2.下列说法不正确的是（ ）
A．康普顿效应进一步证实了光的波动特性
B．为了解释黑体辐射规律，普朗克提出电磁辐射的能量的量子化
C．经典物理学不能解释原子的稳定性和原子光谱的分立特征
D．比结合能小的原子核结合成或分解成比结合能大的原子核时一定释放核能
3.一个带正电的油滴从如图所示的匀强电场上方A点自由下落，油滴落入匀强电场后，能较准确地描述油滴运动轨迹的是图中的（ ）
A．B．C．D．
4.如图所示，在矩形区域abcd内有匀强电场和匀强磁场．已知电场方向平行于ad边且由a指向d，磁场方向垂直于abcd平面，ab边长为L，ad边长为2L，一带电粒子从ad边的中点O平行于ab方向以大小为v0的速度射入磁场，恰好做匀速直线运动，若撤去电场，其他条件不变，则粒子从c点射出场区（粒子重力不计）．下列说法正确的是（ ）
A．磁场方向垂直abcd平面向外
B．撤去电场后，该粒子在磁场中的运动时间为
C．若撤去磁场，其他条件不变，则粒子在电场中运动时间为
D．若撤去磁场，其他条件不变，则粒子射出电场时的速度大小为v0
5.如图所示为一圆形区域的匀强磁场，在O点处有一放射源，沿半径方向射出速率为v的不同带电粒子，其中带电粒子1从A点飞出磁场，带电粒子2从B点飞出磁场，不考虑带电粒子的重力，则（ ）
A．带电粒子1的比荷与带电粒子2的比荷之比为3∶1
B．带电粒子1的比荷与带电粒子2的比荷之比为∶1
C．带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间之比为2∶1
D．带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间之比为1∶2
6.如图所示，有一根直导线上通以恒定电流I，方向垂直指向纸内，且和匀强磁场B垂直，则在图中圆周上，磁感应强度数值最大的点是（ ）
A．a点B．b点C．c点D．d点
7.如图所示，Q1、Q2为两个等量同种正点电荷，在Q1、Q2产生的电场中有M、N和O三点，其中M和O在Q1、Q2的连线上（O为连线的中点），N为两电荷连线中垂线上的一点，则下列说法中正确的是（ ）
A．O点电势等于N点电势
B．O点场强一定大于M点场强
C．将一个负点电荷从M点移到N点，电场力对其做负功
D．若将一个正点电荷分别放在M、N和O三点，则该点电荷在O点时电势能最大
8.如图所示，一带电粒子仅在电场力作用下沿图中虚线从A运动到B，在此过程中，下列说法正确的是（ ）
A．加速度逐渐减小B．粒子一定带正电
C．电场力对粒子做正功D．粒子电势能增加，动能减少
9.下列说法正确的是（ ）
A．质子和中子的质量不等，但质量数相等
B．质子和中子构成原子核，原子核的质量数等于质子和中子的质量总和
C．同一种元素的原子核有相同的质量数，但中子数可以不同
D．中子不带电，所以原子核的电荷量等于质子和电子的电荷量之和
10.导体球壳B带有正电荷Q，其中心处放有导体球A，用细金属丝通过B上的小孔与地相连（细金属丝不与球壳B相碰），如图所示．则导体球A（ ）
A．不带电B．带正电
C．带负电D．可能带正电，也可能带负电
二、多选题（共4小题,每小题4.0分,共16分）
11.（多选）以下关于地磁场的说法中正确的是（ ）
A．地磁场是地球的盾牌，起着保护地球上生命的作用
B．地磁场的N极在地理位置的南极附近，但不与南极重合
C．地磁场的方向会随时间的流逝而缓慢变化
D．在行星中，只有地球有磁场
12.（多选）如图是一条通电导体棒a放在光滑绝缘斜面上的平面示意图，通入垂直纸面向里的电流，欲使导体棒a能静止在斜面上，需在MN间垂直纸面放置通电导体棒b，则关于导体棒b的电流方向及位置可能正确的是（ ）
A．垂直纸面向外，放在A点B．垂直纸面向外，放在B点
C．垂直纸面向里，放在B点D．垂直纸面向里，放在C点
13.（多选）我国科学家研制“两弹”所涉及到的基本核反应方程有：
（1）U＋n→Sr＋Xe＋kn
（2）H＋H→He＋dn
关于这两个方程的下列说法，正确的是（ ）
A．方程
（1）属于α衰变B．方程
（1）属于重核裂变
C．方程
（2）属于轻核聚变D．方程
（1）中k＝6，方程
（2）中d＝1
14.（多选）如图6所示，三小球a、b、c的质量都是m，都放于光滑的水平面上，小球b、c与水平轻弹簧相连且静止，小球a以速度v0冲向小球b，碰后与小球b黏在一起运动．在整个运动过程中，下列说法中正确的是（ ）
图6
A．三球与弹簧组成的系统总动量守恒，总机械能不守恒
B．三球与弹簧组成的系统总动量守恒，总机械能也守恒
C．当小球b、c速度相等时，弹簧弹性势能最大
D．当弹簧第一次恢复原长时，小球c的动能一定最大，小球b的动能一定不为零
分卷II
三、实验题（共2小题,共15分）
15.气垫导轨工作时，可忽略滑块与导轨表面间的阻力影响，现借助其验证动量守恒定律，如图2所示，在水平气垫导轨上放置质量均为m的A、B（图中未标出）两滑块，左侧滑块的左端、右侧滑块的右端分别与一条穿过打点计时器的纸带相连，打点计时器电源的频率为f.气垫导轨正常工作后，接通两个打点计时器的电源，待打点稳定后让两滑块以大小不同的速度相向运动，两滑块相碰后粘在一起继续运动．如图3所示的甲和乙为某次实验打出的、分别与两个滑块相连的两条纸带，在纸带上以同间距的6个连续打点为一段划分纸带，用刻度尺分别测出其长度为s1、s2和s3.
图2
图3
（1）若碰前滑块A的速度大于滑块B的速度，则滑块________（选填“A”或“B”）是与纸带甲的________（选填“左”或“右”）端相连．
（2）碰撞前A、B两滑块的动量大小分别为________、____________，实验需要验证是否成立的表达式为__________（用题目所给的已知量表示）．
16.现有一只量程3mA、内阻约为100Ω的灵敏电流表（表头）．为了较准确地测量它的内阻，采用了如图甲所示的实验电路，实验室提供的器材除电源（电动势为2V，内阻不计）、电阻箱（最大阻值为999.9Ω）、开关和若干导线外，还有多个滑动变阻器和定值电阻可供选择（如表）．
A．滑动变阻器R1（0～5Ω，1A）
D．定值电阻R01（阻值为200Ω）
B．滑动变阻器R2（0～200Ω，0.5A）
E．定值电阻R02（阻值为25Ω）
C．滑动变阻器R3（0～1750Ω，0.1A）
F．定值电阻R03（阻值为5Ω）
（1）按照实验电路，用笔画线代替导线，在如图乙所示的方框中完成实物图连接（部分导线已画出）．
（2）连接好电路之后，实验小组进行了以下操作：
第一，先将滑动变阻器的滑片移到最右端，调节电阻箱的阻值为零；
第二，闭合开关S，将滑片缓慢左移，使灵敏电流表满偏；
第三，保持滑片不动（可认为a、b间电压不变），调节电阻箱R′的阻值使灵敏电流表的示数恰好为满刻度的．
若此时电阻箱的示数如图丙所示，则灵敏电流表内阻的测量值Rg为 Ω．
（3）为较好地完成实验，尽量减小实验误差，实验中应选择的滑动变阻器和定值电阻分别为 和 （填表格中器材前的字母）．
（4）要临时把该灵敏电流表改装成3.0V量程的电压表使用，则应将其与电阻箱 （填“串联”或“并联”），并把电阻箱的电阻值调为 Ω．
四、计算题
17.如图所示，足够长的木板A和物块C置于同一光滑水平轨道上，物块B置于A的左端，A、B、C的质量分别为m、2m和4m，已知A、B一起以v0的速度向右运动，滑块C向左运动，A、C碰后连成一体，最终A、B、C都静止，求：
（1）C与A碰撞前的速度大小．
（2）A、B间由于摩擦产生的热量．
18.在相互垂直的匀强电场和匀强磁场中，有一倾角为θ、足够长的光滑绝缘斜面，磁感应强度为B，方向垂直于纸面向外，电场方向竖直向上．有一质量为m，带电荷量为+q的小球静止在斜面顶端，这时小球对斜面的正压力恰好为零，如图所示，若迅速把电场方向反转为竖直向下，重力加速度为g，求：
（1）小球能在斜面上滑行多远？
（2）小球在斜面上滑行时间是多少？
19.如图所示，电源电动势E0=15V.内阻r0=1Ω，电阻R1=20Ω、间距d=0.02m的两平行金属板水平放置，板间分布有垂直于纸面向里、磁感应强度B=1T的匀强磁场.闭合开关S，板间电场视为匀强电场，将一带正电的微粒以初速度v=100m/s沿两板间中线水平射入板间.设滑动变阻器接入电路的阻值为Rx，带电粒子重力不计.
（1）当Rx=29Ω时，电阻R1消耗的电功率是多大;
（2）若小球进入板间能做匀速直线运动，则Rx是多少.
20.如图所示，虚线上方有场强为E的匀强电场，方向竖直向下，虚线上、下有磁感应强度相同的匀强磁场，方向垂直纸面向外，ab是一根长为l的绝缘细杆，沿电场线放置在虚线上方的场中，b端在虚线上，将一套在杆上的带正电的小球从a端由静止释放后，小球先做加速运动，后做匀速运动到达b端，已知小球与绝缘杆间的动摩擦系数μ=0.3，小球重力忽略不计，当小球脱离杆进入虚线下方后，运动轨迹是半圆，圆的半径是，求带电小球从a到b运动过程中克服摩擦力所做的功与电场力所做功的比值．
——★参考答案★——
1.A2.A3.B4.B5.A6.A7.C8.D9.A10.C
11.ABC12.AD13.BC14.ACD
15.
（1）A 左
（2）0.2mfs1 0.2mfs3 0.2mf（s1－s3）＝0.4mfs2
[解析]
（1）因碰前A的速度大于B的速度，A、B的速度相反，且碰后速度相同，故根据动量守恒定律可知，甲中s1和s3是两滑块相碰前打出的纸带，s2是相碰后打出的纸带，所以滑块A应与甲纸带的左侧相连．
（2）碰撞前两滑块的速度分别为：
v1＝＝＝0.2s1f
v2＝＝0.2s3f
碰撞后两滑块的共同速度：
v＝＝0.2s2f
所以碰前两滑块动量分别为：
p1＝mv1＝0.2mfs1，p2＝mv2＝0.2mfs3，
总动量为：
p＝p1－p2＝0.2mf（s1－s3）；
碰后总动量为：
p′＝2mv＝0.4mfs2.
要验证动量守恒定律，则一定有：
0．2mf（s1－s3）＝0.4mfs2.
16.
（1）如图所示
（2）102.5（3）FA（4）串联897.5
[解析]
（1）根据原理图可得出对应的实物图；如图所示；
（2）由电阻箱的读数方法可得：
R=1×100+2×1+5×0.1Ω=102.5Ω
（3）定值电阻起保护作用，防止电源短路，则由欧姆定律可知定值电阻选F即可；滑动变阻器采用分压接法，故滑动变阻器选择A；
（4）要使电流表改装成3.0V的电压表，应串联一个电阻；由欧姆定律可知：
Ig（Rg+R）=3.0V；
解得：
R=897.5Ω；
17.
（1）v0
（2）mv02
[解析]取向右为正方向．
（1）对三个物体组成的系统，根据动量守恒定律得：
（m＋2m）v0－4mvC＝0
解得C与A碰撞前的速度大小vC＝v0
（2）A、
升级会员 