黑龙江哈尔滨市中考物理答案答案.docx
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黑龙江哈尔滨市中考物理答案答案
2019年省市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）
1．（3分）
A、刻度尺是测量长度的工具，故A不符合题意；
B、电压的测量仪器电压表，故B不符合题意；
C、停表是测量时间的仪表，故C不符合题意；
D、电阻用电流表和电压表测，不能用电能表测，故D符合题意。
故选：
D。
2．（3分）
【分析】熔化是指物质从固态变为液态的过程，它需要吸热；
液化是指物质从气态变为液态的过程，它需要放热；
凝华是指物质从气态直接变为固态的过程，它需要放热；
凝固是指物质从液态变为固态的过程，它需要放热。
【解答】解：
A、春天，冰雪消融，它是物质从固态变为液态的过程，是熔化现象，故A符合题意；
B、夏天，露珠晶莹，露珠是液体，它是由空气中的水蒸气放热液化后形成的，故B不符合题意。
C、秋天，雾淞是固体，它是由空气中的水蒸气放热凝华后形成的，故C不符合题意。
D、冬天，松花江水变成剔透的冰，冰是固体，它是由液态的水放热凝固后形成的，故D不符合题意。
故选：
A。
3．（3分）
（1）漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律。
（2）从鱼身上反射出的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变浅了。
（3）太经过三棱镜折射后可以分散成七种颜色的光，分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这就是光的色散现象。
（4）近视眼是晶状体会聚能力增强，像呈在视网膜的前方，应佩戴凹透镜矫正；远视眼是晶状体会聚能力减弱，像呈在视网膜的后方，应佩戴凸透镜矫正。
【解答】解：
A、漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律。
故A错误；
B、水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射，光由水斜射入空气时发生折射，折射角大于入射角，人认为光是沿直线传播的，所以逆着折射光线看上去，看到的是变浅的鱼的虚像。
故B错误；
C、棱镜对不同色光的偏折程度不同，其中对红光的偏折程度最小，对紫光的偏折程度最大；所以白光经三棱镜后，光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带，红光在最上面，紫光在最下方，故C正确；
D、由题干图可知：
像呈在视网膜的前方，所以该模型是近视眼，近视眼是由于晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，应佩戴具有发散作用的凹透镜，使光线推迟会聚。
故D错误。
故选：
C。
4．（3分）
【解答】解：
A、晃动试管，沙子与试管之间发生摩擦，克服摩擦做功，沙子的能变大，故A错误；
B、烧水使水变热是通过热传递改变了物体的能，故B正确；
C、气缸气体被压缩，机械能转化为气体的能，故C错误。
D、摩擦笔杆，克服摩擦做功，笔杆变热，是通过做功改变了物体的能，故D错误。
故选：
B。
5．（3分）
A、物体间力的作用是相互的，一对相互作用力间的大小相等，所以手对钢片的力等于钢片对手的力，故A错误；
B、重力方向始终竖直向下，故B正确；
C、公共汽车紧急刹车时，乘客会向前倾倒，这是由于乘客具有惯性，故C正确；
D、磁悬浮列车利用了磁极间的相互作用使接触面分离来减小摩擦力，但列车仍然受到阻力作用，故D正确。
故选：
A。
6．（3分）
【解答】解：
A、撬棒在使用时，动力臂大于阻力臂，可以省力，故A正确；
B、定滑轮实质是等臂杠杆，不能省力，也不省距离，故B正确；
C、利用斜面可以省力，但费距离，但不能省功，故C错；
D、使用滑轮组既可以省力，又可以改变力的方向，故D正确。
故选：
C。
7．（3分）
（4）磁体周围空间存在磁场，磁体间的相互作用是通过磁场发生的。
A、由P＝UI可得，电视机正常工作的电流：
I＝
＝
≈0.64A，故A错误；
B、由P＝
可得，电水壶的电阻为R＝
＝
＝48.4Ù，故B错误；
C、由图知，两个小球都带正电，彼此远离，说明同种电荷互相排斥，故C正确；
D、磁极间没有直接接触，通过周围的磁场也可以发生相互作用，故D错误。
故选：
C。
8．（3分）
【分析】
（1）在探究压力的作用效果时，通过海绵的凹陷程度来表现压力作用效果，这叫做转换法；
（2）压强计的工作原理是；橡皮膜受到压力时，U形管两边液面出现高度差，两边高度差表示压强的大小，压强越大，液面高度差也越大；
（3）托里拆利实验最早测出了大气压的值；
（4）连通器的结构特征是上端开口、底部连通，判断是不是连通器要根据这两个特征。
【解答】解：
A、在压力作用下，海绵发生形变，故我们可以通过观察实验时海绵的凹陷程度来显示压力的作用效果。
故A正确；
B、压强计的工作原理是；橡皮膜受到压强时，U形管两边液面出现高度差，两侧液面高度差反映了探头受到的压强大小，采用的是转换法；液体压强越大，两侧液面高度差也越大。
故用微小压强计可以研究液体压强。
故B正确；
C、托里拆利最早精确地测出了大气压的值，故C正确；
D、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，故D错误。
故选：
D。
9．（3分）
9.解：
A、磁场对电流作用是电动机的原理，消耗电能，得到机械能，是电能转化为机械能，故A符合题意。
B、通电导体具有磁性属于电流的磁效应，即消耗电能产生磁能，故B不符合题意。
C、把声音信息转换成电信息，消耗机械能，得到电能，即将机械能转化为电能，是电磁感应现象，故C不符合题意；
D、电磁感应现象将机械能转化为电能，故D不符合题意。
故选：
A。
10．（3分）
A、发生触电事故时，必须先切断电源，然后再救人，否则会因电源不断开而发生触电事故，故A符合用电原则；
B、使用测电笔检验插座的相线时，手要接触笔尾金属体，故B符合用电原则；
C、带保险丝的一端与火线连接，中间一条与零线连接，接电水壶外壳的一条与地线连接，故C符合用电原则；
D、灯泡的正确接法：
火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故；图中开关接在零线上，是错误接法，需要改正，故D不符合用电原则。
故选：
D。
11．（3分）
【解答】解：
AC、由图知动力和阻力使得杠杆转动的方向相同，故AC错误；
B、左边悬挂2个钩码时，若一个钩码重0.5N，杠杆上一格长L，弹簧秤的示数为1.5N，0.5N×2×4L≠1.5N×5L，故杠杆不平衡，故C错误；
D、由边悬挂2个钩码时，若一个钩码重0.5N，杠杆上一格长L，弹簧秤的示数为2N，0.5N×2×6L＝2N×3L，故杠杆平衡，故D正确。
故选：
D。
12．（3分）
由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器RP串联，电流表测电路中的电流，电压表测R1两端的电压。
（1）当滑片位于左端时，接入电路中的电阻为0，此时电流表和电压表的示数最大，
由图乙可知，电源的电压U＝3V，电路中的电流I＝0.6A，
由I＝
可得，R1的阻值：
R1＝
＝
＝5Ù，故A错误；
（2）当滑片位于右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电压表的示数最小，
由图乙可知，电路中的最小电流I′＝0.2A，R1两端的电压U1＝1V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
UP＝U﹣U1＝3V﹣1V＝2V，
则滑动变阻器的最大阻值：
RP＝
＝
＝10Ù，
电路消耗的最小功率：
P小＝UI′＝3V×0.2A＝0.6W，故B错误；
（3）因串联电路中各处的电流相等，
所以，当Rp总阻值的
接入电路时，Rp与定值电阻消耗的功率：
＝
＝
＝
＝
＝
，故C正确；
（4）当电流为0.4A时，电路的总电阻：
R总＝
＝
＝7.5Ù，
Rp连入电路的阻值：
RP″＝R总﹣R1＝7.5Ù﹣5Ù＝2.5Ù，
所以，R1与Rp连入电路的阻值之比R1：
RP″＝5Ù：
2.5Ù＝2：
1，故D错误。
故选：
C。
二、填空题（共12小题，每小题2分，满分24分）
13．（2分）
故答案为：
能量守恒；机械（或可再生、一次）。
14．（2分）
【解答】解：
（1）“固体熔化的规律”和“液体沸腾的规律”的实验都要用到温度计和停表；
（2）晶体熔化和液体沸腾过程中的共同点是吸收热量，温度不变。
故答案为：
温度计；吸收热量，温度不变。
15．（2分）
故答案为：
信息；电磁波可以在真空中传播。
16．（2分）
【解答】解：
（1）由图知n＝2，不计绳重与摩擦，则动滑轮的机械效率：
ç＝
＝
＝
＝
＝
×100%＝87.5%；
（2）若物体重力变大，根据W＝Gh知，有用功增加，额外功不变，根据ç＝
＝
＝
可知，滑轮组的机械效率变大。
故答案为：
87.5%；变大。
17．（2分）
【解答】解：
（1）水吸收的热量：
Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（75℃﹣25℃）＝4.2×105J；
（2）由题知，Q吸＝Q放，则由Q放＝qV可得需要天然气的体积：
V＝
＝
＝0.01m3。
故答案为：
4.2×105；0.01。
18．（2分）
故答案为：
力的作用效果；将以v0的速度永远运动下去。
19．（2分）
【解答】解：
由公式Q＝I2Rt知，要探究电流热效应与电流的关系，需要控制的条件是电阻和通电时间，改变的是电流大小；
由图知，R1、R2串联，所以I1＝I2，t1＝t2，
由公式Q＝I2Rt知通电10s电流通过R1、R2产生热量之比：
＝
＝
＝
＝
。
故答案为：
电阻和通电时间；1：
2。
20．（2分）
【解答】解：
（1）海水在此深度处产生的压强p＝ñgh＝1.03×103kg/m3×10N/kg×40m＝4.12×105Pa。
（2）汽车对桥面压强p'＝
＝
。
故答案为：
4.12×105Pa，
。
21．（2分）
【解答】解：
（1）将小灯泡L1和L2串联在电路中工作时，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过两灯的电流之比为1：
1；
（2）将L1和L2并联在另一电源下工作时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且U1＝2.5V，U2＝3.0V，
所以，电路两端的最大电压U＝U1＝2.5V，此时小灯泡L1正常发光，通过的电流I1＝0.3A，
由I＝
可得，小灯泡L2的电阻：
R2＝
＝
＝10Ù，
则通过灯泡L2电流：
I2′＝
＝
＝0.25A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路中的电流：
I＝I1+I2′＝0.3A+0.25A＝0.55A，
则L1和L2能消耗的总功率最大值：
P＝UI＝2.5V×0.55A＝1.375W。
故答案为：
1：
1；1.375。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意两灯泡并联时电路的最大电压为两灯泡额定电压中较小的。
22．（2分）
【分析】
（1）由阿基米德原理知，物体受到的浮力等于它排开液体所受的重力；
（2）石块静止时，由称重法求测力计示数。
【解答】解：
（1）石块缓慢浸没在水中，V排＝V＝100cm3＝1×10﹣4m3，
石块受到的浮力：
F浮＝ñ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣4m3＝1N，
根据阿基米德原理知，桶中水重（排开水的重）：
G排＝F浮＝1N。
（2）石块静止时，测力计示数：
F＝G﹣F浮＝4N﹣1N＝3N。
故答案为：
1；3。
23．（2分）
【解答】解：
过重心O沿竖直向下的方向和竖直向上的方向画一条带箭头、等长的线段，分别表示重力和支持力，如图所示：
24．（2分）
【解答】解：
过平面镜作A点的对称点，即为烛焰上A点在平面镜中所成的像A′．如图所示：
【点评】本题的关键是抓住平面镜成像特点是像物关于平面镜对称。
三、解答题（共4小题，满分22分）
25．（5分）
【解答】解：
（1）在用量筒测量矿石的体积时，首先要观察量筒的量程和分度值；
（2）正确且合理测量质量的操作顺序为现将游码归零，然后调节横梁平衡，将矿石放在左盘，右盘放砝码，此时横梁不平衡，应增减砝码或移动游码，不能再调节平衡螺母，故②是错误的，③正确；
故正确且合理测量质量的操作顺序④①③；
（3）由图③可得，矿石质量m＝52g，由⑤可知，矿石的体积V＝60ml﹣40ml＝20ml＝20cm3，
矿石的密度ñ＝
＝
＝2.6g/cm3，
将矿石从量筒中取出，矿石上沾有水，并记下此时量筒中水面的刻度值V3；
直接放在天平上测质量记为m测，导致质量偏大，测量体积时，才发现矿石有变化了，将它处理复原后体积无影响，由ñ＝
可知，密度偏大。
故答案为：
（1）量程和分度值；
（2）④①③；2.6；（3）见解答部分。
【点评】本题是有关固体密度的测量实验，测量密度的实验题是常规性实验题，要掌握天平、量筒的正确使用及密度的计算公式。
26．（5分）
【解答】解：
（1）物体成倒立缩小的实像，凸透镜成这种像的条件是物距大于2f；
凸透镜成像时，在一倍焦距以成虚像，虚像都不能呈现在光屏上，所以50cm﹣40cm＝10cm即40cm处；
（2）可以用刻度尺测量蜡烛和蜡烛像的高度，当蜡烛和蜡烛的像高度相等时可以判断像与物等大。
（3）①在物距大于二倍焦距时，当物距相等时，采用不同焦距的凸透镜进行实验，分别记录像距和像的性质，然后进行比较。
②在物距大于一倍焦距小于二倍焦距时，当物距相等时，采用不同焦距的凸透镜进行实验，分别记录像距和像的性质，然后进行比较。
故答案为：
（1）物距大于2f；40cm；
（2）可以用刻度尺测量蜡烛和蜡烛像的高度，当蜡烛和蜡烛的像高度相等时可以判断像与物等大；
（3）在物距大于二倍焦距时，当物距相等时，采用不同焦距的凸透镜进行实验，分别记录像距和像的性质，然后进行比较。
【点评】掌握凸透镜成像的几种成像情况是解决此题的关键。
27．（6分）
②如图2，电流表选用小量程，分度值为0.02A，当小灯泡两端电压为2.5V时，电流表示数是0.32A，灯泡额定功率是：
P＝UI＝2.5V×0.32A＝0.8W；
（2）电流做功的过程就是电能转换为其它形式能的过程，灯泡实际功率越大，表示单位时间电流做的功越多，即转化成的光能越大，故灯越亮；
（3）由欧姆定律，灯正常发光时的电阻为：
R＝
＝
＝
A，允许加在小灯泡两端的最大电压为1.2U额＝3V，因灯的电阻随温度的升高而变大，故在3V电压下通过灯的电流小于：
I′＝
＝
≈0.384A＜0.6A。
故用电流表0.6A而不用3A量程。
故答案为：
（1）①如上所示；②0.32；0.8；
（2）电流做功的过程就是电能转换为其它形式能的过程，灯泡实际功率越大，表示单位时间电流做的功越多，即转化成的光能越大，故灯越亮；
（3）由欧姆定律，灯正常发光时的电阻为：
R＝
＝
＝
A，在3V电压下通过灯的电流小于I′＝
＝
≈0.384A＜0.6A．故用电流表0.6A而不用3A量程。
28．（6分）
【解答】解：
（1）机器人提升图书速度：
v＝
＝
＝0.12m/s；
（2）机器人对书的作用力F＝G＝200N，
机器人对书做功：
W＝Fs＝200N×0.6m＝120J；
（3）由P＝UI得，机器人的电动机工作电流：
I＝
＝
≈0.83A；
电动机做功：
W＝Pt＝40W×5s＝200J。
答：
（1）机器人提升图书速度是0.12m/s；
（2）机器人对书做功为120J；
（3）机器人的电动机工作电流是0.83A；电动机做功为200J。
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