳原子和氢原子的个数比,不能判断出该有机物中是否含有氧元素,但可以确定该有机物的相对分子质量一定不是14,故C错误;
D.燃烧产物为二氧化碳和水,无法确定该有机物中否含有氧元素,故D错误;
故答案为B。
【点睛】本题讨论根据有机物燃烧产物,确定有机物的组成,解题关键是只能确定此有机物一定含有碳、氢元素,无法确定是否含有氧元素,由此结合各选项展开分析讨论,属基础考查。
13.下列物质的类别与所含官能团都错误的是()
A.羧酸—OHB.醇类—COOH
C.醛类—CHOD.醚类CH3-O-CH3
【答案】C
【解析】
【详解】A.含有的官能团为羧基(-COOH),不是醇羟基,属羧酸,故A不符合题意;
B.的羟基连在链烃基上的有机物属于醇类,所含有的官能团不是—COOH,故B不符合题意;
C.含有酯基,属酯类有机物