江西省赣州市十四县市学年高二物理下学期期中联考试题.docx
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江西省赣州市十四县市学年高二物理下学期期中联考试题
江西省赣州市十四县（市）2017-2018学年高二物理下学期期中联考试题
一．选择题（共10小题，每小题4分，共40分。
第1－7题只有一个选项符合题目要求选对得4分，选错得0分；第8－10题有多个选项符合要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不选得0分）
1．用电子秤称量物体重力的过程,实际上就是传感器把力学量转化为电信号的过程.下列属于这类传感器的是（ ）
A.红外报警装置B.走廊照明灯的声控开关
C.自动洗衣机中的压力传感装置D.电饭煲中控制加热和保温的温控器
2.关于光电效应,下列说法正确的是（ ）
A.截止频率越大的金属材料逸出功越大
B.只要光照射的时间足够长,任何金属都能产生光电效应
C.从金属表面出来的光电子的最大初动能越大,这种金属的逸出功越小
D.入射光的光强一定时,频率越高,单位时间内逸出的光电子数就越多
3．在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲所示，产生的感应电动势如图乙所示，则（）
A.
时线框的磁通量变化率为零
B.
时线框平面与中性面重合
C.线框产生的交变电动势有效值为
D.线框产生的交变电动势频率为
4．如图所示，L1、L2、L3、L4为四只规格均为“12V6W”的灯泡，L1接在理想变压器的原线圈、L2、L3、L4接在副线圈回路中，a、b两端连接交流电源，交流电流表A示数为0.5A，已知灯泡L2正常发光，以下说法正确的是（）
A.a、b端输人功率为18W
B.a、b端输人电压为36V
C.a、b端输人电压为48V
D.若副线圈回路再并联一只同样的灯泡，L2仍能正常发光
5．如图所示是一交变电流的i-t图像，则该交变电流的有效值为（）
A.4AB.
A
C.
AD.
A
6.下列现象不可能发生的是（ ）
A.物体所受到的合外力很大,但物体的动量变化很小
B.物体所受到的冲量不为零,但物体的动量大小却不变
C.物体做曲线运动,但动量变化在相等的时间内却相同
D.物体只受到一个恒力的作用,但物体的动量却始终不变
7．如图所示，当交流电源的电压（有效值）U＝220V，频率f＝50Hz，3只灯泡L1、L2、L3
的亮度相同（L无直流电阻），若将交流电源的频率变为f＝100Hz，电压有效值不变，则（ ）
A.L3灯比原来亮B.L2灯比原来亮C.L1灯比原来暗D.L3灯和原来一样亮
8．木块a和b用一根轻弹簧连接起来，放在光滑水平面上，a紧靠在墙壁上，在b上施加向左的力使轻质弹簧压缩，如图所示，对a、b和轻弹簧组成的系统，当撤去外力后，下列说法中正确的是（）
A.a尚未离开墙壁前，系统动量守恒
B.a尚未离开墙壁前，系统动量不守恒
C.a离开墙壁后，系统动量守恒
D.a离开墙壁后，系统动量不守恒
9．利用金属晶格（大小约10-10m）作为障碍物观察电子的衍射图样，方法是让电子束通过电场加速后，照射到金属晶格上，从而得到电子的衍射图样。
已知电子质量为m，电荷量为e，初速度为0，加速电压为U，普朗克常量为h，则下列说法中正确的是：
（）
A.该实验说明了电子具有波动性B.实验中电子束的德布罗意波的波长为
C.加速电压U越大，电子的衍射现象越明显D.若用相同动能的质子替代电子，衍射现象将更加明显
10．质量为m的小球A以速度v0在光滑水平面上运动，与质量为2m的静止小球B发生对心碰撞，则碰撞后小球A的速度大小vA和小球B的速度大小vB可能为（ ）
A.
B.
C.
D.
二．填空题（第11、12题每空2分，第13题每空1分，共20分）
11.如图，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。
（1）实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是可以通过仅测量_____（填选项前的序号），间距地解决这个问题
A.小球开始释放的高度h
B.小球抛出点距地面的高度H
C.小球做平抛运动的水平位移
（2）用天平测量两个小球的质量
、
。
图中O点是小球抛出点在水平地面上的垂直投影，实验时，先让入射球
多次从斜轨上S位置静止释放；然后，把被碰小球
静止于轨道的水平部分，再将入射小球
从斜轨上S位置静止释放，与小球
相撞，并多次重复，分别找到小球的平均落点M、P、N，并测量出平均水平位移OM、OP、ON。
（3）若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为___________（用
（2）中测量的量表示）；若碰撞是弹性碰撞，那么还应该满足的表达式为___________（用
（2）中测量的量表示）。
12.某同学尝试把一个灵敏电流表改装成温度表，他所选用的器材有：
灵敏电流表（待改装），学生电源（电动势为E，内阻不计），滑动变阻器，单刀双掷开关，导线若干，导热性能良好的防水材料，标准温度计，PTC热敏电阻Rt（PTC线性热敏电阻的阻值与摄氏温度t的关系为Rt＝a＋kt，a>0，k>0）．
设计电路图如图所示，并按如下步骤进行操作．
（1）按电路图连接好实验器材．
（2）将滑动变阻器滑片P滑到a端，单刀双掷开关S掷于________（填“c”或“d”）端，调节滑片P使电流表满偏，并在以后的操作中保持滑片P位置不动，设此时电路总电阻为R，断开电路．
（3）容器中倒入适量开水，观察标准温度计，每当标准温度计示数下降5℃，就将开关S置于d端，并记录此时的温度t和对应的电流表的示数I，然后断开开关．请根据温度表的设计原理和电路图，写出电流与温度的关系式I＝________（用题目中给定的符号）．
（4）根据对应温度记录的电流表示数，重新刻制电流表的表盘，改装成温度表．根据改装原理，此温度表表盘刻度线的特点是：
低温刻度在________（填“左”或“右”）侧，刻度线分布是否均匀？
________（填“是”或“否”）．
13．如图所示是使用光电管的原理图，当用某种可见光照射到阴极K上时，电流表中有电流通过：
（1）当变阻器的滑动端P向______滑动时（填“左”或“右”），通过电流表的电流将会减小，当电流表电流刚减小到零时，电压表的读数为U，则阴极K的逸出功为______________（已知电子电荷量为e，普朗克常量为h，可见光的频率为ν）。
（2）如果保持变阻器的滑动端P的位置不变，也不改变入射光的频率，而增大入射光的强度，则光电子的最大初动能将______（填“增大”、“减小”或“不变”），通过电流表的电流将会________（填“增大”、“减小”或“不变”）。
（3）如果将电源的正负极对调，将变阻器的滑动端P从A端逐渐向B端移动的过程中，通过电流表的电流先______________后____________（填“增大”、“减小”或“不变”）（电源电压足够大）
三．计算题（第14题8分，第15题9分，第16题10分，第17题13分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。
只写出最后答案的不能得分。
有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
）
14．如图所示，N＝50匝的矩形线圈abcd，ab边长L1＝20cm，ad边长L2＝25cm，放在磁感应强度B＝0.4T的匀强磁场中，外力使线圈绕垂直于磁感线且通过线圈中线的OO′轴以n＝3000r/min的转速匀速转动，线圈总电阻r＝1Ω，外电路电阻R＝9Ω，t＝0时线圈平面与磁感线平行，ab边正转出纸外、cd边转入纸里
（π＝3.14，
）．求：
（1）感应电动势的瞬时值表达式；
（2）线圈转90°外力做的功；
（3）从图示位置转过90°的过程中流过电阻R的电荷量。
15．交流发电机的输出电功率为100kW，输出电压为250V，欲向远处输电，若输电线的电阻为8.0Ω，要求输电时输电线上损失的电功率不超过交流发电机输出电功率的5％，并向用户输送220V的电压。
（1）请画出远距离输电的示意图；
（2）求升压变压器原、副线圈的匝数比；
（3）求降压变压器的原、副线圈的匝数比。
16．如图所示，质量为m=1.0kg的物块A以v0=4.0m/s速度沿粗糙水平面滑向静止在水平面上质量为M=2.0kg的物块B，物块A和物块B碰撞时间极短，碰后两物块粘在一起．已知物块A和物块B均可视为质点，两物块间的距离为L=1.75m，两物块与水平面间的动摩擦因数均为μ=0.20，重力加速度g=10m/s2.求：
（1）物块A和物块B碰撞前的瞬间，物块A的速度v的大小；
（2）物块A和物块B碰撞的过程中，物块A对物块B的冲量I；
（3）物块A和物块B碰撞的过程中，系统损失的机械能ΔE.
17.．如图所示，在光滑的水平面上停放着一辆质量为2m平板车C，在车上的左端放有一质量为m的小木块B，在小车的左边紧靠着一个固定在竖直平面内、半径为r的
光滑圆形轨道，轨道底端的切线水平且与小车的上表面相平。
现有一块质量也为m的小木块A从图中圆形轨道的
位置处由静止释放，然后，滑行到车上立即与小木块B发生碰撞，碰撞后两木块立即粘在一起向右在动摩擦因数为
的平板车上滑行，并与固定在平板车上的水平轻质小弹簧发生作用而被弹回，最后两个木块又回到小车的最左端与车保持相对静止，重力加速度为g，求：
（1）小木块A滑到轨道最点低时，对圆形轨道的压力；
（2）A、B粘在一起后在平板车上滑行的总路程。
参考答案
-.选择题答案
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
C
A
B
C
C
D
D
BC
AB
AC
11．
（1）C（3）
或
12.答案：
（2） c （3）
（4）右 否
解析：
（2）分析电路可知滑动变阻器为限流式接法，所以闭合开关前，使它的阻值处于最大值状态，即将滑片P滑到a端．为了设计表盘刻度，应使开关掷于c处，调节滑片，使电流表满偏．
（3）把开关置于d端，根据闭合电路欧姆定律得I＝
，又Rt＝a＋kt，联立得出电流与温度的关系式为I＝
.
（4）因为Rt＝a＋kt（且a>0，k>0），所以温度越低，电阻越小，回路中I越大，所以低温度刻度在右侧，由（3）中关系式可知电流与温度不是线性关系，所以刻度线分布不均匀．
13．右hv-eU不变增大增大不变
【解析】
（1）电流表中的电流减小，则两极上的反向电压增大，所以滑动变阻器应向右滑动，因为反向电压为U时，电流表读数为零，根据动能定理得：
光电子的最大初动能
，根据光电效应方程可得
，故
（2）根据爱因斯坦光电效应方程
，可知如果不改变入射光的频率，而增加入射光的强度，但光电子的最大初动能不变，由于光照强度越大，光子数目多，那么通过电流表的电量增大，则电流表示数将增大．
（3）对调后反向电压变为正向电压，光电子受到的电场力是动力，滑动变阻器从A到B过程中两极间的电压增大，使得更多的光电子到达另一极，即电流增大，因为光电子数目由限，所以当所有光电子都到达另一极时，随着电压的增大，光电流不再增大，故先增大后保持不变
14．
【解析】
（1）线圈的角速度ω＝2πn＝100πrad/s，………………………………………….1分
图示位置的感应电动势最大，其大小为Em＝NBl1l2ω，
代入数据得Em＝314V………………………………………….1分
感应电动势的瞬时值表达式：
e＝Emcosωt＝314cos100πtV.………………………………………….1分
（2）电动势的有效值E＝
线圈匀速转动的周期T＝
＝0.02s………………………………………….1分
线圈匀速转动90°，外力做功大小等于电功的大小，即：
W＝I2（R＋r）T/4＝
代入数据得W＝25.0J.………………………………………….1分
（3）从t＝0起转过90°过程中，Δt内流过R的电荷量：
q＝I△t
q＝
Δt＝
，………………………………………….2分
代入数据得q＝0.1C.………………………………………….1分
15．
（1）见解析
（2）1:
16（3）190:
11
（1）输电线路的示意图如下图所示：
………………………………………….3分
（2）由
得：
………………………………………….1分
由
，得升压变压器的输出电压：
………………….1分
所以升压变压器的原副线圈的匝数之比：
………………………………………….1分
（3）输电线上的电压为：
………………………………………….1分
所以降压变压器的输入电压为：
………………………………………….1分
降压变压器的原副线圈的匝数之比：
………………………………………….1分
16．13．
（1）3m/s
（2）2N·s，方向水平向右（3）
【解析】试题分析：
物块A运动到和物块B碰撞前的瞬间，根据动能定理求得物块A的速度；以物块A和物块B为系统，根据动量守恒求得碰后两物块速度，再根据动量定理求得物块A对物块B的冲量．以物块A和物块B为系统，根据能量守恒求得系统损失的机械能．
（1）物块A运动到和物块B碰撞前的瞬间，根据动能定理得
………………………………………….2分
代入数据解得
………………………………………….1分
（2）以物块A和物块B为系统，根据动量守恒得：
，
…………………………………….2分
以物块B为研究对象，根据动量定理得：
I＝M
＝2.0NS，方向水平向右……………………………2分
（3）以物块A和物块B为系统，根据能量守恒得
………………………………………….2分
解得：
………………………………………….1分
17．
（1）
（2）
（1）木块A从轨道图中位置滑到最低点的过程中机械能守恒，由机械能守恒定律得：
………………………………………….1分
在最低点时，对A由牛顿第二定律得：
………………………………………….1分
解得：
F=2mg………………………………………….1分
根据牛顿第三定律可得木块对轨道的压力：
，负号表示方向竖直向下………………………………………….1分
（2）在小木块A与B碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：
………………………………………….1分
然后一起运动直到将弹簧压缩到最短的过程中系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：
………………………………………….1分
在这个过程中，由能量守恒定律得：
………………………………….2分
对于从弹簧压缩到最短到两木块滑到小车左端的过程，由能量守恒定律得：
………………………………………….2分
（上述两式合为一式也给分）
摩擦产生的热量：
………………………………………….1分
联立解得：
………………………………………….2分
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