江苏省泰州市中考物理试题解析版.docx

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江苏省泰州市中考物理试题解析版

2018年江苏省泰州市中考物理试卷

一、选择题

1.下列估算最接近实际的是（）

A.普通课桌的高度约为0.3m

B.一个中学生的质量约为50kg

C.日光灯正常工作时的电流约为2A

D.成人正常呼吸一次的时间约为0.1s

【答案】B

【解析】

【详解】课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=0.8m左右，故A不符合实际；中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右，故B符合实际；家用电风扇正常工作的电流约0.2A，教室中日光灯管正常工作电流与此差不多，在0.2A左右，故C不符合实际；正常状态下，人每1分钟呼吸25次左右，所以平均一次呼吸的时间是2、3s左右，故D不符合实际，故选B。

【点睛】本题考查的是与社会生活联系紧密的物理量的估测，需要多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。

2.如图所示的光现象中，由光的直线传播形成的是（）

A.

B.

C.

D.

【答案】A

【解析】

【详解】A.立杆见影，是太阳光照射到不透明的物体上，在物体的后面形成影子，影子是由光的直线传播形成的，故A正确；

B．用放大镜观察物体，看到正立、放大的虚像，是凸透镜成像，是由于光的折射形成的，故B错误；

C．从图中可以看出，太阳光通过三棱镜后，会分解为单色光，是光的色散现象，是由于光的折射形成的，故C错误；

D、平静的水面相当于平面镜，水中倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的。

故D错误。

故答案为A。

【点睛】光在同种均匀介质中沿直线传播，小孔成像、影子、日食、月食都是光的直线传播形成的；

3.下列物态变化中，需要吸热的是（）

A.初夏早晨，小草上结出的露珠

B.隆冬时节，飘落的白雪

C.深秋早晨，枫叶上蒙上的白霜

D.初春，河面上的冰慢慢消融

【答案】D

【解析】

【详解】在一定条件下，物体的三种状态--固态、液态、气态之间会发生相互转化，物态变化过程中，都伴随着吸热或放热，其中放出热量的物态变化有：

凝固、液化、凝华；吸热的有：

熔化、汽化、升华。

露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面；雪是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶；霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶；冰慢慢消融是冰的熔化现象，综上所述，只有D符合题意，故选D。

【点睛】本题考查的是生活中的热现象属于哪种物态变化，解题的关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

4.为做好平昌冬奥闭幕式“北京8分钟”演员的防寒工作，主创团队采用了石墨烯智能发热服饰，确保演员穿着轻薄的演出服时不被冻伤，而且可以保证动作足够舒展，穿着舒适。

下列相关分析不合理的是（）

A.石墨烯材料保温性能好

B.石墨烯是一种超导材料

C.石墨烯材料韧性好，超轻薄

D.石墨烯服饰材料质地柔软，硬度小

【答案】B

【解析】

【详解】石墨烯智能发热服饰是石墨烯电热膜施加电压后能够产生较高热量，即利用的是它有良好的导热性，而不是保温性能好，故A的分析不合理；超导是指温度降到一定程度时导体电阻为0的现象，做演出服不需要超导材料，即B的分析不合理；根据题意知道，要求保证动作足够舒展、穿着舒适，说明石墨烯材料的韧性好、超轻薄，并且质地柔软，硬度小，故CD的分析合理，故选AB。

【点睛】本题考查的是根据对演出服的要求选择合适的物质特性，所以，了解物质的相关特性是解题的关键。

5.下列认识正确的是（）

A.固体分子是静止不动的

B.原子核带负电，电子带正电

C.电子的发现说明原子是可分的

D.太阳是宇宙的中心且固定不动

【答案】C

【解析】

【详解】由分子动理论知道，一切物质的分子都在不停地在无规则运动，故A错误；因为物质是由分子或原子组成的，分子由原子组成，原子是由居于原子中心的带正电原子核和核外带负电电子构成的，故B错误；电子的发现说明原子是可分的，故C正确；太阳不是宇宙的中心且在不停地运动，故D错误，故只有C正确。

【点睛】本题考查的是分子、原子等几种微观粒子以及宏观的太阳运动的情况，从而加深学生对这些微粒和宏观的理解和应用，难度不大。

6.动车进站时，为了避免乘客被“吸”向动车而造成人身伤害事故，站台上都标有“安全黄线”，乘客必须站在安全黄线以内，是因为动车进站时车厢附近（）

A.气流速度大，压强小B.气流速度大，压强大

C.气流速度小，压强小D.气流速度小，压强大

【答案】A

【解析】

【详解】当火车驶过站台时会带动周围空气流动速度加快，从而造成人周围空气流速不同，根据流体压强与流速的关系知道，人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，出现危险，故A正确，故选A。

【点睛】本题考查的是流体压强与流速的关系，解题的思路是先确定哪里的流体流速大，压强小及在这个压力差的作用下会产生的现象。

7.关于温度、热量和内能的说法中正确的是（）

A.物体吸收热量，温度一定升高

B.0℃的冰的内能为零

C.温度高的物体，含有的热量多

D.物体的温度升高内能增大

【答案】D

【解析】

【详解】物体吸收或者放出热量，其温度不一定改变，例如晶体的熔化、晶体的凝固、液体的沸腾过程，吸收了热量，温度保持不变，故A错误；一切物体都具有内能，内能包括分子动能和分子势能，所以，0℃的冰的内能不为零，故B错误；热量是过程量，即热量只存在于热传递或热交换过程中，只能说吸收或放出热量，不能说含有，故C错误；同一物体分子个数是一定的，当温度升高时，分子的热运动加剧，则分子的平均动能就变大，从而物体的内能增加，故D正确，故选D。

【点睛】本题考查的是温度、热量与内能的关系，解题的关键是理解温度、热量与内能的概念，明确温度、热量与内能联系及区别。

8.刷卡机已经普遍应用于银行、商场等，当银行卡有磁条的一侧经过刷卡机的卡槽时，刷卡机的检测感应器（相当于线圈）就会产生感应电流。

下图中与此原理相同的是（）

A.

B.

C.

D.

【答案】C

【解析】

【详解】根据题意知道，刷卡机读出信息原理是电磁感应现象；A图演示的是奥斯特实验，说明的是通电导线周围有磁场，故A不符合题意；B图电路中有电源，演示是电动机的原理图，即通电导体在磁场中受力而运动，故B不符合题意；C图电路中没有电源，当闭合开关时，若闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动，则导体中有感应电流产生，这是电磁感应现象，故C符合题意；D图演示的是电磁铁原理，即电流的磁效应，故D不符合题意，故选C，

【点睛】本题考查的是电磁感应现象的应用，需要主要区别的是电动机和发电机的原理，关键是看电路中是否有电源，电路中有电源的是电动机，没有电源的是发电机。

9.下面所做探究活动与得出结论相匹配的是（）

A.活动：

用铁屑探究磁体周围的磁场→结论：

磁感线是真实存在的

B.活动：

观察惯性现象→结论：

一切物体都受到惯性力的作用

C.活动：

马德堡半球实验→结论：

大气压真实存在且很大

D.活动：

探究带电体间的相互作用→结论：

同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥

【答案】C

【解析】

【详解】磁感线是理想化的物理模型，磁感线实际上并不存在，故A错误；惯性是物体的固有属性，一切物体都有惯性，不能说受到惯性、惯性力、惯性的作用等，故B错误；有力证明大气压存在的实验是马德堡半球实验，故C正确；电荷间相互作用的规律是同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故D错误，故选C。

【点睛】本题考查的是磁感线、惯性及大气压存在实验、电荷间的作用规律，解题的关键是理解磁感线的概念、惯性概念的、掌握大气压存在实验、电荷间的作用规律，难度不大。

10.测量电流时，需要将电流表串联在电路中，通常，电流表的电阻比待测电路的电阻小得多，因此对测量值的影响可以忽略不计。

下列研究方法与此相同的是（）

A.在探究平面镜成像特点实验中，用两根相同的蜡烛探究像与物的大小关系

B.在探究二力平衡条件的实验中，选用轻质卡片

C.根据被压物体形变大小反映压力作用效果

D.在研究光的传播现象时，引入光线

【答案】B

【解析】

【详解】根据题意知道，由于电流表的电阻比待测电路的电阻小得多，它对测量值的影响可以忽略不计，所以，这种方法叫理想实验法。

在探究平面镜成像特点的实验中，用两根相同的蜡烛探究像与物的大小关系，这是等效替代法；在探究二力平衡条件的实验中，选用轻质卡片，是忽略了纸片质量的影响，用到的是理想实验法；在探究影响压力作用效果因素的实验中，利用被压物体形变大小反映压力作用效果，这是转换法；在研究光的传播现象时，用一条带箭头的直线来表示光线，采用的是模型法，综上所述，只有B符合题意，故选B。

【点睛】本题考查的是物理学中常用的研究问题的方法，解题的关键是掌握物理研究方法的一般含义和特征，难度不大。

11.如图所示，电源电压保持不变，闭合开关，调节变阻器，各电表示数变化情况是（）

A.滑片向右移动，甲表示数变小，乙表示数变大

B.滑片向左移动，甲表示数变大，乙表示数变大

C.滑片向左移动，甲表示数变大，乙表示数变小

D.滑片向右移动，甲表示数变小，乙表示数不变

【答案】D

【解析】

【详解】由图知道，电阻和滑动变阻器是并联，电表甲串联在干路中，即甲是电流表，电表乙并联在滑动变阻器两端，则乙应是电压表，测量的是电源的电压，由于电源电压保持不变，所以无论滑动变阻器的滑片如何移动，乙表的示数都不变；

由图知道，当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由于电源电压保持不变，所以，通过滑动变阻器的电流减小；由于并联关系，所以，通过定值电阻的电流不变，由并联电路的电流关系知道，干路中的电流减小，即甲表示数变小，故D正确，A错误；

同理，当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，则通过滑动变阻器的电流增大；通过定值电阻的电流不变，由并联电路的电流关系知道，干路中的电流增大，即甲表示数增大，故BC错误，故选D。

【点睛】本题考查的是电路的动态分析，涉及到欧姆定律和并联电路特点的应用，属于基础知识，难度不大。

12.如图所示为某家庭卫生间电路，电灯和电热器都在正常工作。

在三线插座上刚插上洗衣机（开关未闭合）的插头时，所有用电器都停止工作，拔出洗衣机的插头后，用测电笔测试三线插座的左右两孔，氖管都发光，发现有一根熔丝熔断了。

下列分析不合理的是（）

A.一定是零线上的熔丝熔断了

B.断开S1、S2，再用测电笔检测三线插座的左右两孔，氖管都发光

C.只断开S1，再用测电笔检测开关S1的两个接线柱，氖管都发光

D.只断开S2，再用测电笔检测开关S1的两个接线柱，氖管都发光

【答案】B

【解析】

【详解】根据题意知道，在插上洗衣机（开关未闭合）的插头前，电灯和电热器都在正常工作，在插上洗衣机（开关未闭合）的插头时，所有用电器都停止工作，则说明电路中干路上有断路，又因为用测电笔测试插座的左右两孔，氖管都发光，则说明两孔与火线是连通的，又发现只有一根熔丝熔断了，故只能是零线上的断了，故A正确；

由图知道，当断开S1、S2，再用测电笔检测三线插座的左右两孔时，由于只有右孔与火线相连，氖管发光，左孔与火线不相连，氖管不会发光，故B错误；

当只断开S1时，由于开关S1的上接线柱与火线相连，所以，测电笔的氖管发光，由于开关S1的下接线柱会通过电热器与火线相连，所以，测电笔的氖管也会发光，故C正确；

当只断开S2时，由于开关S1的上、下接线柱都与火线相连，所以测电笔的氖管发光，故D正确，综上所述，只有B分析错误，故选B。

【点睛】本题考查的是测电笔的使用及家庭电路的的故障分析，需要知道，在正常情况下，测电笔测火线应亮，测零线应不亮。

二、填空题

13.探究声音的传播时，将手机装入塑料袋，扎紧袋口后用细线悬于水中，如图所示。

用另一部手机拨打袋中的手机，手机能接通，说明_______可在水中传播；能听到手机发出的铃声，还能说明_______可在水中传播；我们听出手机铃声是汪峰唱的《飞得更高》，这是根据声音的_______来辨别的。

【答案】

（1）.电磁波

（2）.声音（3）.音色

【解析】

【详解】手机是通过电磁波传递信息的，根据题意知道，将手机装入塑料袋，扎紧袋口后用细线悬于水中，当用另一部手机拨打袋中的手机，手机能接通，则说明电磁波可以在水中传播；能听到手机发出的铃声，说明声音可在空气和水中传播；能够清楚地辨别出汪峰唱歌的声音，这是根据声音的音色来辨别的，因为音色由发生体本身决定。

【点睛】本题考查的是电磁波的传播、声音的传播的条件及声音的特性，难度不大，是一道基础题。

14.如图所示，在水平桌面上匀速拉动木块做直线运动。

木块受到的拉力和_______力是一对平衡力，木块对桌面的压力和桌面对木块的_______力是一对相互作用力，木块对桌面的压力是由_______发生形变而产生的。

【答案】

（1）.摩擦

（2）.支持（3）.木块

【解析】

【详解】木块在水平桌面上做匀速直线运动时，共受到四个力作用，即在水平方向上受到拉力和摩擦力作用，竖直方向受到重力和支持力作用；由于做匀速直线运动，所以是受平衡力的作用，故水平方向上拉力和摩擦力是一对平衡力；木块对桌面的压力和桌面对木块的支持力，大小相等、方向相反，在同一直线上，但作用在两个物体上，所以是一对相互作用力；木块对桌面的压力是弹力，是由于木块发生形变而产生的。

【点睛】本题考查的是相互作用力和平衡力，注意的区分，平衡力作用在同一物体上，而相互作用力作用在相互作用的两个物体上。

15.把重10N，密度为0.9×103kg/m3的实心物体投入水中。

当物体静止时，物体处于_______（漂浮/悬浮/沉底）状态，物体所受浮力为_______N，排开水的体积是_______m3．（g取10N/kg）

【答案】

（1）.漂浮

（2）.10（3）.1×10﹣3

【解析】

【详解】根据题意知道，实心物体密度小于水的密度，由物体的浮沉条件知道，此物体会漂浮在水面上；由于物体漂浮在水面上时，浮力等于物体重力，故物体所受浮力是：

F浮=G物=10N；由阿基米德原理知道，F浮=G排=ρ水gV排，所以，排开水的体积是：

V排=F浮/ρ水g=10N/1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10-3m3。

【点睛】本题考查的是物体的漂浮条件以及阿基米德原理的理解和运用，解题的关键是利用好“实心物体密度小于水的密度，物体漂浮在水面上”这一规律。

16.如图是“研究气泡的运动规律”实验装置。

（1）实验时所用的测量工具是刻度尺和_______。

（2）要正确判断气泡是否做匀速直线运动，需要对气泡运动时的相关物理量进行测量，为便于测量，就使气泡在管内运动得较_______（快/慢），气泡的运动如果是匀速运动，收集到的数据特点是：

运动的路程和时间成_______比。

【答案】

（1）.秒表

（2）.慢（3）.正

【解析】

【详解】

（1）根据v＝

，实验中要测量气泡通过的路程及运动的时间，因此需要用到刻度尺及秒表；

（2）为便于测量，应使气泡在管内运动得较慢，这样可以延长气泡运动的时间；小气泡的运动如果是匀速运动，则气泡通过的路程与所用的时间成正比。

【点睛】

（1）根据v＝

，实验中要测量气泡通过的路程及运动的时间，因此需要用到刻度尺及秒表；

（2）实验中要尽量增长气泡运动的时间，这样便于测量；根据s＝vt，做匀速直线运动的物体，通过的路程与时间成正比，或根据v＝

，速度不变，比值是一定值。

17.如图表示汽油机的_______冲程。

汽油属于_______能源（可再生/不可再生），完全燃烧0.1kg的汽油，放出热量为_______J，如果这些热量全部被质量为100kg、初温为20℃的水吸收，能使水的温度升高_______。

（q汽油=4.6×107J/kg，c水=4.2×103（J/kg℃））

【答案】

（1）.压缩

（2）.不可再生（3）.4.6×106（4）.11℃

【解析】

【详解】由图知道，此时汽油机的两个气阀都关闭，活塞向上运动，所以是压缩冲程；汽油是从石油中提炼出来的，石油是经过几百万年的演变形成的，所以汽油属于不可再生能源；0.1kg汽油完全燃烧放出的热量是：

Q放=m汽油q=0.1kg×4.6×107J/kg=4.6×106J；由Q吸=cm△t=Q放知道，水升高的温度是：

△t=Q吸/cm=4.6×106J/4.2×103J/（kg•℃）×100kg≈10.9℃.

【点睛】本题考查的是对汽油机四个冲程的认识、及公式Q放=mq和Q吸=cm△t的应用，计算时注意升高到（末温）和升高（△t）的区别。

18.如图是电阻A、B的I﹣U图象。

由图可知：

B电阻的阻值是_______Ω；将电阻A、B串联后接入电路，当通过A的电流为0.3A时，A和B两端的总电压是_______V；将电阻A、B并联后接入某电路，当通过B的电流为0.2A时，A两端的电压是_______V。

........................

【答案】

（1）.10

（2）.4.5（3）.2.0

【解析】

【详解】

（1）由图象可知，A、B两元件是定值电阻，由I＝

得，B的电阻：

RB＝

＝10Ω；

（2）因串联电路中各处的电流相等，所以，通过A的电流为0.3A时，通过B的电流也为0.3A，由图象可知，通过AB两端的电压分别为UA＝1.5V，UB＝3V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，A和B两端的电压总和：

UAB＝UA

UB＝1.5V

3V＝4.5V；

（2）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，将A、B并联后接入电路中时，它们两端的电压相等，由图象可知，当通过B的电流为0.2A时，两端的电压为2.0V，也是A两端的电压。

【点睛】1.当A、B串联后接入电路，已知通过A的电流，可以从图示中判断出电流为IA时，A两端的电压；再根据串联电路电流的特点，判断通过B的电流；2.从图示中判断出电流为IB时，B两端的电压，最后再根据串联电路电压的特点求出总电压；3.当A、B并联后接入电路，已知通过B的电流，可以从图示中判断出电流为IB时，B两端的电压；再根据并联电路中电压的特点求出A两端的电压。

19.如图所示，在不计绳重和摩擦的情况下，用滑轮在10s内将重为40N的物体匀速提升2m，已知拉力F为25N，则在这个过程中拉力做的功是_______J，滑轮组的机械效率是_______，若匀速提升重为80N的物体，则这个滑轮组的机械效率将_______（变大/变小/不变）。

【答案】

（1）.100

（2）.80%（3）.变大

【解析】

【详解】由图知道，承担物重的绳子的股数是：

n=2，所以，绳子自由端移动的距离是：

s=2h=2×2m=4m，故在这个过程中拉力做的功是：

W总=Fs=25N×4m=100J；不计绳重和摩擦，拉力做的有用功是：

W有=Gh=40N×2m=80J，所以，滑轮组的机械效率是：

η=W有/W总×100%=80J/100J×100%=80%；又因为η=W有/W总×100%=W有/W有+W额×100%=Gh/Gh+G动h×100%=G/G+G动×100%，所以，滑轮组的机械效率与动滑轮重和物体重有关，当动滑轮重力不变时，物体重力由40N变为80N时，机械效率将变大。

【点睛】本题考查的是滑轮组功及机械效率的计算，解题的关键是搞清各力与距离之间的对应关系，熟练运用相关公式，难度不大。

20.某电吹风工作6min，能使如图所示的电能表的转盘转过120转，则该电吹风消耗的电能为_______kWh，电功率为_______W，这些电能可供一只“220V10W”的LED灯正常工作_______h，一只这样的LED灯与一只“220V100W”的白炽灯正常发光时亮度相当，若LED灯正常发光时的效率为80%，则白炽灯正常发光效率为_______。

【答案】

（1）.0.1

（2）.1000（3）.10（4）.8%

【解析】

【详解】由图知道，1200r/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转1200r，所以，当电能表转盘转动120r时，则电吹风消耗的电能是：

W=120r/1200r/kW•h=0.1kW•h；该电吹风的电功率是：

P=W/t=0.1kW•h/（6/60h）=1000W；由P=W/t知道这些电能可供一只“220V10W”的LED灯正常工作是：

t=W/P灯=0.1kW•h/10W=10h；由于一只“220V10W”的LED与一只“220V100W”的白炽灯正常发光时亮度相当，若LED灯正常发光时的效率为80%，则白炽灯正常发光效率为8%。

【点睛】本题考查的是使用电能表计算电功、电功率及发光效率，解题的关键是明白电能表相关参数的含义。

三、解答题

21.根据要求作图：

根据图中入射光线画出反射光线。

【答案】

【解析】

【详解】过入射点作反射面的垂线，即法线。

根据光的反射定律反射角等于入射角，在法线的右侧画出反射光线。

如图所示：

【点睛】本题考查光的反射定律的应用，作图时，注意法线用虚线，记得用箭头表示光的传播方向。

22.如图，用螺丝刀撬图钉，画出在A点所加最小力F1的示意图和阻力F2的力臂l2。

【答案】

【解析】

【详解】用螺丝刀撬图钉，螺丝刀相当于杠杆，由图知O是支点，根据杠杆平衡条件，阻力、阻力臂一定，动力臂越大，动力越小越省力，当F1作用在A点时，最长力臂是OA，所以F1的方向要与OA垂直，方向向下。

过O点作力F2的作用线的垂线段，即为阻力F2的力臂l2。

如图所示：

【点睛】最小力的判断，由杠杆平衡条件可知，当杠杆平衡时，力臂最长，力最小。

23.画出图中A点处磁场的方向，并把小磁针N极涂黑。

【答案】

【解析】

【详解】安培定则的内容是：

右手握住螺线管，四指弯向电流的方向，大拇指指向北极；所以，螺线管的左端为N极；且在磁体的周围，磁感线是从磁体的N极流出，回到S极，所以，A点处磁场的方向向左（如图）；由于异名磁极相互吸引，所以与螺线管左端的小磁针的右上端为S极，左下端为N极，如下图：

【点睛】本题考查的是安培定则的应用及磁极间的作用规律和磁感线的方向，是基础题目，难度不大。

24.如图是一台火灾现场侦察、灭火的消防机器人，其质量为600kg，履带与地面接触的总面积为0.5m2，以3m/s的速度在水平地面沿直线匀速前进了1min，行驶时所受阻力为自重的0.02倍（g取10N/kg）。

求：

（1）消防机器人在1min内通过的路程。

（2）消防机器人静止在水平地面时，对地面产生的压强。

（3）在水平地面匀速直线前进的过程中，消防机器人牵引力做功的功率。

【答案】

（1）180m。

（2）1.2×104pa；（3）360W。

【解析】

【详解】

（1）由v=s/t知道，消防机器人在1min内通过的路程是：

s=vt=3m/s×60s=180m；

（2）根据题意知道，机器人对地面的压力等于其身的重力，即F=G=mg=600kg×10N/kg=6000N，履带与地面接触的总面积是：

S=0.5m2

故它对地面的压强是：

p=F/S=6000N/0.5m2=1.2×104Pa=12000Pa；

（3）根据题意知道，机器人做匀速直线运动，所以受到的牵引力与所受阻力是一对平衡力，即小车的牵引力是：

F=f=0.02G=0.02×6000N=120N，

所以，消防机器人牵引力做功的功率是：

P=W/t=Fs/t=Fv