11
kx-y+2k+4=0,
(2)联立直线AP与BQ的方程
93
x+ky-4k-2=0,
2
-k+4k+3
解得点Q的横坐标是xQ=2(k2+1).
212
|PA|=1+kx+2=1+k2(k+1),
所以|PA|·|PQ|=-(k-1)(k+1).
3
令f(k)=-(k-1)(k+1),
因为f′(k)=-(4k-2)(k+1)2,
1
所以f(k)在区间-1,2上是增加的,
所以椭圆M的方程为x2+y2=1,
43
所以|S1-S2|的最大值为3.
圆锥曲线最值问题的求解方法
圆锥曲线中的最值问题类型较多,解法灵活多变,但总体上主要有两种方法:
一是几何
法,即通过利用曲线的定义、几何性质以及平面几何中的定理、性质等进行求解;二是代数
法,即把要求最值的几何量或代数表达式表示为某个(些)参数的函数(解析式),然后利用函
数方法、不等式方法等进行求解.
(2020·河北武邑中学模拟)抛物线y2=4x的焦点为F,过点F的直线
交抛物线于A,B两点.
(1)O为坐标原点,求证:
→OA·→OB=-3;
(2)设点M在线段AB上运动,原点O关于点M的对称点为C,求四边形OACB面积的最
小值.
解:
(1)证明:
依题意得F(1,0),且直线AB的斜率不为0,设直线AB的方程为x=my
+1.
x=my+1,2
联立2消去x得y-4my-4=0.
y=4x,
设A(x1,y1),B(x2,y2),则y1+y2=4m,y1y2=-4.
2
x1x2=(my1+1)(my2+1)=my1y2+m(y1+y2)+1=1,
故→OA·O→B=x1x2+y1y2=-3.
(3)由点C与原点O关于点M对称,得M是线段OC的中点,从而点O与点C到直线AB
OACB的面积等于2S△AOB.
1
(1)知2S△AOB=2×2|OF||y1-y2|
=(y1+y2)-4y1y2=41+m,
所以当m=0时,四边形OACB的面积最小,最小值是4.
范围问题(多维探究)
角度一求代数式的取值范围
已知椭圆
C:
2+y2=1(a>b>0)的离心率为,且以原点为圆心,椭圆的焦
ab2
(2)若椭圆C的左、右焦点分别为
F1,F2,过F2作直线
l与椭圆交于M,N两点,求F→1M·F→1N
(1)由题意,得
c
e==a
22,
1=c,
sinθ+cosθ
a2=b2+c2
c=1,
a2=2,
b2=1,
故椭圆C的标准方程为2+y2=1.
(2)
x=1,不妨记M1,22
由
(1)得F1(-1,0),F2(1,0).
①若直线l的斜率不存在,则直线l⊥x轴,直线
2
N1,-2,
所以F→1M=2,22,F→1N=2,-22,故F→1M·F→1N=72.
②若直线l的斜率存在,设直线l的方程为y=k(x-1),
y=k(x-1),
由x2消去y得,(1+2k2)x2-4k2x+2k2-2=0,
2+y=1
F1M=(x1+1,y1),F1N=(x2+1,y2),
→→2
则F1M·F1N=(x1+1)(x2+1)+y1y2=(x1+1)(x2+1)+k(x1-1)·k(x2-1)=(1+k)·x1x2
22
(1-k)(x1+x2)+1+k,
9
→→2(k4-1)
代入可得F→1M·F→1N=2k2+1
4k2-4k427k2-172
2k2+1+1+k=2k2+1=2-2k2+1,
k2≥0可得F→1M·F→1N∈-1,72.
综上,F→1M·F→1N∈-1,27.
角度二求参数的取值范围
已知椭圆C的两个焦点为F1(-1,0),F2(1,0),且经过点E3,23.
(1)求椭圆C的方程;
(2)过点F1的直线l与椭圆C交于A,B两点(点A位于x轴上方),若A→F1=λF→1B,且2≤λ
3,求直线l的斜率k的取值范围.
2a=|EF1|+|EF2|=4,a=2,
【解】
(1)由a2=b2+c2,解得c=1,
c=1,b=3,
所以椭圆C的方程为x2+y2=1.
43
y=k(x+1)(k>0),
y=k(x+1),
326144
联立方程,得x2y2整理得2+4y-y-9=0,Δ=2+144>0,
4+3=1,kkk
2
设A(x1,y1),
6k-9k2
B(x2,y2),则y1+y2=3+4k2,y1y2=3+4k2,
又A→F1=λF→1B,所以y1=-λy2,所以
-λ2
y1y2=(1-λ)2(y1+y2),
等量关系.
数的取值范围.
解决圆锥曲线中的取值范围问题应考虑的五个方面
22
(2020·郑州模拟)已知椭圆xa2+yb2=1(a>b>0)上的点到右焦点F(c,
0)的最大距离是2+1,且1,2a,4c成等比数列.
(1)求椭圆的方程;
(2)过点
F且与x轴不垂直的直线l与椭圆交于A,B两点,线段AB的垂直平分线交
所以椭圆的方程为
+y2=1.
2
x+2y-2=0,
与椭圆方程联立得
消去y可得(1+2k2)x2-4k2x+2k2-2=0.
y=k(x-1),
设A(x1,y1),B(x2,y2),则x1+x2=1+4k2k2,
-2k
y1+y2=k(x1+x2)-2k=1+2k2.
-k
2
1+2k2.
2k2
可得线段AB的中点为N1+2k2,
当k=0时,直线MN为y轴,此时m=0.
k12k2
当k≠0时,直线MN的方程为y+2=-x-2,
1+2kk1+2k
22
k2k2
化简得ky+x-1+2k2=0.令y=0,得x=1+2k2.
k211
所以m=1+2k2=1∈0,2.
综上所述,实数m的取值范围为0,2.
[基础题组练]
1.(2020·河南新乡二模)如图,已知抛物线C1的顶点在坐标原点,焦点在x轴上,且
过点(3,6),圆C2:
x2+y2-6x+8=0,过圆心C2的直线l与抛物线和圆分别交于P,Q,M,
N,则|PN|+3|QM|的最小值为()
A.12+43B.16+43
C.16+63D.20+63
解析:
选C.设抛物线的方程为y2=2px(p>0),
则36=2p×3,则2p=12,
所以抛物线的方程为y2=12x,设抛物线的焦点为F,则F(3,0),
准线方程为x=-3,
圆C2:
x2+y2-6x+8=0的圆心为(3,0),半径为1,由直线PQ过抛物线的焦点,则
1121
+==
|PF|+|QF|=p=3.
|PN|+3|QM|=|PF|+1+3(|QF|+1)
113|QF||PF|
=|PF|+3|QF|+4=3(|PF|+3|QF|)|PF|+|QF|+4=34+|PF|+|QF|+4≥3(4
23)+4=16+63当且仅当3|QF|=|PF|时,取等号.故选C.
|PF||QF|
2.如图,抛物线W:
y=4x与圆C:
(x-1)2+y2=25交于A,B两点,点P为劣弧AB上
不同于A,B的一个动点,与x轴平行的直线PQ交抛物线W于点Q,则△PQC的周长的取值
范围是()
A.(10,14)B.(12,14)
C.(10,12)D.(9,11)
解析:
选C.抛物线的准线l:
x=-1,焦点(1,0),
由抛物线定义可得|QC|=xQ+1,
圆(x-1)2+y2=25的圆心为C(1,0),半径为5,
可得△PQC的周长=|QC|+|PQ|+|PC|=xQ+1+(xP-xQ)+5=6+xP,
由抛物线y2=4x及圆(x-1)2+y2=25可得交点的横坐标为4,即有xP∈(4,6),可得6
+xP∈(10,12),
故△PQC的周长的取值范围是(10,12).故选C.
22
3.(2020·湖南湘潭一模)已知F(3,0)是椭圆C:
xa2+yb2=1(a>b>0)的一个焦点,
点M3,12在椭圆C上.
(1)求椭圆C的方程;
1
(2)若直线l与椭圆C分别相交于A,B两点,且kOA+kOB=-2(O为坐标原点),求直线
l的斜率的取值范围.
解:
(1)由题意知,椭圆的另一个焦点为(-3,0),
所以点M到两焦点的距离之和为(23)2+21+21=4.
所以a=2.
kOA+kOB=0,不符合题意.
2又因为c=3,所以b=1,所以椭圆C的方程为x4+y2=1.
故设直线l的方程为y=kx+m(k≠0),A(x1,y1),B(x2,y2),
x2+y2=1,
联立4可得(4k+1)x+8kmx+4(m-1)=0.
y=kx+m,
-2k
m2-1.
kOA+kOB=-
11
2,可得m=4k+1,所以k≥-4.
22
又由Δ>0,得16(4k-m+1)>0,
所以4k2-4k>0,解得k<0或k>1,
1
综上,直线l的斜率的取值范围为-4,0∪(1,+∞).
22
4.(2020·银川模拟)椭圆xa2+yb2=1(a>b>0)的焦点分别为F1(-1,0),F2(1,0),直
线l:
x=a2交x轴于点A,且A→F1=2A→F2.
(1)试求椭圆的方程;
(2)过点F1,F2分别作互相垂直的两条直线与椭圆分别交于D,E,M,N四点(如图所示),
试求四边形DMEN面积的最大值和最小值.
解:
(1)由题意知,|F1F2|=2c=2,A(a2,0),
因为A→F1=2A→F2,所以F2为线段AF1的中点,
则a2=3,b2=2,所以椭圆方程为x2+y2=1.
32
24k2+12+2k
令u=k2+12,则
k
S=4-
13+6u
96
21
u=k+k2≥2,当k=±1时,u=2,S=25,
且S是以u为自变量的增函数,则926*5≤S<4.
96
综上可知,25≤S≤4,故四边形DMEN面积的最大值为
4,最小值为
96
25.
[综合题组练]
1.已知椭圆E的中心在原点,焦点F1,F2在y轴上,离心率等于22,P是椭圆E上的
3
点.以线段PF1为直径的圆经过F2,且9P→F1·P→F2=1.
(1)求椭圆E的方程;
(2)作直线l与椭圆E交于两个不同的点M,N.如果线段MN被直线2x+1=0平分,求
直线l的倾斜角的取值范围.
解:
(1)依题意,设椭圆
2
E的方程为y2+
a
2
x
b2=1(a>b>0),半焦距为
c.
因为椭圆E的离心率等于22,
3
所以c=232a,b2=a2-c2=a9.
因为以线段PF1为直径的圆经过F2,
所以PF2⊥F1F2.
所以|PF2|=a.
因为9PF1·PF2=1,
所以9|P→F2|2=9ab24=1.
2
2a
b=
a2=9
b2=1,
9
4,得
9b4
2=1
a
所以椭圆E的方程为y+x2=1.
9
11
(2)因为直线x=-2与x轴垂直,且由已知得直线l与直线x=-2相交,
所以直线l不可能与x轴垂直,
所以设直线l的方程为y=kx+m.
y=kx+m222
22,得(k+9)x+2kmx+m-9=0.
因为直线l与椭圆E交于两个不同的点M,N,
所以Δ=4k2m2-4(k2+9)(m2-9)>0,
即m2-k2-9<0.
设M(x1,y1),N(x2,y2),
-2km则x1+x2=k2+9.
MN被直线2x+1=0平分,
x1+x2
所以2×2+1=0,
-2km
即k2+9+1=0.
m2-k2-9<0
-2km,得
k2+9+1=0
k2+9>0,所以
k2+9
4k2
1<0,所以k2>3,
解得k>3或k<-3.
πππ2π
所以直线l的倾斜角的取值范围为π3,π2∪π2,2π3.
2.(2019·高考全国卷Ⅱ)已知点A(-2,0),B(2,0),动点M(x,y)满足直线AM与
1
BM的斜率之积为-2.记M的轨迹为曲线C.
(1)求C的方程,并说明C是什么曲线;
(2)过坐标原点的直线交C于P,Q两点,点P在第一象限,PE⊥x轴,垂足为E,连接
QE并延长交C于点G.
(ⅰ)证明:
△PQG是直角三角形;
(ⅱ)求△PQG面积的最大值.
yy1x2y2
解:
(1)由题设得x+2·x-2=-2,化简得4+2=1(|x|≠2),所以C为中心在坐标原
点,焦点在x轴上的椭圆,不含左右顶点.
(3)
(ⅰ)证明:
设直线PQ的斜率为k,则