浙江专用版高考物理大二轮复习优选习题 仿真模拟卷2.docx
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浙江专用版高考物理大二轮复习优选习题仿真模拟卷2
仿真模拟卷
（二）
一、选择题Ⅰ（本题共13小题,每小题3分,共39分。
每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分）
1.下列各组物理量全是标量的是（ ）
A.速度和加速度B.动能和重力势能
C.电场强度和电势D.磁感应强度和电流
2.下列仪器中,不能直接测量力学的三个基本物理量的是（ ）
3.如图所示,一束平行光垂直斜面照射,小球从斜面上的O点以初速度v0沿水平方向抛出,落在斜面上的P点,不计空气阻力,下列说法正确的是（ ）
A.小球在从O点运动到P点的时间与v0无关
B.小球在斜面上的位移OP与v0成正比
C.小球在斜面上的投影匀速移动
D.小球在斜面上的投影匀加速移动
4.物体甲的速度—时间图象和物体乙的位移—时间图象分别如图所示,则两个物体的运动情况是（ ）
A.甲在0~4s时间内有往返运动,它通过的总路程为12m
B.甲在0~4s时间内通过的位移为零
C.乙在t=2s时速度方向发生改变,与初速度方向相反
D.乙在0~4s时间内通过的位移为零
5.（2016河南安阳调研）两个分别带有电荷量-Q和+5Q的相同金属小球（均可视为点电荷）,固定在相距为r的两处,它们间库仑力的大小为F,两小球相互接触后将其固定距离变为
则两球间库仑力的大小为（ ）
A.
B.
C.
D.
6.图甲为一女士站在台阶式自动扶梯上匀速上楼（忽略扶梯对手的作用）,图乙为一男士站在履带式自动扶梯上匀速上楼,两人相对扶梯均静止,下列关于力做功判断正确的是（ ）
A.甲图中支持力对人做正功
B.甲图中摩擦力对人做负功
C.乙图中支持力对人做正功
D.乙图中摩擦力对人做负功
7.四颗地球卫星a、b、c、d的排列位置如图所示,a是静止在地球赤道上还未发射的卫星,b是近地轨道卫星,c是地球同步卫星,d是高字探测卫星,四颗卫星相比较（ ）
A.a的向心加速度最大
B.c相对于b静止
C.相同时间内b转过的弧长最长
D.d的运动周期最小
8.小李同学用铁钉与漆包线绕成电磁铁,当接通电路后,放在其上方的小磁针N极立即转向左侧,如图所示。
则此时（ ）
A.导线A端接电池负极
B.铁钉内磁场方向向右
C.铁钉左端为电磁铁的N极
D.小磁针所在位置的磁场方向水平向右
9.铜电阻温度计价格便宜,常用于测量-50~150℃温度段,在这个范围内电阻与温度呈线性关系;Rt=R0（1+at）,其中R0为铜电阻温度计在0℃时的电阻,Rt为温度为t时的电阻,t为温度,a>0,则此铜电阻的U-I图线为（ ）
10.如图所示为某静电除尘装置的原理图,废气先经过一个机械过滤装置再进入静电除尘区。
图中虚线是某一带负电的尘埃（不计重力）仅在电场力作用下向集尘极迁移并沉积的轨迹,A、B两点是轨迹与电场线的交点。
不考虑尘埃在迁移过程中的相互作用和电荷量变化,则以下说法正确的是（ ）
A.A点电势高于B点电势
B.尘埃在A点的加速度大于在B点的加速度
C.尘埃在迁移过程中做匀变速运动
D.尘埃在迁移过程中电势能一直在增大
11.小娟、亮亮两人共提总重力为G的一桶水匀速前行,如图所示,两人手臂用力大小均为F,两人手臂间的夹角为θ。
则（ ）
A.当0=60°时,F=
B.当θ=90°时,F有最小值
C.当θ=120°时,F=G
D.θ越大时,F越小
12.图甲为某标有“35μF 5%”的电容器,图乙为标有“3.7V1350mAh”的某品牌手机电池板。
则以下说法正确的是（ ）
A.电容器和手机电池的充电过程都是电能转化为化学能的过程
B.该手机电池铭牌上的1350mAh指储存的电荷量,当以135mA的电流工作时,可连续放电10小时
C.该电容器只有在正常工作时电容才是35μF左右
D.该手机电池能储存的最大电能约为1kW·h
13.某质量为m的电动玩具小车在平直的水泥路上由静止沿直线加速行驶。
经过时间t,小车前进的距离为x,且速度达到最大值vm,设这一过程中电动机的功率恒为P,小车受阻力恒为F,则t时间内（ ）
A.小车做匀加速运动
B.小车受到的牵引力逐渐增大
C.合外力对小车所做的功为Pt
D.牵引力对小车所做的功为Fx+
二、选择题Ⅱ（本题共3小题,每小题2分,共6分,每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。
全部选对的得2分,选对但不全的得1分,有选错的得0分）
14.【加试题】宇航员在太空中做实验,如图所示,左边为弹簧振动系统,振子连接一根很长的软绳,沿绳方向取x轴。
振子从平衡位置O以某一初速度向A端开始运动,振动频率为f=10Hz,振幅为5cm,当振子从O点出发后,第五次经过O点时,波刚好传播到x=25cm处,则下列说法正确的是（ ）
A.当振子向上经过距O点3cm处时正在加速
B.绳上产生的波的传播速度为v=10cm/s
C.振子从O点开始运动的速度越大,再次回到O点的时间越长
D.振子从O点开始运动的速度不同,波在绳子中传播的速度也不同
15.【加试题】下列有关说法正确的是（ ）
A.铀核发生α衰变时,释放出α粒子和一定的能量,目前核电站利用的就是这一自发释放的能量
B.如果利用紫光照射某种金属可以发生光电效应,改用红光一定不能发生光电效应
C.氢原子由较高能级跃迁到较低能级时,会释放出一定频率的光子
D.机械波和电磁波都具有干涉、衍射的特性
16.【加试题】如图所示,在某一输电线路的起始端接入两个理想变压器,原、副线圈的匝数比分别为n1∶n2=100∶1和n3∶n4=1∶100,图中a、b表示电流表或电压表,已知电压表的示数为22V,电流表的示数为1A,则以下说法正确的是（ ）
A.a为电流表,b为电压表
B.a为电压表,b为电流表
C.输电线路总电阻为22Ω
D.线路输送电功率是220kW
三、非选择题（本题共7小题,共55分）
17.（5分）如图所示,打点计时器固定在铁架台上,使重物带动纸带从静止开始自由下落,利用此装置验证机械能守恒定律。
（1）对于该实验,下列操作中对减小实验误差有利的是 。
A.重物选用质量和密度较大的金属锤
B.两限位孔在同一竖直面内上下对正
C.精确测量出重物的质量
D.用手托稳重物,接通电源后,撒手释放重物
（2）某实验小组利用上述装置将打点计时器接到50Hz的交流电源上,按正确操作得到了一条完整的纸带,由于纸带较长,图中有部分未画出,如图所示。
纸带上各点是打点计时器打出的计时点,其中O点为纸带上打出的第一个点。
重物下落高度应从纸带上计时点间的距离直接测出,利用下列测量值能完成验证机械能守恒定律的选项有 。
A.OA、AD和EG的长度 B.OC、BC和CD的长度
C.BD、CF和EG的长度 D.AC、BD和EG的长度
18.（5分）某物理兴趣小组利用如图所示电路,测量多用电表内电池的电动势和电阻“×1k”挡内部电路的总电阻。
使用的器材有:
多用电表、电压表:
量程0~5V,内阻为RV、滑动变阻器（最大阻值5kΩ）、导线若干。
回答下列问题:
（1）将多用电表挡位调到电阻“×1k”挡,再将红表笔和黑表笔短接,调零点。
（2）将图1中多用电表的黑表笔和 （选填“1”或“2”）端相连,红表笔连接另一端。
（3）多用电表电阻挡内部电路可等效为由一个无内阻的电池、一个理想电流表和一个电阻串联而成的电路,如图2所示,设此多用电表内电池的电动势为E,电阻“×1k”挡内部电路的总内阻为r。
调节滑动变阻器,测得多组多用电表的读数R和电压表读数U,由测得的数据,绘出如图3所示的
-R图线,已知图中斜率为k,纵轴截距为b,则电源电动势E= ,电阻r= （用k,b,RV表示）。
19.（9分）观光旅游、科学考察经常利用热气球,保证热气球的安全就十分重要。
科研人员进行科学考察时,气球、座舱、压舱物和科研人员的总质量为M=1000kg,在空中停留一段时间后,由于某种故障,气球受到的空气浮力减小,当科研人员发现气球在竖直下降时,气球速度为v0=2m/s,此时开始,经t0=4s气球继续匀加速下降h1=16m,科研人员立即抛掉一些压舱物,使气球匀速下降。
不考虑气球由于运动而受到的空气阻力。
求:
（1）气球加速下降阶段的加速度大小a;
（2）抛掉压舱物的质量m;
（3）气球从静止开始经过t=12s的时间内下落的总高度h总。
20.（12分）如图所示,水平传送带AB向右匀速运动,倾角为θ=37°的倾斜轨道与水平轨道平滑连接于C点,小物块与传送带AB及倾斜轨道和水平轨道之间均存在摩擦,动摩擦因数都为μ=0.4,倾斜轨道长度LPC=0.75m,C与竖直圆轨道最低点D处的距离为LCD=0.525m,圆轨道光滑,其半径R=0.5m。
质量为m=0.2kg可看作质点的小物块轻轻放在传送带上的某点,小物块随传送带运动到B点,之后沿水平飞出恰好从P处切入倾斜轨道后做匀加速直线运动（进入P点前后不考虑能量损失）,经C处运动至D,在D处进入竖直平面圆轨道,恰好绕过圆轨道的最高点E之后从D点进入水平轨道DF向右运动。
（最大静摩擦力等于滑动摩擦力,sin37°=0.6,cos37°=0.8）求:
（1）物块刚运动到圆弧轨道最低处D时对轨道的压力;
（2）传送带对小物块做的功W;
（3）若传送带AB向右匀速运动的速度v0=5m/s,求小物块在传送带上运动过程中由于相互摩擦而产生的热量Q。
21.（4分）【加试题】在用插针法测玻璃砖折射率的实验中,玻璃砖的ab边与a'b'边相互平行,aa'边与bb'边不平行。
某同学在白纸上仔细画出了玻璃砖的两条边线aa'和bb',如图所示。
（1）实验时,先在玻璃砖的一侧插两枚大头针P1和P2以确定入射光线AO。
接着,眼睛在玻璃砖的 （选填“同一侧”或“另一侧”）观察所插的两枚大头针P1和P2,同时通过插第三、第四枚大头针来确定从玻璃砖射出的光线。
（2）实验中是否要求四枚大头针的针帽在同一视线上?
（选填“是”或“否”）。
（3）下列操作可以减小实验误差的是 （填字母代号）。
A.适当增大大头针P1、P2的间距
B.选择玻璃砖相互平行的ab、a'b'边来测量
C.选用尽可能细的笔画线
D.使AO的入射角接近于90°
22.
（10分）【加试题】如图所示,两条相距l的光滑平行金属导轨位于同一竖直面（纸面）内,其上端接一阻值为R的电阻;在两导轨间OO'下方区域内有垂直导轨平面向里的匀强磁场,磁感应强度为B。
现使电阻为r、质量为m的金属棒ab由静止开始自OO'位置释放,向下运动距离d后速度不再变化。
（棒ab与导轨始终保持良好的接触且下落过程中始终保持水平,导轨电阻不计）
（1）求棒ab在向下运动距离d过程中回路产生的总焦耳热;
（2）棒ab从静止释放经过时间t0下降了
求此时刻的速度大小;
（3）如图在OO'上方区域加一面积为S的垂直于纸面向里的均匀磁场B',棒ab由静止开始自OO'上方某一高度处释放,自棒ab运动到OO'位置开始计时,B'随时间t的变化关系为B'=kt,式中k为已知常量;棒ab以速度v0进入OO'下方磁场后立即施加一竖直外力使其保持匀速运动。
求在t时刻穿过回路的总磁通量和电阻R的电功率。
23.（10分）【加试题】如图所示的xOy坐标系中,y轴右侧空间存在范围足够大的匀强磁场,方向垂直于xOy平面向里。
P点的坐标为（-L,0）,M1、M2两点的坐标分别为（0,L）、（0,-L）。
质量为m1电荷量为q的带负电粒子A1,靠近极板经过加速电压为U的电场从静止加速后,沿PM1方向运动。
有一质量也为m、不带电的粒子A2静止在M1点,粒子A1经过M1点时与A2发生碰撞,碰后粘在一起成为一个新粒子A3进入磁场（碰撞前后质量守恒、电荷量守恒）,通过磁场后直接到达M2,在坐标为
处的C点固定一平行于y轴放置绝缘弹性挡板,C为挡板中点。
假设带电粒子与弹性绝缘挡板碰撞前后,沿y方向分速度不变,沿x方向分速度大小不变、方向相反。
不计所有粒子的重力及粒子间的相互作用力。
（1）粒子A1与A2碰后瞬间的速度大小。
（2）磁感应强度的大小。
（3）若粒子A2带负电,且电荷量为q',发现粒子A3与挡板碰撞两次,能返回到P点,求粒子A2的电荷量q'。
普通高校招生选考（物理）仿真模拟卷
（二）
一、选择题Ⅰ
1.B 解析速度、加速度和磁感应强度都是既有大小又有方向的物理量,是矢量;而动能、重力势能和电势只有大小无方向,是标量;电流强度虽然有方向,但是不满足平行四边形法则,是标量;则选项B正确,A、C、D错误。
2.D 解析刻度尺用来测量长度,而长度是基本物理量,故A正确。
天平用来测量质量,而质量是基本物理量,故B正确。
停表用来测量时间,而时间是基本物理量,故C正确。
弹簧测力计测量力的大小,而力不是基本物理量,故D错误。
3.D 解析根据tanθ=
得,t=
可知小球只要落在斜面上,在空中运动的时间与初速度有关,故A错误;xOP=
则小球在斜面上的位移OP与v0平方成正比,选项B错误;将速度分解成平行与垂直斜面方向,平行斜面方向运动是匀加速直线运动,而垂直斜面方向先匀减速直线运动,后匀加速直线运动,可知小球在斜面上的投影加速移动,故C错误,D正确。
4.B 解析甲在前2s内沿负方向做匀减速直线运动,后2s内沿正方向做匀加速直线运动,即4s时间内做往返运动;0~4s时间内甲通过的总路程为两个三角形的面积大小代数之和,故总位移为0,故A错误,B正确;x-t图象的斜率表示速度,乙图表示物体做匀速直线运动,速度方向不变,故C错误;乙在4s时间内从-3m运动到+3m位置,故位移为Δx=6m,故D错误。
5.D 解析两球相距r时,库仑力F=k
;两球接触后,电荷量均为2Q,则库仑力F'=k
由以上两式可解得F'=
D正确。
6.A 解析题图甲中,人匀速上楼,不受静摩擦力,摩擦力不做功,支持力竖直向上,与速度方向为锐角,则支持力做正功,故A正确,B错误。
题图乙中,支持力与速度方向垂直,支持力不做功,摩擦力方向与速度方向相同,做正功,故C、D错误。
7.C 解析同步卫星的周期必须与地球自转周期相同,角速度相同,则知a与c的角速度相同,根据a=ω2r知,c的向心加速度比a的向心加速度大,故A错误;b是近地轨道卫星,c是地球同步卫星,c相对于地面静止,近地轨道卫星相对于地面运动,所以c相对于b运动,故B错误;由万有引力提供向心力:
=mrω2,解得ω=
卫星的半径越大,角速度越小,所以b的角速度最大,在相同时间内转过的弧长最长,故C正确;根据开普勒第三定律可知,卫星的半径越大,周期越大,所以d的运动周期大于c的周期24h,故D错误。
8.B 解析当接通电路后,放在其上方的小磁针N极立即转向左侧,所以小磁针处的磁场的方向向左,通电螺线管产生的磁场的方向向右,铁钉右端为电磁铁的N极。
所以漆包线内电流由A流向B,导线A端接电池正极,故B正确,A、C、D错误。
9.C 解析随温度升高,铜电阻温度计电阻变大,故
的值随电流变大,即U-I图线的斜率增大,故C正确,A、B、D错误。
10.B 解析A.由图可知,作过B点的等势线,交A所在电场线于B',则可知,B'点靠近正极板,故B点的电势高于A点电势,故A错误。
B.由图可知,A点电场线比B点密集,因此A点的电场强度大于B点电场强度,故A点的电场力大于B点的电场力,再根据牛顿第二定律可知,A点的加速度大于B点的加速度,故B正确。
C.放电极与集尘极间建立非匀强电场,尘埃所受的电场力是变化的,故粒子不可能做匀变速运动,故C错误。
D.尘埃在迁移过程中,电场力做正功,电势能减小,故D错误。
11.C 解析设小娟、小明的手臂对水桶的拉力大小为F,小娟、小明的手臂夹角成θ角,根据对称性可知,两人对水桶的拉力大小相等,则根据平衡条件得
2Fcos
=G
解得F=
当θ=0°时,cos
值最大,则F=
此时F最小,
当θ=60°时,F=
G,
当θ=90°时,F=
G,
当θ=120°时,F=G,
当θ越大时,则F越大;故A、B、D错误,C正确。
12.B 解析A.电容器充电时是将电能转化为电场能,而手机电池的充电过程都是电能转化为化学能的过程,故A错误;
B.由q=It可知,该手机电池铭牌上的1350mA·h指储存的电荷量,故t=
h=10h,因此当以135mA的电流工作时,可连续放电10小时,故B正确;
C.电容器的电容是电容器本身性质决定的,任何时刻均为35μF左右,故C错误;
D.由W=UIt可知,该手机的最大电能为W=3.7×1350×10-3kW·h≈0.5kW·h,故D错误。
13.D 解析电动机功率恒定,P=F牵v,结合牛顿第二定律可知F牵-F=ma,v=at可知,当速度增大时,牵引力减小,加速度减小,故小车做加速度减小的变加速运动,故A、B错误。
整个过程中,牵引力做正功,阻力做负功,故合力做功为W=
Pt为牵引力所做的功,故C错误。
整个过程中,根据动能定理可知Pt-Fx=
解得Pt=Fx+
故D正确。
二、选择题Ⅱ
14.B 解析当振子向上经过距O点3cm处时,振子是远离平衡位置,故振子减速,A错误;当振子从O点出发后,第五次经过O点时,经过两个半全振动,波刚好传播到x=25cm处,说明波长λ为10cm,故波速v=
=λf=1m/s,B正确;振子从O点开始到再次回到O点的时间为
简谐运动的周期与振幅无关,故C错误;波在绳子中的传播速度由绳子决定,故D错误。
15.CD 解析A.α衰变时放出的能量比较小,目前核电站利用的是铀核发生裂变时释放的能量,故A错误。
B.用紫光照射某种金属可以发生光电效应,可知紫光的频率大于金属的极限频率,红光的频率小于紫光的频率,用红光照射不一定能产生光电效应,故B错误。
C.氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时,能量减小,要释放一定频率的光子,故C正确。
D.干涉与衍射都是波特有的性质,机械波和电磁波都具有干涉、衍射的特性,故D正确。
16.BD 解析由题图可知,a表是电压表,b表是电流表。
而左侧互感器原线圈的匝数与副线圈匝数比为100∶1,右侧互感器原线圈的匝数与副线圈匝数比为1∶100,由电压表的示数为22V,得原线圈的电压为2200V,由电流表的示数为1A,原线圈的电流为100A。
所以线路输送功率是2.2×105W=220kW,由已知条件无法求输电线电阻。
故B、D正确,A、C错误。
三、非选择题
17.答案
（1）AB
（2）BC
解析
（1）重物选用质量和密度较大的金属锤,减小空气阻力,以减小误差,故A正确;两限位孔在同一竖直面内上下对正,减小纸带和打点计时器之间的摩擦力,以减小误差,故B正确;验证机械能守恒定律的原理是mgh=
重物质量可以消掉,无需精确测量出重物的质量,故C错误;用手拉稳纸带,而不是托住重物,接通电源后,撒手释放纸带,故D错误。
（2）由EG的长度可求出F点的速度vF,O点的速度v1=0,但求不出OF之间的距离,故A错误;由BC和CD的长度可求出C点的速度vC,O点的速度v1=0,OC之间的距离h,可以用来验证机械能守恒定律,故B正确;由BD和EG的长度可分别求C点的速度vC和F点的速度vF,CF之间的距离h,可以来验证机械能守恒定律,故C正确;AC、BD和EG的长度可分别求出B、C、F三点的速度,但BC、CF、BF之间的距离都无法求出,无法验证机械能守恒定律,故D错误。
18.答案
（2）2 （3）
解析
（2）多用电表的黑表笔内部接电源的正极,则将图1中多用电表的黑表笔和2端相连,红表笔连接另一端。
（3）根据闭合电路欧姆定律,电动势为:
E=
（R+r）,则
R+
由图象可知:
=k;
=b,解得:
E=
r=
。
19.答案
（1）1m/s2
（2）100kg （3）54m
解析
（1）设气球加速下降的加速度为a,受空气的浮力为F,则:
由运动学公式可知:
h1=v0t0+
解得:
a=1m/s2
（2）由牛顿第二定律得到:
Mg-F=Ma
抛掉质量为m的压舱物,气球匀速下降,有:
（M-m）g=F
解得:
m=100kg
（3）设抛掉压舱物时,气球的速度为v1
由运动学公式可知:
v1=v0+at0=6m/s
h=
+v1t1
解得:
h=54m
20.答案
（1）12N,方向竖直向下
（2）1.6J
（3）2.4J
解析
（1）小球恰好过E点:
mg=m
D到E过程:
-mg2R=
m（
）
D点:
FN-mg=m
则:
FN=12N
由牛顿第三定律得到物块到D点时对轨道压力为12N,方向竖直向下。
（2）从P点到D点
mgsinθLPC-μmgcosθLPC-μmgLCD=
m（
）
vP=5m/s,vB=4m/s
传送带对小物块做的功为:
W=
=1.6J
（3）小物块在传送带上加速过程:
t=
=1s
Δx=v0t-
=3m
Q=μmgΔx=2.4J
21.答案
（1）另一侧
（2）否 （3）AC
解析
（1）实验时,先在玻璃砖的一侧插两枚大头针P1和P2以确定入射光线AO;接着,眼睛在玻璃砖的另一侧观察所插的两枚大头针P1和P2,同时通过插第三、第四枚大头针来确定从玻璃砖射出的光线。
（2）实验中要求四枚大头针的针尖在同一视线上,而不是针帽。
（3）A.大头针P1和P2及P3和P4之间的距离适当大些时,相同的距离误差,引起的角度误差会减小,角度的测量误差会小些,故A正确。
B.作插针法测定折射率时,玻璃砖上下表面不一定要平行,故B错误。
C.为了准确确定入射光线和折射光线,选用尽可能细的笔画线,故C正确。
D.为了减小测量的相对误差,选择的入射角应尽量大些,效果会更好,但不是接近90°,故D错误。
22.答案
（1）mgd-
（2）gt0-
（3）Blv0t+ktS
R
解析本题考查能量守恒、动量定理、闭合电路定律的知识,意在考查学生的分析能力。
（1）根据闭合电路欧姆定律有I=
mg=BIl
解得vm=
根据能量守恒有mgd=
+Q
Q=mgd-
;
（2）根据动量定理有（mg-BIl）t0=mv
mgt0-Blq=mv
q=
v=gt0-
（3）Φ=Blv0t+ktS
E=
=Blv0+kS
I=
P=I2R⇒P=
R
23.答案
（1）
（2）
（3）
q
解析
（1）粒子A1经电压U加速得Uq=
mv2
与静止的A2发生碰撞,由动量守恒定律得mv=2mv3
联立可得v3=
（2）粒子A3在磁场中做匀速圆周运动,画出运动轨迹如图所示。
由几何关系可知粒子A3做匀速圆周运动的半径r3=O3M1=
L
对粒子A3,洛伦兹力提供向心力,qv3B=2m
从而求得B=
（3）若让A2带上负电q',由于总的电荷量变大,则A3粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径减小设为r4,由题设画出粒子的运动轨迹如图所示,进入磁场的方向与PM1平行,
每次在磁场中偏转一次,沿y轴的负方向下移距离
Δy1=2r4cos45°=
r4
离开磁场的方向与M2P平行。
从磁场出来与C板碰撞再进入磁
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