学年广东省普宁市华美实验学校高二月考理综物理试题 解析版.docx
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学年广东省普宁市华美实验学校高二月考理综物理试题解析版
广东省普宁市华美实验学校2017-2018学年高二6月月考理综-物理试题
1.铀是常用的一种核燃料,若它的原子核发生了如下的裂变反应:
则a+b可能是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】根据核反应的特点可知，核反应前后质量数和电荷数都守恒，根据各选项中的数据可知，A都不守恒，B质量数不守恒，D电荷数不守恒，C正确。
故选：
C
2.如图所示，一水平的可自由移动的通电长直导线置于螺线管的右端，通入垂直纸面向外方向的电流，当开关K闭合瞬间，长直导线的运动方向为（）
A.向上B.向下
C.向左D.向右
【答案】A
故选：
A
3.下图为某机器人上测量物体位移的传感器示意图。
工作时，保证电容极板电量不变，电介质板与被测物体相连，当物体如图左右移动时，通过灵敏电压传感器的电压显示被测物体的位移。
下列说法正确的有（）
A.被测物体右移时，电容器的电容变大
B.被测物体右移时，电容器极板间电压变大
C.被测物体左移时，电容器内存储的电能增大
D.可以用一个灵敏度足够高的磁电式电压表替代图中的灵敏电压传感器
【答案】B
【解析】A：
被测物体右移时，两板间电介质部分减少，据
电容器的电容减小；电容极板电量不变，据
电容器极板间电压变大。
故A项错误，B项正确。
C：
被测物体左移时，两板间电介质部分增多，据
电容器的电容变大；电容极板电量不变，据
电容器极板间电压减小；电容器内存储的电能
减小。
故C项错误。
D：
磁电式电压表接在电容器两端会形成放电通道，改变电容器的电荷量。
故D项错误。
4.如下图所示，在直角三角形abc区域内存在垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，∠a=60°，∠b=90°，边长bc=L，粒子源在b点将带负电的粒子以大小、方向不同的速度射入磁场，己知粒子质量为m，电荷量为q，则在磁场中运动时间最长的粒子中，速度最大值是（）
A.
B.
C.
D.
【答案】B
【解析】
故选：
D。
【名师点睛】
带电粒子在磁场中偏转时间由偏转角来决定，但要考虑到磁场区域能否完成这一角度的偏转，由半径公式知道：
当速度增大时，半径也相应增大，最大值是轨迹恰与ac边相切，由几何关系求出半径，由洛仑兹力提供向心力就能求出最大速度。
5.如图所示，一质量为M的轨道由粗糙的水平部分和光滑的四分之一圆弧部分组成，置于光滑的水平面上。
如果轨道固定，将质量为m、可视为质点的物块从圆弧轨道的最高点由静止释放，物块恰好停在水平轨道的最左端。
如果轨道不固定，仍将物块从圆弧轨道的最高点由静止释放，下列说法正确的是（ ）
A.物块与轨道组成的系统机械能不守恒，动量守恒
B.物块与轨道组成的系统机械能守恒，动量不守恒
C.物块将从轨道左端冲出水平轨道
D.物块仍能停在水平轨道的最左端
【答案】D
【解析】AB、轨道不固定时，物块在轨道的水平部分时因摩擦产生内能，所以系统的机械能不守恒。
物块在轨道的圆弧部分下滑时，合外力不为零，动量不守恒，故A错误，B错误；
CD、设轨道的水平部分长为L.轨道固定时，根据能量守恒定律得mgR=μmgL
轨道不固定时，设物块与轨道相对静止时共同速度为v，在轨道水平部分滑行的距离为x.
取向左为正方向,根据水平动量守恒得：
0=（M+m）v，则得v=0
根据能量守恒定律得：
mgR=
（M+m）v2+μmgx，联立解得x=L
所以物块仍能停在水平轨道的最左端，故C错误，D正确。
故选：
D
点睛：
根据能量的转化情况分析系统的机械能是否守恒．对照动量守恒条件：
合外力为零，分析系统的动量是否守恒．系统水平方向不受外力，水平方向动量守恒，由水平动量守恒和能量守恒列式分析物块停止的位置．
6.如图所示为磁悬浮的原理，图中A是圆柱形磁铁，B是用高温超导材料制成的超导圆环，将超导圆环水平放在磁铁A上，它就能在磁力的作用下悬浮在磁铁A上方的空中，则（ ）
A.将B放入磁场的过程中，B中将产生感应电流，当稳定后，感应电流消失
B.将B放入磁场的过程中，B中将产生感应电流，当稳定后，感应电流仍存在
C.如A的N极朝上，B中感应电流为顺时针方向（俯视）
D.如A的N极朝上，B中感应电流为逆时针方向（俯视）
【答案】BC
【解析】AB.当将B环靠近A时，由于越靠近A物体，其磁场就越强，磁感线就越密，所以在靠近过程中穿过B环的磁通量发生变化，即在该环中会产生感应电流；由于B环是超导体，即没有电阻，所以此时B环中的电流不会变小，且永远存在，故A错误，B正确；
CD.此时圆环B水平放在磁铁A上且悬浮在磁铁A的上方空中，即其相互排斥，这就说明B环的下面是N极，故安培定则可判断此时用右手握时，大拇指应朝下，故感应电流为顺时针方向（俯视），故C正确，D错误。
故选：
BC.
点睛：
闭合电路的部分导体在磁场中穿过B环的磁通量发生变化，在电路中就会产生感应电流，该现象称为电磁感应现象，所以根据电磁感应的条件理解；结合超导体、平衡条件和安培定则分析即可判断．
7.如图甲所示，理想变压器的原线圈电路中装有0.5A的保险丝L，原线圈匝数n1=600匝，副线圈匝数n2=120匝.当原线圈接在如图乙所示的交变电源上时，要使整个电路和用电器正常工作，则副线圈两端可以接（）
A.工作频率为50Hz的家用电视机B.耐压值为36V的电容器
C.阻值为15Ω的电阻D.并联两盏“36V，40W”的灯泡
【答案】CD
【解析】由乙图知周期为0.04s频率为25Hz，不能为10Hz的电视供电，A错误；由乙图知输入电压有效值为180V，所以副线圈两端电压有效值为
，副线圈两端电压峰值为
，超过电容的耐压值，B错误；副线圈两端电压有效值为36V，接阻值为15Ω的电阻时，电流为
，此时原线圈中的电流为
，并联两盏的“36V40W”灯泡时，电流为
，CD正确．
8.（多选）如图所示,两根足够长的光滑导轨竖直放置,间距为L,底端接一阻值为R的电阻,其余电阻不计。
一质量为m、长度也为L的金属棒悬挂在固定的轻弹簧下端,与导轨垂直且接触良好,弹簧原长时金属棒恰在b位置,b位置下方存在方向垂直纸面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场。
现将金属棒从距b位置为H的a位置处由静止释放,最低可到达b位置下方相距也为H的d位置处,最终停止在b、d之间的c位置处。
重力加速度为g。
下列说法正确的是（）
A.金属棒从a到d过程中,经过c位置时速度最大
B.金属棒从a到d过程中,通过电阻R的电荷量为
C.金属棒从a到d过程中,电阻R上产生的热量为2mgH
D.金属棒从开始运动到最终停止,电阻R上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少量
【答案】B
【解析】A．在C位置，重力等于弹力，从a到d过程中,经过c位置时还受安培力作用，合力不为零，加速度不为零，速度不是最大，故A错误；
B．根据通过电阻的电荷量q=
，从a到d过程中,通过电阻R的电荷量为
，故B正确；
C．根据能量守恒定律，从a到d过程中，减小的重力势能转化为内能和弹性势能，d位置弹力不为零，弹性势能不为零，电阻R上产生的热量小于2mgH，故C错误；
D．根据能量守恒定律，从开始运动到最终停止，减小的重力势能转化为内能和弹性势能，c位置弹力不为零，弹性势能不为零，电阻R上产生的总热量小于金属棒重力势能的减少量，故D错误。
故选：
B
9.在“多用电表的使用”实验中，
（1）甲同学利用多用电表测量电阻。
他用电阻挡“×100”测量时发现指针偏转角度过小，为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，操作顺序为______（填写选项前的字母）。
A．将选择开关旋转到电阻挡“×1k”的位置，再将两表笔分别接被测电阻的两根引线进行测量
B．将选择开关旋转到电阻挡“×1k”的位置，将两表笔短接，进行欧姆调零后，再将两表笔分别接被测电阻的两根引线完成测量
C．将选择开关旋转到电阻挡“×10”的位置，再将两表笔分别接被测电阻的两根引线进行测量
D．将选择开关旋转到电阻挡“×10”的位置，将两表笔短接，进行欧姆调零后，再将两表笔分别接被测电阻的两根引线完成测量
（2）如图1所示，为一正在测量中的多用电表表盘。
如果用电阻挡“×100”测量，则读数为________Ω。
（3）乙同学利用多用电表测量图示电路中小灯泡正常工作时的有关物理量。
以下操作正确的是______。
A．将选择开关旋转到合适的电压挡，闭合开关，利用图2的电路测量小灯泡两端的电压
B．将选择开关旋转到合适的电阻挡，闭合开关，利用图2的电路测量小灯泡的电阻
C．将选择开关旋转到合适的电流挡，闭合开关，利用图3的电路测量通过小灯泡的电流
D．将选择开关旋转到合适的电流挡，把图3中红、黑表笔接入电路的位置互换，闭合开关，测量通过小灯泡的电流
【答案】
（1）.B
（2）.2800（3）.AC
【解析】
（1）用“×100Ω”挡测电阻时指针偏转角度过小，说明电阻阻值较大，需选取大挡位，换挡后先进行欧姆调零，再测阻值，故选B；
（2）由图示可知，其读数为28×100Ω=2800Ω；
（3）A．测小灯泡的电压时，应将电压表与小灯泡并联，故A正确；
B，测小灯泡的电阻时，应将小灯泡与电路断开，故B错误；
C．测小灯泡的电流时，应将电流表与小灯泡串联，故C正确；
D．多用电表作为电流表时，红表笔应接高电势，故D错误。
故选：
AC
点睛：
欧姆档测电阻时指针偏转角度过小是由于档位过小，需选取大档位，每次换挡需要欧姆调零；根据指针指示读出读数，注意乘上倍率；多用电表一定是红表笔电流流入，黑表笔电流流出；
10.许明同学想测量某电池的电动势E和内阻r,选用器材如下:
电流表A1（量程50mA,内阻RA1约为10Ω）
电流表A2（双量程,一量程为20mA,另一量程为200mA）
电阻箱R（0～999.9Ω）
定值电阻R0（阻值为4.0Ω）
开关两个，导线若干
该同学设计了如图所示电路,并进行如下操作:
（1）实验中电流表A2选择____量程.
（2）将开关S1闭合,S2断开,调整电阻箱R,记下电流表A1,A2的示数I1=30.0mA,I2=120mA,则电流表A1的内阻RA1=____Ω.
（3）保持S1闭合,再闭合S2,调整电阻箱R,记下电阻箱阻值分别为30.0Ω,90.0Ω时对应的电流表A1的示数为25.0mA,10.0mA.由此可求得E=___V；r=___Ω.（计算结果保留两位有效数字）
【答案】
（1）.200mA
（2）.12.0（3）.4.0（4）.7.0
【解析】
（1）根据步骤中提供的电流表A2的示数为120mA，因此可知电流表A2应选用200 mA的量程；
（2）由并联电路的特点，可得：
RA1=
；
（3）电流表A1和电阻R0的并联电阻为：
R并=
=
=3.0Ω，
由串并联电路的特点和闭合电路欧姆定律可得：
I1=
I2=
，
代入数据，联立解得：
E=4.0 V，r=7.0Ω.
点睛：
分析题意，明确给出的示数，从而确定电流表的量程；将开关S1闭合，S2断开，A1与R0并联后再与A2串联，根据串并联电路的规律即可求得电流表内阻；根据串并联电路规律可求得并联电阻，再根据闭合电路欧姆定律列式，联立即可求得电动势和内电阻．
11.如图所示，两根竖直固定的足够长的金属导轨ab和cd相距L=0.2m，另外两根水平金属杆MN和PQ的质量均为
，可沿导轨无摩擦地滑动，MN杆和PQ杆的电阻均为
（竖直金属导轨电阻不计），PQ杆放置在水平绝缘平台上，整个装置处于垂直导轨平面向里的磁场中，g取
。
（1）若将PQ杆固定，让MN杆在竖直向上的恒定拉力
的作用下由静止开始向上运动，磁感应强度
，杆MN的最大速度为多少?
（2）若将MN杆固定，MN和PQ的间距为
，现使磁感应强度从零开始
的变化率均匀地增大，经过多长时间，杆PQ对地面的压力为零？
【答案】
（1）8m/s
（2）
【解析】
（1）MN杆切割磁感线产生的电动势为:
E1＝B0Lv
由闭合电路欧姆定律得:
MN杆所受安培力大小为:
F安＝B0I1L
对MN杆应用牛顿第二定律得:
F－mg－F安＝ma
当MN杆速度最大时,MN杆的加速度为零,
联立公式得MN杆的最大速度为:
（2）感生电动势为:
由闭合电路欧姆定律得:
t时刻的磁感应强度为:
PQ杆受力平衡:
mg＝BI2L
联立得时间t为:
故本题答案是：
（1）8m/s
（2）t=100s
12.如图所示，粒子源O可以源源不断地产生的初速度为零的正离子同位素，即这些正离子带相同的电量q，质量却不相同。
所有的正离子先被一个电压为U0的匀强加速电场加速，再从两板中央垂直射入一个匀强偏转电场，已知此偏转电场两板间距为d，板间电压为2U0，偏转后通过下极板上的小孔P离开电场。
经过一段匀速直线运动后，正离子从Q点垂直于边界AB进入一正方形的区域匀强磁场（磁感应强度为B，方向垂直纸面向里），不计正离子的重力及离子之间的相互作用，求：
（1）当正离子从P点离开偏转电场时，求P点和极板左端间的距离L以及此时的速度偏转角φ；
（2）求质量为m的离子在磁场中做圆周运动的半径R；
（3）若质量为4m的离子垂直打在磁场边界AD的中点处，求能打在边界AD上的正离子的质量范围。
【答案】
（1）d，φ＝45°
（2）
（3）m～25m
【解析】
（1）在加速电场中，由动能定理得：
在偏转电场中，离子做类平抛运动，L=v0t，
加速度：
速度偏角正切值：
解得：
PM间的距离：
L=d
，φ=45°
（2）在加速电场中，由动能定理得：
，
离子进入磁场时的速度为v，
离子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，
由牛顿第二定律得：
解得
（3）由题意可知，质量为4m的正离子在磁场中运动轨迹的圆心恰好在A点，设此时的轨道半径为R0；
临界状态1：
质量为m1的正离子刚好打在A点，如图所示：
由几何知识可得：
由
可知：
解得：
m1=m
临界状态2：
质量为m2的正离子刚好打在D点，此时轨道半径为R2，由几何知识得
解得：
，
则
，得m2=25m
则能打在AD上的正离子质量范围为：
m～25m；
13.下列说法中正确的是_______。
（填入正确选项前的字母。
选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分，每选错一个扣3分，最低得分为0分）
A．当分子间距r>r0时（r=r0时分子力为零），分子间的引力随着分子间距的增大而减小，分子间的斥力随着分子间距的增大而减小，分子力表现为引力
B．第一类永动机和第二类永动机研制失败的原因是违背了能量守恒定律
C．一定质量的理想气体等压膨胀过程中的内能不变
D．大雾天气学生感觉到教室潮湿，说明教室内的相对湿度较大
E．一定质量的单晶体在熔化过程中分子势能一定是增大的
【答案】ADE
【解析】A.当分子间距r>r0时，分子间的引力和斥力都随着分子间距的增大而减小，而且斥力减小更快，所以分子力表现为引力，故A正确；
B、第一类水动机研制失败的原因是违背了能量守恒定律，而第二类永动机研制失败的原因并不是违背了能量守恒定律，而是违背了热力学第二定律，故B错误；
C、一定质量的理想气体等压膨胀，体积变大，温度升高，内能增大，故C错误；
D、相对湿度为某一被测蒸气压与相同温度下的饱和蒸气压的比值的百分数，大气中相对湿度越大，水气蒸发也就越慢，人就感受到越潮湿，故大雾天气学生感觉到教室潮湿，说明教室内的相对湿度较大，故D正确；
E、一定质量的单晶体在熔化过程中温度不变，分子的平均动能不变，所吸收的热量全部用来增大分子势能，故E正确；
故选ADE。
14.如图所示，劲度系数为k＝100N/m的轻质弹簧与完全相同的导热活塞A、B不拴接，一定质量的理想气体被活塞A、B分成两个部分封闭在可导热的汽缸内。
活塞A、B之间的距离与B到汽缸底部的距离均为l＝1.2m，初始时刻，气体Ⅰ与外界大气压强相同，温度为T1＝300K，将环境温度缓慢升高至T2＝450K，系统再次达到稳定，A已经与弹簧分离，已知活塞A、B的质量均为m＝2.0kg。
横截面积为S＝10cm2；外界大气压强恒为p0＝1.0×105Pa。
不计活塞与汽缸之间的摩擦且密封良好，g取10m/s2，求活塞A相对初始时刻上升的高度。
【答案】0.9m
【解析】对气体I，初态：
T1=300K，P1=1.0
105Pa，V1=lS；
末态：
T2=440K,
，
根据理想气体状态方程：
解得末态气体I的长度为1.6m。
对气体II，初态：
T3=300K，
，V3=1.2S；
末态：
T4=440K,
，
根据理想气体状态方程：
解得末态气体I的长度为1.76m。
故活塞A上升的高度为
=（1.6m-1.2m）+（1.76m-1.2m）=0.96m。
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