人教版数学高中必修5课件 16.docx
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人教版数学高中必修5课件16
[学习目标] 1.熟练应用等比数列前n项和公式的有关性质解题.2.应用方程的思想方法解决与等比数列前n项和有关的问题.
知识点一 等比数列的前n项和的变式
1.等比数列{an}的前n项和为Sn,当公比q≠1时,Sn====-;
当q=1时,Sn=na1.
2.当公比q≠1时,等比数列的前n项和公式是Sn=,它可以变形为Sn=-·qn+,设A=,上式可写成Sn=-Aqn+A.由此可见,非常数列的等比数列的前n项和Sn是由关于n的一个指数式与一个常数的和构成的,而指数式的系数与常数项互为相反数.
当公比q=1时,因为a1≠0,所以Sn=na1是n的正比例函数(常数项为0的一次函数).
思考 在数列{an}中,an+1=can(c为非零常数)且前n项和Sn=3n-1+k,则实数k等于________.
答案 -
解析 由题{an}是等比数列,
∴3n的系数与常数项互为相反数,
而3n的系数为,
∴k=-.
知识点二 等比数列前n项和的性质
1.连续m项的和(如Sm、S2m-Sm、S3m-S2m)仍构成等比数列.(注意:
q≠-1或m为奇数)
2.Sm+n=Sm+qmSn(q为数列{an}的公比).
3.若{an}是项数为偶数、公比为q的等比数列,则=q.
思考 在等比数列{an}中,若a1+a2=20,a3+a4=40,则S6等于( )
A.140B.120
C.210D.520
答案 A
解析 S2=20,S4-S2=40,∴S6-S4=80,
∴S6=S4+80=S2+40+80=140.
题型一 等比数列前n项和的性质
例1
(1)等比数列{an}中,S2=7,S6=91,则S4=______.
(2)等比数列{an}共有2n项,其和为-240,且(a1+a3+…+a2n-1)-(a2+a4+…+a2n)=80,则公比q=____.
答案
(1)28
(2)2
解析
(1)∵数列{an}是等比数列,
∴S2,S4-S2,S6-S4也是等比数列,
即7,S4-7,91-S4也是等比数列,
∴(S4-7)2=7(91-S4),
解得S4=28或S4=-21.
又∵S4=a1+a2+a3+a4=a1+a2+a1q2+a2q2
=(a1+a2)(1+q2)=S2·(1+q2)>0,
∴S4=28.
(2)由题S奇+S偶=-240,S奇-S偶=80,
∴S奇=-80,S偶=-160,
∴q==2.
反思与感悟 解决有关等比数列前n项和的问题时,若能恰当地使用等比数列前n项和的相关性质,常常可以避繁就简.不仅可以减少解题步骤,而且可以使运算简便,同时还可以避免对公比q的讨论.解题中把握好等比数列前n项和性质的使用条件,并结合题设条件寻找使用性质的切入点,方可使“英雄”有用武之地.
跟踪训练1
(1)设等比数列{an}的前n项和为Sn,若=3,则等于( )
A.2B.
C.D.3
答案 B
解析 方法一 因为数列{an}是等比数列,所以S6=S3+q3S3,S9=S6+q6S3=S3+q3S3+q6S3,于是==3,
即1+q3=3,所以q3=2.
于是===.
方法二 由=3,得S6=3S3.
因为数列{an}是等比数列,且由题意知q≠-1,所以S3,S6-S3,S9-S6也成等比数列,所以(S6-S3)2=S3(S9-S6),解得S9=7S3,所以=.
(2)一个项数为偶数的等比数列,各项之和为偶数项之和的4倍,前3项之积为64,求通项公式.
解 设数列{an}的首项为a1,公比为q,全部奇数项、偶数项之和分别记为S奇、S偶,由题意知
S奇+S偶=4S偶,即S奇=3S偶.
∵数列{an}的项数为偶数,∴q==.
又a1·a1q·a1q2=64,∴a·q3=64,即a1=12.
故所求通项公式为an=12·n-1.
题型二 等比数列前n项和的实际应用
例2 小华准备购买一台售价为5000元的电脑,采用分期付款方式,并在一年内将款全部付清.商场提出的付款方式为:
购买2个月后第1次付款,再过2个月后第2次付款,…,购买12个月后第6次付款,每次付款金额相同,约定月利率为0.8%,每月利息按复利计算,求小华每期付款金额是多少.
解 方法一 设小华每期付款x元,第k个月末付款后的欠款本利为Ak元,则:
A2=5000×(1+0.008)2-x=5000×1.0082-x,
A4=A2(1+0.008)2-x=5000×1.0084-1.0082x-x,
…
A12=5000×1.00812-(1.00810+1.0088+…+1.0082+1)x=0,
解得x=
=≈880.8.
故小华每期付款金额约为880.8元.
方法二 设小华每期付款x元,到第k个月时已付款及利息为Ak元,则:
A2=x;
A4=A2(1+0.008)2+x=x(1+1.0082);
A6=A4(1+0.008)2+x=x(1+1.0082+1.0084);
…
A12=x(1+1.0082+1.0084+1.0086+1.0088+1.00810).
∵年底付清欠款,∴A12=5000×1.00812,
即5000×1.00812=x(1+1.0082+1.0084+…+1.00810),
∴x=≈880.8.
故小华每期付款金额约为880.8元.
反思与感悟 分期付款问题是典型的求等比数列前n项和的应用题,此类题目的特点是:
每期付款数相同,且每期间距相同.解决这类问题有两种处理方法,如本题中方法一是按欠款数计算,由最后欠款为0列出方程求解;而方法二是按付款数计算,由最后付清全部欠款列方程求解.
跟踪训练2 从社会效益和经济效益出发,某地投入资金进行生态环境建设,并以此发展旅游产业.根据规划,本年度投入800万元,以后每年投入将比上年减少,本年度当地旅游收入估计为400万元,由于该项建设对旅游业的促进作用,预计今后的旅游业收入每年会比上年增长.设n年内(本年度为第一年)总投入为an万元,旅游业总收入为bn万元,写出an,bn的表达式.
解 第1年投入800万元,第2年投入800×万元,…,第n年投入800×n-1万元,
所以总投入an=800+800×+…+800×
n-1=4000×(万元).
同理,第1年收入400万元,第2年收入400×万元,…,第n年收入400×n-1万元.
所以总收入bn=400+400×+…+400×
n-1=1600×.
综上,an=4000×,bn=1600×.
题型三 新情境问题
例3 定义:
若数列{An}满足An+1=A,则称数列{An}为“平方数列”.已知数列{an}中,a1=2,点(an,an+1)在函数f(x)=2x2+2x的图象上,其中n为正整数.
(1)证明:
数列{2an+1}是“平方数列”,且数列{lg(2an+1)}为等比数列;
(2)设
(1)中“平方数列”的前n项之积为Tn,则Tn=(2a1+1)(2a2+1)·…·(2an+1),求数列{an}的通项及Tn关于n的表达式;
(3)对于
(2)中的Tn,记bn=log2an+1Tn,求数列{bn}的前n项和Sn,并求使Sn>4024的n的最小值.
(1)证明 由条件得an+1=2a+2an,
2an+1+1=4a+4an+1=(2an+1)2.
∴数列{2an+1}是“平方数列”.
∵lg(2an+1+1)=lg(2an+1)2=2lg(2an+1),
且lg(2a1+1)=lg5≠0,
∴=2,
∴{lg(2an+1)}是首项为lg5,公比为2的等比数列.
(2)解 ∵lg(2a1+1)=lg5,∴lg(2an+1)=2n-1lg5.
∴2an+1=
,∴an=(
-1).
∵lgTn=lg(2a1+1)+lg(2a2+1)+…+lg(2an+1)
=
=(2n-1)lg5,
∴Tn=
-1.
(3)解 ∵bn=log
Tn==
==2-n-1,
∴Sn=2n-
=2n-
=2n-2+2n.
由Sn>4024,得2n-2+2n>4024,
即n+n>2013.
当n≤2012时,n+n<2013;
当n≥2013时,n+n>2013.
∴n的最小值为2013.
反思与感悟 数列创新题的特点及解题关键
特点:
叙述复杂,关系条件较多,难度较大.
解题关键:
读清条件要求,理清关系,逐个分析.
跟踪训练3 把一个边长为1正方形等分成九个相等的小正方形,将中间的一个正方形挖掉(如图
(1));再将剩余的每个正方形都分成九个相等的小正方形,并将中间的一个正方形挖掉(如图
(2));如此继续下去,则:
(1)图(3)共挖掉了________个正方形;
(2)第n个图形共挖掉了________个正方形,这些正方形的面积和是________.
答案
(1)73
(2) 1-n
解析
(1)8×9+1=73.
(2)设第n个图形共挖掉an个正方形,则a1=1,a2-a1=8,a3-a2=82,…,an-an-1=8n-1(n≥2),所以an=1+8+82+…+8n-1=(n≥2).当n=1时,a1=1也满足上式,所以an=.
原正方形的边长为1,则这些被挖掉的正方形的面积和为
1×2+8×4+82×6+…+8n-1×2n==1-n.
1.等比数列{an}中,a1a2a3=1,a4=4,则a2+a4+a6+…+a2n等于( )
A.2n-1B.
C.D.
答案 B
解析 由a1a2a3=1得a=1,
∴a2=1,
又∵a4=4,
∴=4.
∴数列a2,a4,a6,…,a2n是首项为1,
公比为4的等比数列.
∴a2+a4+a6+…+a2n==.
2.某住宅小区计划植树不少于100棵,若第一天植2棵,以后每天植树的棵数是前一天的2倍,则需要的最少天数n(n∈N*)等于( )
A.3B.4
C.5D.6
答案 D
解析 设每天植树棵数为{an},则{an}是等比数列,
∴an=2n(n∈N*,n为天数).
由题意得2+22+23+…+2n≥100,
∴2n-1≥50,
∴2n≥51,
∴n≥6.
∴需要的最少天数n=6.
3.等比数列{an}的前m项和为4,前2m项和为12,则它的前3m项和是( )
A.28B.48
C.36D.52
答案 A
解析 易知Sm=4,S2m-Sm=8,
∴S3m-S2m=16,
∴S3m=12+16=28.
4.已知数列{an}是等比数列,Sn是其前n项的和,a1,a7,a4成等差数列.求证:
2S3,S6,S12-S6成等比数列.
证明 设等比数列{an}的公比为q,由题意得2a7=a1+a4,
即2a1·q6=a1+a1·q3,
∴2q6-q3-1=0.
令q3=t,则2t2-t-1=0,
∴t=-或t=1,
即q3=-或q3=1.
当q3=1时,2S3=6a1,S6=6a1,S12-S6=6a1,
∴S=2S3·(S12-S6),
∴2S3,S6,S12-S6成等比数列.
当q3=-时,2S3=2×==,
S6==,
S12-S6===,
∴S=2S3·(S12-S6),
∴2S3,S6,S12-S6成等比数列.
综上可知,2S3,S6,S12-S6成等比数列.
1.等比数列前n项和的性质.
2.等比数列中用到的数学思想
(1)分类讨论的思想:
①利用等比数列前n项和公式时要分公比q=1和q≠1两种情况讨论;
②研究等比数列的单调性时应进行讨论:
当a1>0,q>1或a1<0,01或a1>0,0(2)函数的思想:
等比数列的通项an=a1qn-1=·qn(q>0且q≠1)常和指数函数相联系;等比数列前n项和Sn=·(qn-1)(q≠1).设A=,则Sn=A(qn-1)也与指数函数相联系.
(3)整体思想:
应用等比数列前n项和时,常把qn,当成整体求解.
一、选择题
1.等比数列{an}的前n项和为Sn,且4a1,2a2,a3成等差数列.若a1=1,则S4等于( )
A.7B.8
C.15D.16
答案 C
解析 由题意得4a2=4a1+a3,
∴4(a1q)=4a1+a1·q2,
∴q=2,
∴S4==15.
2.等比数列{an}的首项为1,公比为q,前n项的和为S,由原数列各项的倒数组成一个新数列,则数列的前n项的和是( )
A.B.Sqn-1
C.Sq1-nD.
答案 C
解析 易知数列也是等比数列,首项为1,公比为,则数列的前n项和为==·==S·q1-n.
3.已知等比数列{an}的前3项和为1,前6项和为9,则它的公比q等于( )
A.B.1
C.2D.4
答案 C
解析 S3=1,S6=9,
∴S6-S3=8=a4+a5+a6=q3(S3)=q3,
∴q3=8,∴q=2.
4.已知数列{an}的前n项和Sn=an-1(a是不为零的常数且a≠1),则数列{an}( )
A.一定是等差数列
B.一定是等比数列
C.或者是等差数列,或者是等比数列
D.既非等差数列,也非等比数列
答案 B
解析 当n≥2时,an=Sn-Sn-1=(a-1)·an-1;
当n=1时,a1=S1=a-1,也满足上式.
∴an=(a-1)·an-1,n∈N*.
∴=a,为常数.
∴数列{an}一定是等比数列.
5.设数列{xn}满足log2xn+1=1+log2xn(n∈N*),且x1+x2+…+x10=10,记{xn}的前n项和为Sn,则S20等于( )
A.1025B.1024
C.10250D.20240
答案 C
解析 ∵log2xn+1=1+log2xn=log2(2xn),
∴xn+1=2xn,且xn>0,
∴{xn}为等比数列,且公比q=2,
∴S20=S10+q10S10=10+210×10=10250,故选C.
6.已知等比数列{an}的首项为8,Sn是其前n项的和,某同学经计算得S1=8,S2=20,S3=36,S4=65,后来该同学发现其中一个数算错了,则该数为( )
A.S1B.S2
C.S3D.S4
答案 C
解析 由题S1正确.
若S4错误,则S2、S3正确,于是a1=8,a2=S2-S1=12,a3=S3-S2=16,与{an}为等比数列矛盾,故S4=65.
若S3错误,则S2正确,此时,a1=8,a2=12.
∴q=,∴S4===65,符合题意.
7.设等比数列{an}的前n项和为Sn,若8a2+a5=0,则下列式子中数值不能确定的是( )
A.B.
C.D.
答案 D
解析 由8a2+a5=0,得8a2+a2q3=0,
∵a2≠0,
∴q3=-8,∴q=-2,
∵=q2=4,
===,
===,
而D中=与n有关,故不确定.
二、填空题
8.在数列{an}中,已知对任意正整数n,有a1+a2+…+an=3n-1,则a+a+a+…+a=________.
答案 (9n-1)
解析 {an}的首项为2,公比为3,
∴{a}也为等比数列,首项为4,公比为9,
∴{a}的前n项和为=(9n-1)
9.等比数列{an}中,前n项和为Sn,S3=2,S6=6,则a10+a11+a12=________.
答案 16
解析 方法一 ∵S3,S6-S3,S9-S6,S12-S9成等比数列,
∴(S6-S3)2=S3·(S9-S6).
又∵S3=2,S6=6,∴S9=14.
再由S6-S3,S9-S6,S12-S9成等比数列,
即(S9-S6)2=(S6-S3)·(S12-S9),
求出S12-S9=16,即a10+a11+a12=16.
方法二 由S3,S6-S3,S9-S6,S12-S9成等比数列,此数列首项为S3=2,
公比q′===2,得S12-S9=2×23=16.
10.设正项等比数列{an}的首项a1=,前n项和为Sn,且210S30-(210+1)S20+S10=0,则公比q=________.
答案
解析 由210S30-(210+1)S20+S10=0,
得210(S30-S20)=S20-S10.
又S10,S20-S10,S30-S20成等比数列,
∴=q10=()10.
又{an}为正项等比数列,∴q=.
11.设f(x)是定义在R上的恒不为零的函数,且对任意的实数x,y,都有f(x)·f(y)=f(x+y).若a1=,an=f(n)(n∈N*),则数列{an}的前n项和Sn=________.
答案 1-
解析 令x=n,y=1,则f(n)·f
(1)=f(n+1),
又an=f(n),∴==f
(1)=a1=,
∴数列{an}是以为首项,为公比的等比数列,
∴Sn==1-.
三、解答题
12.数列{an}的前n项和记为Sn,a1=t,点(Sn,an+1)在直线y=2x+1上,其中n∈N*.
(1)若数列{an}是等比数列,求实数t的值;
(2)设各项均不为0的数列{cn}中,所有满足ci·ci+1<0的整数i的个数称为这个数列{cn}的“积异号数”,令cn=(n∈N*),在
(1)的条件下,求数列{cn}的“积异号数”.
解
(1)由题意,当n≥2时,有,
两式相减,得an+1-an=2an,
即an+1=3an(n≥2),
所以,当n≥2时{an}是等比数列,
要使n≥1时{an}是等比数列,
则只需==3,从而得出t=1.
(2)由
(1)得,等比数列{an}的首项为a1=1,公比q=3,∴an=3n-1,
∴cn===1-,
∵c1=1-=-3,c2=1-=,
∴c1c2=-1<0,
∵cn+1-cn=-
=>0,
∴数列{cn}递增.
由c2=>0得,当n≥2时,cn>0.
∴数列{cn}的“积异号数”为1.
13.某市为控制大气PM2.5的浓度,环境部门规定:
该市每年的大气主要污染物排放总量不能超过55万吨,否则将采取紧急限排措施.已知该市2013年的大气主要污染物排放总量为40万吨,通过技术改造和倡导绿色低碳生活等措施,此后每年的原大气主要污染物排放量比上一年的排放总量减少10%.同时,因为经济发展和人口增加等因素,每年又新增加大气主要污染物排放量m(m>0)万吨.
(1)从2014年起,该市每年大气主要污染物排放总量(万吨)依次构成数列{an},求相邻两年主要污染物排放总量的关系式;
(2)证明:
数列{an-10m}是等比数列;
(3)若该市始终不需要采取紧急限排措施,求m的取值范围.
(1)解 由已知得,
a1=40×0.9+m,
an+1=0.9an+m(n≥1).
(2)证明 由
(1)得:
an+1-10m=0.9an-9m=0.9(an-10m),
所以数列{an-10m}是以a1-10m=36-9m为首项,0.9为公比的等比数列.
(3)解 由
(2)得an-10m=(36-9m)·0.9n-1,
即an=(36-9m)·0.9n-1+10m.
由(36-9m)·0.9n-1+10m≤55,得
m≤==+4
恒成立(n∈N*),
解得m≤5.5,
又m>0,
综上可得m∈(0,5.5].