C．若Δp甲<Δp乙，则ρ甲>ρ乙
D．若Δp甲<Δp乙，则G甲>G乙
二、填空题
9．上海地区家庭照明电路的电压为_____伏，电灯与控制它的电键是___连接的（均选填“串联”或“并联”），家中同时使用的用电器越多，电路中总电流越___。
10．铁的密度为7.8×103千克/米3，它的单位读作_________________。
现有一木块放在水平地面，将它切去一半，则剩余部分密度_____，对地面的压力______。
（后两空选填“变大”、“不变”或“变小”）
11．柱形容器内有适量的水，水面下某点的压强为9.8×102帕，它表示该点每平方米面积上受到水的_____为9.8×102牛，该点的深度为______米；若该点的深度增加0.1米，则水的压强变为_____帕。
12．质量为0.5千克的木块漂浮在水面上，它所受到的浮力为____牛，排开水的重力为___牛。
若该木块同样漂浮在海面上，则它排开海水的质量_____0.5千克。
（选填“大于”、“等于”或“小于”）
13．某导体两端的电压为3伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为5库，通过该导体的电流为____安，该导体的电阻为___欧。
将该导体两端的电压降到0.6伏，其电阻为___欧。
14．现有长度相同的铜导线甲和乙，已知甲的电阻较大，则甲的横截面积_______乙的横截面积；若将它们串联在电路中，甲两端的电压_______乙两端的电压；若将它们并联在电路中，则甲的______它们并联的总电阻。
（均选填“小于”、“等于”或“大于”）
15．如图所示，电源电压保持不变．闭合电键S后，电压表示数为U，一段时间后发现只有一个电表的示数变大，已知电阻R1、R2中仅有一个出现了故障．
（1）故障情况是________或_________．
（2）若将R1和R2的位置互换，则示数一定不发生变化的是___________表（选填“A”、“V”或“A和V”）
（3）若此时电压表示数为3U，则R1与R2的比值为_________．
16．如图所示是实验室常用的电压表．小鹏同学根据电压表测量电源电压过程中指针发生偏转的现象得出结论：
①电压表使用过程中有电流通过．②指针偏转角度越大，流过的电流越大．③指针偏转的方向与电流方向无关．④使用不同的量程测量同一电源电压时指针偏转的角度相同．
（1）你认为小鹏同学得出的结论正确的是___________（写出序号）．
（2）关于小鹏同学的结论，请写出你认为错误的某一条（写出序号）并说出你的依据．
答：
___________，依据：
____________________________________．
17．如图（a）所示的实验装置可以用来证明_______的存在．如图（b）所示的实验仪器的名称是______．在“探究液体物质的质量与体积的关系”时，应先选用同一种液体改变__________进行多次实验（选填“质量”或“体积”），其次再对__________液体进行实验．
三、作图题
18．如图所示，重为6牛的物体静止在水面上，请用力的图示法画出它受到的浮力。
（____）
19．如图所示，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上，补上后要求：
电键S闭合后，两盏小灯L1、L2都能发光，电流表只测量通过L2的电流。
（____）
四、计算题
20．体积为2×10﹣3米3的金属小球浸没在水中．求：
（1）小球排开水的体积V排．
（2）小球受到的浮力F浮．
21．如图所示，电源电压为6伏保持不变，电阻R1的阻值为10欧，闭合电键后R1两端电压为4伏．求：
（1）通过电阻R1的电流I1．
（2）通电10秒流过电阻R2的电流所做的功W2．
22．如图所示，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2标有“20Ω1A”字样。
闭合电键后移动滑片使电流表示数如图中所示，已知通过R1的电流I1为0.6安，求：
（1）电源电压U。
（2）此时滑动变阻器连入电路的阻值R2。
（3）重新移动滑片使电压表V与电流表A示数的比值最小，求此时电路消耗的总功率P总。
23．如图所示，底面积为2×10-2米2的正方体木块放置在水平地面上，现将盛有体积为4×10-3米3水的轻质薄壁圆柱形容器放在木块的中央，已知圆柱形容器的底面积为1×10-2米2。
求：
（1）容器内水的质量m水。
（2）容器对木块的压强p容。
（3）现有一实心小球浸没在该圆柱形容器内的水中（容器足够高），此时水对容器底部压强的增加量为Δp水，木块对地面压强的增加量为Δp木，若Δp水:
Δp木=5:
3，求小球的密度ρ球。
五、实验题
24．在“探究导体中电流与导体两端电压的关系”实验中，电流表应_________在电路中，电压表应__________在电路中（均选填“串联”或“并联”）。
如图所示，表明甲导体中电流与其两端的电压成______关系；乙导体的电阻为_______欧。
25．某小组同学做“用电流表、电压表测电阻”的实验，现有电源（电压保持不变）、待测电阻Rx、电流表、电压表（只有0~3伏档完好）、滑动变阻器A、B两个待选（A标有“20Ω2A”字样、B标有“5Ω1A”字样）、电键及导线若干．该小组同学将待测电阻Rx、电流表、电键、滑动变阻器等串联接入电路后，再将电压表并联在Rx两端．闭合电键后，在移动滑片的过程中发现两电表的示数如序号1所示，且始终不变．该小组同学经过思考后重新调整电路并实验，记录下另外两次实验的数据如序号2和3所示．
（1）该小组同学重新调整电路前使用的滑动变阻器规格是_______．（选填“A”或“B”）
（2）实验所用电源的电压为_________伏．
（3）请将下表填写完整（计算电阻时，精确到0.1欧）
物理量
序号
电流（安）
电压（伏）
电阻Rx（欧）
电阻Rx平均值（欧）
1
0.20
3.0
...
___________
2
0.22
0.6
...
3
0.24
0.3
_______
26．为了探究均匀实心圆柱体沿水平方向切割后对水平桌面压强变化量Δp与切割厚度Δh的关系，某小组同学和老师一起设计了实验方案，并确定实验步骤如下：
①选用重力G、底面积S和高度h都已知的某一均匀实心圆柱体，并将其放置在水平桌面上．
②用_______________测出切割部分的重力ΔG．
③用工具沿水平方向切去该圆柱体一定的厚度Δh，利用刻度尺测出Δh．
④分析桌面压强变化量Δp与厚度Δh的关系．
⑤收集实验数据记入表格，处理数据，并计算出桌面压强变化量Δp．
（1）你认为正确的实验步骤是______________________（选填字母），并写出序号②所需要的实验器材名称：
______．
A．①②③④⑤B．①③④②⑤C．②③①⑤④D．①③②⑤④
下表是实验方案中设计的数据记录表，请你在表格中第一行空白处填写相应的内容，
物理量
序号
底面积S（米2）
切割厚度Δh（米）
切割重力
ΔG（牛）
_______
压强变化量
Δp（帕）
1
2
3
并写出桌面压强变化量Δp的计算式：
__________________．
（3）该小组同学经过讨论后一致认为还需要选择不同的均匀实心圆柱体进行实验，你是否同意他们的观点？
请说出你的理由．
答：
___________（选填“同意”或“不同意”）
理由：
__________________________________________________．
参考答案
1．A
【解析】
【分析】
根据对常见电压值解答本题。
【详解】
根据生活经验可知一节新干电池的电压是1.5V。
故选A。
2．D
【解析】
【分析】
大气压强：
空气受重力的作用，空气又有流动性，因此向各个方向都有压强。
【详解】
A、洒水车是利用液体的压强的原理制成的，不属于大气压的利用，不符合题意；
B、船闸的原理先打开一端，船闸里的水位逐渐与外面相等，外面的船就可以开进船闸；然后把这一端船闸关闭，打开另一端的船闸，船闸里的水位逐渐与外面相等，船就可以开到另一端去，应用了两次连通器，不符合题意；
C、高压喷水器是利用液体的压强的原理制成的，不属于大气压的利用，不符合题意；
D、抽水机就是利用大气压的原理来工作的，符合题意。
故选D。
3．B
【解析】
【详解】
A、安培发现了安培定则，故A不符合题意；
B、伏特首次制成能连续供电电源--电池，故B符合题意；
C、瓦特发明了蒸汽机，故C不符合题意；
D、欧姆发现了著名的欧姆定律，故D不符合题意。
故选B。
4．D
【解析】
【分析】
密度是物质的一种特性，它只与物质的种类有关，与质量、体积等因素无关，不同的物质，密度一般是不相同的，同种物质的密度则是相同的。
【详解】
小孩喝矿泉水时，矿泉水的质量减小、体积减小，重力也减小，但密度不变。
故选D。
5．C
【详解】
将泡沫板轻轻放入盛满水的自制溢水杯中，由于泡沫板的密度小于水的密度，所以泡沫板会漂浮在水面上，则由漂浮条件可知泡沫板受到的浮力等于泡沫板的重力，由阿基米德原理可知浮力也等于泡沫板排开水的重力（溢出水的重力），故溢出水的重力等于泡沫板的重力，大小为3N。
故C符合题意。
6．C
【分析】
（1）所谓控制变量法，就是在研究和解决问题的过程中，对影响事物变化规律的因素或条件加以人为控制，使其中的一些条件按照特定的要求发生变化或不发生变化，最终解决所研究的问题；
（2）等效替代法是在保证某种效果（特性和关系）相同的前提下，将实际的、陌生的、复杂的物理问题和物理过程用等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程代替来研究和处理的方法．
【详解】
①水压和电压都客观存在，但水压产生的作用可以直接观察，用水压类比电压，便于理解电压的作用，采用的是“类比法”；
②研究力的合成时，一个力产生的效果与其他几个力产生的效果相同，从而引入了合力，采用的是等效替代法；
③在串并联电路中几个电阻共同作用产生的效果与一个电阻产生的效果相同，从而引入了“总电阻”的概念，采用的是等效替代法；
④研究质量与体积的关系时，需要保持物质的密度一定（即用同种物质做实验），采用的是控制变量法．
所以研究方法相同的是②③，运用的都是等效替代法．
故选C．
7．B
【分析】
由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表V1测定值电阻两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表V1示数变化，根据串联电路的电压特点和欧姆定律可知V2示数变化；进一步可知电压表V1示数与电流表A示数的比值变化以及电压表V1与电压表V2示数的差值变化．
【详解】
分析电路图，闭合电键S，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表V1测定值电阻两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流，滑动变阻器滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，因电源电压保持不变，由
可知电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，故A错误；
当滑片P向左移动到最左端时，变阻器接入电路中的电阻为零，此时电压表V2示数变为零；故B正确；
滑片P向左移动时，电路中的电流变大，由U=IR可知，定值电阻两端的电压变大，即电压表V1的示数变大；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以变阻器两端的电压变小，即电压表V2示数变小，则电压表V1与电压表V2示数的差值变大，故C错误；
根据欧姆定律可知，电压表V1示数与电流表A示数的比值为定值电阻的阻值，由于定值电阻的阻值不变，则比值不变；故D错误．
故选B．
8．A
【解析】
【分析】
已知甲、乙两个实心小球等体积，根据水对容器底部压强的增加量的大小关系利用p=ρgh得出水的深度变化，然后得出小球浸入的体积变化；即可根据阿基米德原理判断得出小球所处的状态，根据物体的浮沉条件判断出小球的浮力和重力、密度的关系。
【详解】
A、若△p甲＞△p乙，由于实心小球是放入同一个圆柱形容器里的水中，根据p=ρgh可知：
△h甲＞△h乙，根据V排=S△h可知：
V甲排＞V乙排；根据F浮=ρgV排可知：
F浮甲＞F浮乙；故A正确；
B、由于甲、乙两个实心小球等体积，V甲排＞V乙排；则说明甲球浸没水中（悬浮或下沉），乙球漂浮，根据物体的浮沉条件可知：
G甲≥F浮甲，G乙=F浮乙；所以m甲＞m乙；故B错误；
C、若△p甲＜△p乙，由于实心小球是放入同一个圆柱形容器里的水中，根据p=ρgh可知：
△h甲＜△h乙，根据V排=S△h可知：
V甲排＜V乙排；由于甲、乙两个实心小球等体积，V甲排＜V乙排；则说明甲球漂浮，乙球浸没水中；根据物体的浮沉条件可知：
ρ甲＜ρ水，ρ乙≥ρ水；所以ρ甲＜ρ乙；故C错误；
D、由于甲、乙两个实心小球等体积，根据G=mg=ρVg可知：
G甲＜G乙；故D错误。
故选A。
9．220V串联越大
【解析】
【分析】
根据对我国家庭电路中电压、开关与用电器之间的连接方式以及并联电路中电流的特点等进行解答。
【详解】
在我国家庭电路中，照明电路的电压是220V，因此上海地区家用照明电路的电压也为220V；白炽灯与它控制的电键之间是串联连接；因为干路中的电流等于各支路电流之和，所以使用的家用电器越多，电路中的总电流越大。
10．千克每立方米不变变小
【解析】
【分析】
（1）密度表示单位体积某种物质的质量。
它是物质的一种特性，同种物质密度不变；
（2）当物体放在水平地面上时，对地面的压力来自它本身的重力。
【详解】
铁的密度是7.8×103千克/米3，它的单位读作：
千克每立方米；
密度是物质的一种特性，当切去一半后，其密度不变，但质量变小，所以其重力变小；木块放在水平面上，它对地面的压力来自它本身的重力，重力变小，则木块对地面的压力也变小。
11．压力0.11960
【解析】
【分析】
（1）垂直压在物体表面上的力叫压力。
压强是物体在单位面积上所受的压力；
（2）利用液体压强公式p=ρgh计算该处水的深度，并利用p=ρgh计算该点的深度增加后水的压强。
【详解】
水面下某处的压强为9.8×103帕，它表示该处每平方米面积上受到水的压力为9.8×103N；
该处的深度：
，
若深度增加0.1m，则水的总深度为h′=0.1m+0.1m=0.2m，
水的压强为：
p′=ρ水gh′=1×103kg/m3×9.8N/kg×0.2m=1960Pa。
12．4.94.9等于
【解析】
【分析】
木块漂浮在水和海面上时，根据漂浮条件确定受到的浮力关系，根据阿基米德原理分析排开海水的重力和质量的关系。
【详解】
木块漂浮在水面上，它所受到的浮力：
F浮1=G木=m木g=0.5kg×9.8N/kg=4.9N；
根据阿基米德原理可知，排开水的重力等于浮力，即G排水=F浮1=4.9N；
若该木块漂浮在海面上，木块受到的浮力F浮2=G木，所以F浮1=F浮2，由阿基米德原理可知F浮=G排=m排g，所以它排开海水的质量等于排开水的质量，等于0.5kg。
13．0.566
【解析】
【分析】
根据Q=It得到通过该导体的电流，又知道导体两端的电压，利用欧姆定律求导体的电阻；电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关。
【详解】
通过该导体的电流：
，
导体的电阻：
，
电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，将该导体两端的电压降到0.6V时，导体的电阻仍为6Ω不变。
14．小于大于大于
【解析】
【分析】
影响电阻大小的因素有：
导体的材料、长度和横截面积；串联电路中各处电流都相等，根据欧姆定律得到甲乙两端电压的大小关系；并联后的总电阻小于任何一个并联电阻的阻值。
【详解】
甲、乙两导线都是铜导线，材料相同，又知长度相同；甲的电阻较大，则甲的横截面积小于乙的横截面积；若将它们串联后接入电路，串联电路各处的电流相等，甲的电阻较大，根据U=IR可知甲两端的电压大，即甲两端的电压大于乙两端的电压；并联后的总电阻小于任何一个并联电阻的阻值，即甲的电阻大于它们并联的总电阻。
15．R1断路R1短路A1:
2
【分析】
（1两个电阻串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流，由于两个电表中只有一个电表的示数变大，可以分情况分析得出故障的情况；
（2）将电阻R1与R2互换，电路的连接不变，分析哪个电表示数不变；
（3）电压表示数为3U，说明示数变大的是电压表，根据前面的故障分析，判断出电压表测量的对象，结合欧姆定律判断出电阻关系．
【详解】
（1）两个电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表测R1两端的电压，因为两个电表中只有一个电表的示数变大，分以下两种情况：
①若电压表示数变大，则R1两端的电压变大，故障应为R2短路或者R1断路，如果R2短路则电流表示数也变大，不合题意，因此可能是电阻R1断路；
②若电流表示数变大，电路总电阻变小，则可能是电阻R1短路或R2短路，如果R2短路则电压表示数也变大，不合题意，因此可能是电阻R1短路；
（2）若将电阻R1与R2互换，电路的连接不变，故电路的电流一定不变，示数不发生变化的是A表；
（3）若此时电压表示数为3U，说明示数变大的是电压表，那么故障就是R1断路；此时电压表测量的是电源电压，电阻R1两端电压是U，根据串联电压规律，则R2两端电压是3U-U=2U；串联分压，分压之比与电阻之比成正比，因此R1与R2的比值为：
U：
2U=1：
2．
16．①②③或④正负接线柱接反，指针会反向偏转或电源电压不变，改变量程，最小分度值不同，偏转角度不同
【分析】
电压表的使用规则：
①使用电压表前首先要校零，明确电压表的量程和分度值，被测电压不要超过电压表的量程；
②电压表应与被测电路并联；
③通过电压表的电流方向为正接线柱流入，负接线柱流出；
④电压表可以直接接到电源两极上，所测电压为电源电压．
【详解】
（1）电压表的结构：
在灵敏电流计里面有一个永磁体，在电流计的两个接线柱之间串联一个由导线构成的线圈，线圈放置在永磁体的磁场中，并通过传动装置与表的指针相连．电流越大，所产生的磁力越大，表现出的就是电压表上的指针的摆幅越大．所以①②是正确的；
（2）使用电压表测量用电器两端电压时，必须是使电流从电压表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则指针将反向偏转（即向左侧偏转）；电压表一般有三个接线柱，两个量程；选择不同量程时，由于电源电压不变，改变量程，所对应的最小分度值不同，所以指针偏转角度不同；所以③④是错误的．
17．大气压强U形管压强计体积不同
【分析】
大气压强的存在可以用实验来证明：
马德堡半球实验、覆杯实验和瓶吞鸡蛋实验；
U形管压强计可以液体内部压强；
根据实验“探究物质的质量与体积的关系”的目的可知：
需测量的物理量是质量与体积；其中质量用天平测量，液体体积用量筒测量；为了探究规律应多测量几组实验数据，并且应测量不同种类的物质的质量与体积关系．
【详解】
如图（a）所示的装置为马德堡半球实验装置，它可以证明大气压强的存在；
如图（b）所示的实验装置为“U形管压强计”，是用来测量液体内部压强的仪器；
探究液体物质的质量与体积的关系时，为了探究其规律性，应进行多次实验，所以需要改变这种液体的体积进行多次测量；同时为了进一步研究液体的这一特性与液体的种类是否有关，应需要选用不同种类的液体重复进行实验．
18．
【解析】
【分析】
画力的图示与画力的示意图不同，在表示出力的三要素的同时，还一定要附上标度。
【详解】
物体静止在水面上，处于漂浮状态，其所受浮力大小为F浮=G=6N；选取标度为3N，过物体的重心，沿竖直向上的方向画一条有向线段，使线段长度为标度的2倍，用F浮表示，如图所示：
19．
【解析】
试题分析：
由于电流表与所测用电器串联。
由图可知，灯L1和L2应采用并联接法，且电流表只测量通过灯L2的电流，故电流表应与灯L2串联，如图所示。
考点：
电路的连接方式，电流表的使用
20．
（1）2×10-3m3；
（2）19.6N
【分析】
知道小球的体积（浸没在水中排开水的体积），利用阿基米德原理求小球受到的浮力．
【详解】
（1）因为小球浸没在水中，所以小球排开水的体积：
V排=V=2×10-3m3；
（2）小球受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×9.8N/kg×2×10-3m3=19.6N．
21．
（1）0.4A；
（2）8J
【分析】
由电路图可知，两电阻串联；
（1）已知R1两端的电压，根据欧姆定律求出电流I1；
（2）根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压；根据串联电路的电流特点和W=UIt即可求出R2的电功．
【详解】
（1）分析电路图，两个电阻串联；
通过R1的电流：
；
（2）串联电路中总电压等于各分电压之和，R2两端的电压：
U2=U-U1=6V-4V=2V，
串联电路电流处处相等，则：
I2=I1=0.4A，
通电10秒流过电阻R2的电流所做的功：
W2=U2I2t=2V×0.4A×10s=8J．
22．
（1）6V；
（2）15Ω；（3）9.6W
【解析】
【分析】
由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表测干路电流。
（1）根据欧姆定律求出定值电阻R1两端的电压，即电源电压；
（2）读出电流表的示数，根据并联电路的电流特点求出滑动变阻器的电流，根据欧姆定律即可求出滑动变阻器连入电路的阻值R2；
（3）根据欧姆定律可知电压表V与电流表A示数的比值为电路的总电阻，所以比值最小时，干路上的电流最大，根据滑动变阻器的铭牌和电流表的量程判断得出
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