物理卷届广东省阳江市阳东县广雅中学高三下月考份解析版.docx

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物理卷届广东省阳江市阳东县广雅中学高三下月考份解析版

2015-2016学年广东省阳江市阳东县广雅中学高三（下）月考物理试卷（5月份）

一．选择题：

本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，1～4题只有一项是符合题目要求的，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对项不全的得3分，有选错的得0分

1．用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列物理量由比值法定义正确的是（　　）

A．加速度a=

B．磁感应强度B=

C．电容C=

D．电流强度I=

2．在学校体育器材室里，篮球水平放在如图所示的球架上．已知球架的宽度为0.15m，每个篮球的质量为0.4kg，直径为0.25m，不计球与球架之间的摩擦，则每个篮球对球架一侧的压力大小为（重力加速度g=10m/s2）（　　）

A．4NB．5NC．2.5ND．3N

3．“空间站”是科学家进行天文探测和科学试验的特殊而又重要的场所．假设“空间站”正在地球赤道平面内的圆周轨道上运行，其离地球表面的高度为同步卫星离地球表面高度的十分之一，且运行方向与地球自转方向一致．则下列说法正确的是（　　）

A．“空间站”运行的加速度小于同步卫星运行的加速度

B．“空间站”运行的速度等于同步卫星运行速度的

倍

C．站在地球赤道上的人观察到“空间站”向东运动

D．在“空间站”工作的宇航员因不受重力而在舱中悬浮或静止

4．如图，平行板电容器两极板M、N相距d，两极板分别与电压为U的恒定电源两极连接，极板M带正电，现有一质量为m的带电油滴在极板中央处于静止状态，且此时极板带电荷量与油滴带电荷量的比值为k，则（　　）

A．油滴带正电

B．油滴带电荷量为

C．电容器的电容为

D．将极板N向下缓慢移动一小段距离，油滴将向上运动

5．如图所示，A、B为两个等量正点电荷，D为A、B连线的中点．以O为坐标原点、垂直AB向右为正方向建立Ox轴．下列四幅图分别反映了在x轴上各点的电势φ（取无穷远处电势为零）和电场强度E的大小随坐标x的变化关系，其中正确的是（　　）

A．

B．

C．

D．

6．如图所示，甲、乙两物块用跨过定滑轮的轻质细绳连接，分别静止在斜面AB、AC上，滑轮两侧细绳与斜面平行．甲、乙两物块的质量分别为m1、m2．AB斜面粗糙，倾角为α，AC斜面光滑，倾角为β，不计滑轮处摩擦，则以下分析正确的是（　　）

A．若m1sinα＞m2sinβ，则甲所受摩擦力沿斜面向上

B．若在乙物块上面再放一个小物块后，甲、乙仍静止，则甲所受的摩擦力一定变小

C．若在乙物块上面再放一个小物块后，甲、乙仍静止，则甲所受的拉力一定变大

D．若在甲物块上面再放一相、物块后，甲、乙仍静止，则甲所受拉力一定变大

7．如图，足够长的“U”形光滑金属导轨平面与水平面成口角（0＜θ＜90°），其中MN与PQ平行且间距为L，导轨平面与磁感应强度大小为B的匀强磁场垂直，导轨电阻不计．金属棒ab由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且接触良好，ab棒接人电路的电阻为R，当流过ab棒某一横截面的电量为q时，棒的速度大小为v，则金属棒ab在这一过程中（　　）

A．a点的电势高于b点的电势

B．ab棒中产生的焦耳热小于ab棒重力势能的减少量

C．下滑位移大小为

D．受到的最大安培力大小为

8．在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A运动的距离为d，速度为v．则此时（　　）

A．拉力做功的瞬时功率为Fvsinθ

B．物块B满足m2gsinθ=kd

C．物块A的加速度为

D．弹簧弹性势能的增加量为Fd﹣m1gdsinθ﹣

m1v2

二．非选择题：

包括必考题和选题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第14题为选考题，考生根据要求作答．

（一）必考题

9．某学习小组做探究“功与物体速度变化的关系”的实验装置如图所示．图1中小车在一条橡皮筋作用下弹出沿木板滑行，橡皮筋对小车做的功记为W．当用2条、3条…完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次…实验时，使每次实验中橡皮筋伸长的长度都完全相同．每次实验中小车获得的速度由打点计时器所打的纸带求出．通过实验数据分析可以得出“功与物体速度变化的关系”．

（1）实验操作中需平衡小车受到的摩擦力，其最根本的目的是　　．

A．防止小车不能被橡皮筋拉动

B．保证橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功

C．便于小车获得较大的弹射速度

D．防止纸带上点迹不清晰

（2）如图2是某同学在正确实验操作过程中得到的一条纸带，O、A、B、C、D、E、F为选取的计数点，相邻的两个计数点间有一个点没有画出，各计数点到O点的距离分别为1.87cm、4.79cm、8.89cm、16.91cm、25.83cm、34.75cm，若打点计时器的打点频率为50Hz，则由该纸带可知本次实验中橡皮筋做功结束时小车的速度是　　m/s．（保留小数点后两位数字）

10．在研究规格为“6V3W”的小灯泡的伏安特性曲线的实验中，要求小灯泡两端的电压从0开始逐渐增大．实验提供的电流表量程为0.6A、内阻约lΩ，电压表量程为10V、内阻约20kΩ．

（1）下列实验电路图，最合理的是　　；

（2）小灯泡接人电路前，某同学使用如图所示的多用电表欧姆档直接测量小灯泡的电阻，应将选择开关旋至　　档（填“×1”或“×10”）．

（3）某同学描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图所示，则小灯泡的电阻值随温度的升高而　　（填“增大”、“减小”或“不变”）．实验过程中，小灯泡消耗的功率为0.6W时，小灯泡两端的电压是　　V．

11．如图所示，上表面光滑、下表面粗糙足够长质量为M=10kg的木板，在F=50N的水平拉力作用下，沿水平地面向右匀加速运动，加速度a=2.5m/s2．某时刻速度为v0=5m/s，将一个小铁块（可视为质点）无初速地放在木板最右端，这时木板恰好匀速运动，当木板运动了L=1.8m时，又将第二个同样的小铁块无初速地放在木板最右端，g取10m/s2，求：

（1）木板与地面间的动摩擦因数μ；

（2）放上第二个铁块后木板又运动L距离时的速度．

12．如图甲，空间四个区域分布着理想边界的匀强电场和匀强磁场：

L1与L2之间有竖直向上的匀强电场E1，L2与L3之间有平形于L2的交变电场E2，E2随时间变化的图象如图乙所示（设向右为正方向），L3与L4之间有匀强磁场B1，L4上方有匀强磁场B2，B2=2B1，边界L4上某位置固定一绝缘挡板P（厚度不计，且粒子与挡板碰撞没有能量损失），P的中垂线与L1交于O点．t=0时刻在O点释放一带正电粒子（不计重力），粒子经电场E1加速后进入电场E2，经E2偏转后进入磁场B1，在磁场B1中恰好绕P的中点做圆周运动，此后又恰好回到O点，并做周期性运动，已知量有：

粒子的质量为m=10﹣10kg，电荷量为q=10﹣10C，E1=1000V/m，E2=100V/m，L1与L2的间距d1=5cm，L2与L3的间距d2=

m．求：

（1）粒子进入电场E2时的速度v0

（2）磁感应强度B1的大小

（3）若粒子在t=T时刻刚好返回O点，则T的值是多少？

三、【物理――选修3-5】

13．下列说法正确的是（　　）

A．采用物理或化学方法可以有效地改变放射性元索的半衰期

B．查德威克发现了中子

C．现在的很多手表指针上涂有一种新型发光材料，白天吸收光子外层电子跃迁到高能轨道．晚上向低能级跃迁放出光子，其发光的波长一定跟吸收的光的波长完全一致

D．质子和中子结合成新原子核一定有质量亏损，释放出能量

E．分别用x射线和紫光照射同一金属表面都能发生光电效应．则用X射线照射时光电子的最大初动能较大．

14．如图所示，竖直放置的轻弹簧，一端固定于地面，另一端与质量为3kg的物体B固定在一起，质量为1kg的物体A置于B的正上方5cm处静止．现让A自由下落（不计空气阻力），和B发生碰撞，碰撞时间极短，碰撞后粘在一起．已知碰后经0.2s下降了5cm至最低点，弹簧始终处于弹性限度内（g取10m/s2）求：

①从碰后到最低点的过程中弹性势能的增加量△Fp．

②从碰后至返回到碰撞点的过程中，弹簧对物体B冲量的大小．

2015-2016学年广东省阳江市阳东县广雅中学高三（下）月考物理试卷（5月份）

参考答案与试题解析

一．选择题：

1．用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列物理量由比值法定义正确的是（　　）

A．加速度a=

B．磁感应强度B=

C．电容C=

D．电流强度I=

【考点】磁感应强度；电容．

【分析】比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小改变而改变．

【解答】解：

A、根据牛顿第二定律，加速度与所受的合力成正比，与质量成反比，所以a=

不属于比值定义法．故A错误；

B、磁感应强度与放入电场中的电流及导线长度无关，所以B=

属于比值定义法．故B正确；

C、电容C=

属于电容器的决定式；故C错误；

D、电流强度与电压成正比，故不是比值定义法；故D错误；

故选：

B．

A．4NB．5NC．2.5ND．3N

【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．

【分析】以任意一只篮球为研究对象，分析受力情况，根据几何知识求出相关的角度，由平衡条件求解球架对篮球的支持力，即可得到篮球对球架的压力．

【解答】解：

以任意一只篮球为研究对象，分析受力情况，设球架对篮球的支持力N与竖直方向的夹角为α．

由几何知识得：

sinα=

=0.6，故α=37°；

根据平衡条件得：

2Ncosα=mg

解得：

=2.5N

则得篮球对球架的压力大小为：

N′=N=2.5N．

故选：

C．

A．“空间站”运行的加速度小于同步卫星运行的加速度

B．“空间站”运行的速度等于同步卫星运行速度的

倍

C．站在地球赤道上的人观察到“空间站”向东运动

D．在“空间站”工作的宇航员因不受重力而在舱中悬浮或静止

【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．

【分析】A、根据空间站在某一位置受到的重力提供它做圆周运动的向心力，可知运行加速度和所在高度处的重力加速度的关系．

B、根据万有引力提供向心力分析．

C、同步卫星和地球自转的角速度相同，比较出空间站和同步卫星的角速度大小，就可以判断出空间站相对于地球的运行方向．

D、在“空间站”工作的宇航员处于完全失重状态．

【解答】解：

A、根据G

=mg=ma，知“空间站”运行的加速度等于其所在高度处的重力加速度．故A错误．

B、根据G

得：

，离地球表面的高度不是其运动半径，所以线速度之比不是

：

1，故B错误；

C、轨道半径越大，角速度越小，同步卫星和地球自转的角速度相同，所以空间站的角速度大于地球自转的角速度，所以站在地球赤道上的人观察到空间站向东运动．故C正确；

D、在“空间站”工作的宇航员处于完全失重状态，靠万有引力提供向心力，做圆周运动．故D错误．

故选：

C．

A．油滴带正电

B．油滴带电荷量为

C．电容器的电容为

D．将极板N向下缓慢移动一小段距离，油滴将向上运动

【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．

【分析】带电荷量为q的微粒静止不动，所受的电场力与重力平衡，由平衡条件分析微粒的电性；由E=

求解电源电动势．断开电键s，根据微粒的电场力有无变化，分析微粒的运动情况．

【解答】解：

A、由题，带电荷量为q的微粒静止不动，则微粒受到向上的电场力，平行板电容器板间场强方向竖直向下，则微粒带负电．故A错误．

B、由平衡条件得：

mg=

，解得油滴带电荷量为：

，故B错误．

C、根据U=

，结合mg=qE，且Q=kq，则得电容器的电容为：

．故C正确．

D、极板N向下缓慢移动一小段距离，电容器两极板距离s增大，板间场强减小，微粒所受电场力减小，则微粒将向下做加速运动．故D错误．

故选：

C．

A．

B．

C．

D．

【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．

【分析】等量正电荷的垂直平分线上的电场强度沿x轴先增大，后减小，根据沿电场线方向电势逐渐降低，判断电势的变化，电势与x图线的斜率表示电场强度的大小．

【解答】解：

等量正电荷连线的中点电场强度为零，沿x轴方向无穷远处电场强度为零，知电场强度沿x轴方向先增大后减小．等量正电荷的电场线是排斥状的，x轴上沿正方向，因为沿电场的方向电势逐渐降低，知电势随x逐渐降低，电势与x图线的斜率表示电场强度的大小，知斜率先增大后减小．故C正确，A、B、D错误．

故选：

C．

A．若m1sinα＞m2sinβ，则甲所受摩擦力沿斜面向上

B．若在乙物块上面再放一个小物块后，甲、乙仍静止，则甲所受的摩擦力一定变小

C．若在乙物块上面再放一个小物块后，甲、乙仍静止，则甲所受的拉力一定变大

D．若在甲物块上面再放一相、物块后，甲、乙仍静止，则甲所受拉力一定变大

【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算．

【分析】分别对甲、乙两物块受力分析，AC斜面光滑，则乙物体受到重力、支持力与拉力，而甲物体因存在摩擦力，根据其重力沿着斜面的分力与拉力大小比较，来确定摩擦力的方向，即可求解．

【解答】解：

A、若m1gsina＞m2gsinβ，根据平衡条件，则甲受静摩擦力方向沿斜面向上，故A正确．

B、若m1gsina＞m2gsinβ，在乙上方小物体，拉力变大，甲所受静摩擦力变小；若m1gsina＜m2gsinβ，在乙上方小物体，拉力变大，甲所受静摩擦力变大，故B错误，C正确．

D、若在甲物块上面再放一个小物块后，甲、乙仍静止，拉力等于m2gsinβ不变，故D错误，

故选：

AC．

A．a点的电势高于b点的电势

B．ab棒中产生的焦耳热小于ab棒重力势能的减少量

C．下滑位移大小为

D．受到的最大安培力大小为

【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；安培力．

【分析】根据右手定则判断出感应电流的方向，从而确定电势的高低．根据能量守恒确定ab棒产生的焦耳热与ab棒重力势能的减小量的关系．根据q=

求解下滑的位移大小．根据安培力大小公式、切割产生的感应电动势公式和欧姆定律求出最大安培力的大小．

【解答】解：

A、根据右手定则，ab棒中的电流由b流向a，ab棒相当于电源，则a点的电势高于b点的电势．故A正确．

B、ab棒重力势能减小，动能增加，内能增加，根据能量守恒定律知，ab棒重力势能的减小量等于动能的增加量与ab棒产生的焦耳热之和，则ab棒产生的焦耳热小于ab棒重力势能的减小量．故B正确．

C、根据q=

得，下滑的位移大小s=

．故C正确．

D、根据E=BLv，I=

，F=BIL=

．故D错误．

故选：

ABC．

A．拉力做功的瞬时功率为Fvsinθ

B．物块B满足m2gsinθ=kd

C．物块A的加速度为

D．弹簧弹性势能的增加量为Fd﹣m1gdsinθ﹣

m1v2

【考点】功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律；弹性势能．

【分析】当B刚离开C时，弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力，根据胡克定律求解出弹簧的伸长量；根据牛顿第二定律求出物块A的加速度大小；根据功能关系可求弹簧弹性势能的增加量．

【解答】解：

A、由于拉力F与速度v同向，所以拉力的瞬时功率为P=Fv，故A错误；

B、开始系统处于静止状态，弹簧弹力等于A的重力沿斜面向下的分力，当B刚离开C时，弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力，故m2gsinθ=kx2①，但由于开始是弹簧是压缩的，故d＞x2，故m2gsinθ＜kd，故B错误；

C、当B刚离开C时，对A，根据牛顿第二定律得：

F﹣m1gsinθ﹣kx2=m1a1②，又开始时，A平衡，则有：

m1gsinθ=kx1③，而d=x1+x2④，①②③④解得：

物块A加速度为

，故C正确；

D、根据功能关系，弹簧弹性势能的增加量等于拉力的功减去系统动能和重力势能的增加量，即为：

，故D正确；

故选：

CD．

二．非选择题：

包括必考题和选题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第14题为选考题，考生根据要求作答．

（一）必考题

（1）实验操作中需平衡小车受到的摩擦力，其最根本的目的是　B　．

A．防止小车不能被橡皮筋拉动

B．保证橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功

C．便于小车获得较大的弹射速度

D．防止纸带上点迹不清晰

【考点】探究功与速度变化的关系．

【分析】

（1）小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，使得橡皮筋做的功等于合外力对小车做的功；

（2）橡皮筋做功结束时小车的速度最大，此时做匀速运动，根据v=

求解速度．

【解答】解：

（1）小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，使得橡皮筋做的功等于合外力对小车做的功，故B正确．

（2）由所打点可知，DE之间距离基本等于EF之间距离，因此小车最后获得的速度为：

故答案为：

（1）B；

（2）2.23．

（1）下列实验电路图，最合理的是　甲　；

（2）小灯泡接人电路前，某同学使用如图所示的多用电表欧姆档直接测量小灯泡的电阻，应将选择开关旋至　×1　档（填“×1”或“×10”）．

（3）某同学描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图所示，则小灯泡的电阻值随温度的升高而　增大　（填“增大”、“减小”或“不变”）．实验过程中，小灯泡消耗的功率为0.6W时，小灯泡两端的电压是　2.0　V．

【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．

【分析】

（1）根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法，然后选择实验电路．

（2）用欧姆表测电阻时，欧姆表指针应指在欧姆表刻度盘中央附近，根据待测电阻阻值选择合适的挡位．

（3）根据灯泡消耗的功率，由图3所示U﹣I图象求出电压与电流值乘积为0.6的点，求出其坐标值即可解题．

【解答】解：

（1）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应连续变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡正常发光时的电阻R=

=12Ω，电流内阻为1Ω，电压表内阻为20kΩ，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，应选图甲所示电路．

（2）灯泡正常发光时的电阻约为12Ω，用欧姆表测灯泡电阻时，欧姆表应选×1挡．

（3）由图所示U﹣I图象可知，随电压增加，通过灯泡的电流变大，灯泡实际功率变大，灯丝温度升高，由欧姆定律可知，电压与电流阻值变大，灯泡电阻增大；由图象可知，电压为2.0V时通过灯泡的电流为0.3A，灯泡实际功率P=UI=2.0×0.3=0.6W．故功率为0.6W时的电压为2.0V；

故答案为：

（1）甲；

（2）×1；（3）增大；2.0

（1）木板与地面间的动摩擦因数μ；

（2）放上第二个铁块后木板又运动L距离时的速度．

【考点】动能定理；牛顿第二定律．

【分析】

（1）根据牛顿第二定律求动摩擦因数；

（2）铁块放在木板上后，木板对地面的压力变大，木板受到的滑动摩擦力变大，由动能定理可以求出即将放上第二个块铁块时的速度．

【解答】解：

（1）木板做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得：

F﹣μMg=Ma

代入数据解得：

μ=0.25

（2）放上第一个小铁块后木板匀速运动，由平衡条件得：

F=μ（M+m）g

代入数据解得：

m=10kg

放上第二个铁块后木板又运动L距离时的速度为v，

由动能定理得：

FL﹣μ（M+2m）gL=

Mv2﹣

Mv02

代入数据解得：

v=4m/s

答：

（1）木板与地面间的

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