人教版 遗传因子的发现单元检测.docx

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人教版遗传因子的发现单元检测

2017届人教版遗传因子的发现单元检测

一、选择题（每小题2分共42分）

1．有些植物的花为两性花（即一朵花中既有雄蕊，也有雌蕊），有些植物的花为单性花（即一朵花中只有雄蕊或雌蕊）。

下列有关植物杂交育种的说法中，正确的是

A．对两性花的植物进行杂交需要对父本进行去雄

B．对单性花的植物进行杂交的基本操作程序是去雄→套袋→授粉→套袋

C．无论是两性花植物还是单性花植物在杂交过程中都需要套袋

D．提供花粉的植株称为母本

解析　对两性花的植物进行杂交需要对母本进行去雄；对单性花的植物进行杂交的基本操作程序是套袋→授粉→套袋；无论是两性花植物还是单性花植物在杂交过程中都需要套袋，其目的是避免外来花粉的干扰；提供花粉的植株称为父本，接受花粉的植株称为母本。

答案　C

2．若用玉米为实验材料，验证孟德尔分离定律，下列因素对得出正确实验结论，影响最小的是

A．所选实验材料是否为纯合子

B．所选相对性状的显隐性是否易于区分

C．所选相对性状是否受一对等位基因控制

D．是否严格遵守实验操作流程和统计分析方法

解析　本题的“题眼”为题干中的“验证”。

验证分离定律可通过下列几种杂交实验及结果获得：

①显性纯合子和隐性个体杂交，子一代自交，子二代出现3∶1的性状分离比；②子一代个体与隐性个体测交，后代出现1∶1的性状分离比；③杂合子自交，子代出现3∶1的性状分离比。

验证孟德尔分离定律一般用测交的方法，即杂合子与隐性纯合子杂交，所选实验材料既有纯合子又有杂合子。

杂交的两个个体如果都是纯合子，验证孟德尔分离定律的方法是杂交再测交或杂交再自交，子二代出现1：

1或3：

1的性状分离比；如果不都是或者都不是纯合子可以用杂交的方法来验证，A正确；显隐性不容易区分容易导致统计错误，影响实验结果，B错误；所选相对性状必须受一对等位基因的控制，如果受两对或多对等位基因控制，则可能符合自由组合定律，C错误；不遵守操作流程和统计方法，实验结果导致误差，D错误。

答案　A

3．（2016·湖州质检）下列有关叙述中，正确的是

A．兔的白毛与黑毛、狗的长毛与卷毛都是相对性状

B．隐性性状是指生物体不能表现出来的性状

C．纯合子的自交后代中不会发生性状分离，杂合子的自交后代中不会出现纯合子

D．表现型相同的生物，基因型不一定相同

解析　一种生物的同一种性状的不同表现类型叫做相对性状，狗的长毛与卷毛不是相对性状；隐性性状是指具有相对性状的两个纯合亲本杂交后子一代中未表现出来的性状；纯合子的自交后代中不会发生性状分离，杂合子的自交后代中既会出现纯合子，也会出现杂合子；一般情况下，对于表现显性性状的个体来说，其表现型相同，但基因型有纯合和杂合之分。

答案　D

4．已知马的栗色与白色为一对相对性状，由常染色体上的等位基因A与a控制，在自由放养多年的一群马中，两基因频率相等，每匹母马一次只生产1匹小马。

以下关于性状遗传的研究方法及推断不正确的是

A．选择多对栗色马和白色马杂交，若后代栗色马明显多于白色马则栗色为显性；反之，则白色为显性

B．随机选出1匹栗色公马和4匹白色母马分别交配，若所产4匹马全部是白色，则白色为显性

C．选择多对栗色马和栗色马杂交，若后代全部是栗色马，则说明栗色为隐性

D．自由放养的马群自由交配，若后代栗色马明显多于白色马，则说明栗色马为显性

解析　若栗色马为显性，则其纯合子和杂合子都存在，当和白色马杂交时，后代栗色马的数量则多于白色马；孟德尔遗传规律是运用统计学的方法，采用的数量必须足够多，B选项的数量较少，无法准确得出结论；多对栗色马和栗色马杂交，后代没有发生性状分离，可判断该性状可能是隐性；显性杂合子和纯合子都表现为显性性状，因此当马群自由交配时，后代显性性状数目一定大于隐性性状数目。

答案　B

5．（2015·泰安三模）豌豆花的顶生和腋生是一对相对性状，根据下表中的三组杂交实验结果，判断显性性状和纯合子分别为

杂交组合

子代表现型及数量

①

甲（顶生）×乙（腋生）

101腋生，99顶生

②

甲（顶生）×丙（腋生）

198腋生，201顶生

③

甲（顶生）×丁（腋生）

全为腋生

A.顶生；甲、乙　　　　　　B．腋生；甲、丁

C．顶生；丙、丁D．腋生；甲、丙

解析　根据杂交组合③中可以看出，后代全为腋生，因此可以确定腋生为显性性状，顶生为隐性性状。

由于杂交组合③后代没有发生性状分离，因此亲本全为纯合子，即甲为隐性纯合子，丁为显性纯合子；而杂交组合①和②的后代均发生1：

1的性状分离，因此可以确定乙和丙均为杂合子。

答案　B

6．南瓜的花色是由一对等位基因（A和a）控制的，用一株开黄花的南瓜和一株开白花的南瓜杂交，子代（F1）既有开黄花的，也有开白花的。

让F1自交产生F2，表现型如图所示。

下列说法正确的是

A．①过程发生了性状分离

B．由③可知白花是显性性状

C．F1中白花的基因型是Aa或AA

D．F2中白花的各基因型比为1∶1

解析　图中③过程中白花南瓜自交后代发生性状分离，说明该白花的基因型是Aa，同时可知白花是显性性状，黄花是隐性性状。

③过程发生了性状分离；F1中白花的基因型是Aa；F2中白花的基因型为2/3Aa、1/3AA。

答案　B

7．在阿拉伯牵牛花的遗传实验中，用纯合子红色牵牛花和纯合子白色牵牛花杂交，F1全是粉红色牵牛花。

将F1自交后，F2中出现红色、粉红色和白色三种类型的牵牛花，比例为1∶2∶1，如果取F2中的粉红色的牵牛花和红色的牵牛花均匀混合种植，进行自由传粉，则后代表现型及比例应该为

A．红色∶粉红色∶白色＝4∶4∶1

B．红色∶粉红色∶白色＝3∶3∶1

C．红色∶粉红色∶白色＝1∶2∶1

D．红色∶粉红色∶白色＝1∶4∶1

解析　F2中的粉红色牵牛花（Aa）和红色牵牛花（AA）的比例为2∶1，A的基因频率为

，a的基因频率为

，后代中AA占

，Aa占

，aa占

。

答案　A

8．已知某环境条件下某种动物的AA和Aa个体全部存活，aa个体在出生前会全部死亡。

现有该动物的一个大群体，只有AA、Aa两种基因型，其比例为1∶2。

假设每对亲本只交配一次且成功受孕，均为单胎。

在上述环境条件下，理论上该群体随机交配产生的第一代中AA和Aa的比例是

A．1∶1B．1∶2

C．2∶1D．3∶1

解析　由已知条件可知：

AA∶Aa＝1∶2，在该群体中A＝2/3，a＝1/3，所以后代中AA＝4/9，Aa＝2×2/3×1/3＝4/9，aa致死，所以理论上AA∶Aa＝1∶1。

答案　A

9．紫色企鹅的羽毛颜色是由复等位基因决定的。

Pd深紫色、Pm中紫色、Pl浅紫色、Pvl很浅紫色（接近白色）。

其显隐性关系是：

Pd＞Pm＞Pl＞Pvl（前者对后者为完全显性）。

若有浅紫色企鹅（PlPvl）与深紫色企鹅交配，则后代小企鹅的羽毛颜色和比例可能是

A．1中紫色∶1浅紫色

B．2深紫色∶1中紫色∶1浅紫色

C．1深紫色∶1中紫色

D．1深紫色∶1中紫色∶1浅紫色∶1很浅紫色

解析　深紫色个体的基因型为PdPd时，子代全为深紫色；深紫色个体的基因型为PdPm时，子代的性状分离比为1深紫色∶1中紫色；深紫色个体的基因型为PdPl时，子代的性状分离比为1深紫色∶1浅紫色；深紫色个体的基因型为PdPvl时，子代的性状分离比为2深紫色∶1浅紫色∶1很浅紫色。

答案　C

10．（2015·山东理综）玉米的高秆（H）对矮秆（h）为显性。

现有若干H基因频率不同的玉米群体。

在群体足够大且没有其他因素干扰时，每个群体内随机交配一代后获得F1。

各F1中基因型频率与H基因频率（p）的关系如图。

下列分析错误的是

A．0＜p＜1时，亲代群体都可能只含有纯合体

B．只有p＝b时，亲代群体才可能只含有杂合体

C．p＝a时，显性纯合体在F1中所占的比例为1/9

D．p＝c时，F1自交一代，子代中纯合体比例为5/9

解析　A．当H的基因频率大于0、小于1时，亲本都可能只含有纯合子，A正确；B.根据基因型频率计算种群基因频率的公式是：

H＝HH＋1/2Hh，h＝hh＋1/2Hh，如果H和h的基因频率相等，则HH和hh的基因型频率相等，分析题图可知，只有H的基因频率为b时符合该条件，B正确；C.当H的基因频率为a时，Hh与hh的基因型频率相等，根据遗传平衡定律可得2a（1－a）＝（1－a）2，解得a＝1/3，则显性纯合体在F1体都是hh，即亲本基因型都是hh；当H的基因频率为1时，自由交配后代的个体的基因型都是HH，即亲本基因型只有HH；当H的基因频率为a时，自由交配后代是Hh＝hh；当H的基因频率为b时，自由交配一代的基因型及比例是Hh＝1/2，HH＝hh＝1/4；当H的基因频率为c时，自由交配一代，后代HH＝Hh；哈迪－温伯格定律的主要内容是指：

在理想状态下，各等位基因的频率和等位基因的基因型频率在遗传中是稳定不变，1中所占的比例为1/3×1/3＝1/9，C正确；D.由题图可知，当H的基因频率为c时，Hh与HH的基因型频率相等，根据遗传平衡定律可得2c（1－c）＝（c）2，解得c＝2/3，F1的基因型及比例是：

HH＝2/3×2/3＝4/9，hh，＝1/3×1/3＝1/9，Hh＝2×2/3×1/3＝4/9，子一代自交，子代中纯合体比例为1－1/2×4/9＝7/9，D错误。

答案　D

11．（2012·安徽高考）假设某植物种群非常大，可以随机交配，没有迁入和迁出，基因不产生突变。

抗病基因R对感病基因r为完全显性。

现种群中感病植株rr占1/9，抗病植株RR和Rr各占4/9，抗病植株可以正常开花和结实，而感病植株在开花前全部死亡。

则子一代中感病植株占

A．1/9　　　　　　　　　　B．1/16

C．4/81D．1/8

解析　依题意，rr个体开花前全部死亡，说明其不具有繁殖能力。

在有繁殖能力的个体中，RR∶Rr＝4/9∶4/9＝1∶1，可求出r的基因频率为1/4，故后代感病植株rr占1/4×1/4＝1/16。

答案　B

12．人类单眼皮与双眼皮的遗传规律如表所示（A、a表示相关基因）。

一对单眼皮的夫妇生了一个双眼皮的孩子甲（不考虑基因突变），则

AA

Aa

aa

男性

双眼皮

单眼皮

单眼皮

女性

双眼皮

双眼皮

单眼皮

A.甲是男性，基因型为Aa

B．甲是女性，基因型为Aa

C．甲是男性，基因型为aa

D．甲是女性，基因型为aa

解析　由表可知，母方的基因型一定为aa，如果父方的基因型是aa，则孩子甲的基因型一定为aa，表现型为单眼皮；如果父方的基因型是Aa，则孩子甲的基因型为aa时，表现型为单眼皮，孩子甲的基因型为Aa时，若为女性表现为双眼皮，若为男性表现为单眼皮。

答案　B

13．对图甲中1～4号个体进行基因检测，将含有该遗传病基因或正常基因的相关DNA片段各自用电泳法分离。

正常基因显示一个条带，患病基因显示为另一不同的条带，结果如图乙。

下列有关分析判断错误的是

A．图乙中的编号c对应系谱图中的4号个体

B．条带2的DNA片段含有该遗传病致病基因

C．8号个体的基因型与3号个体的基因型相同的概率为2/3

D．9号个体与该遗传病携带者结婚，孩子患病的概率为1/8

解析　由图甲可知，该遗传病是常染色体隐性遗传病，假设基因用A、a表示，则1、2号的基因型都是Aa,4号的基因型是aa,3号的基因型为A_，图乙中的c代表的是患者（aa）；条带2的DNA片段含有该遗传病致病基因（a）；由图乙可知，3号的基因型只能为Aa,8号个体基因型为Aa的概率为2/3，故8号个体的基因型与3号个体的基因型相同的概率为2/3；9号个体的基因型为1/3AA、2/3Aa，其与该遗传病患病基因携带者（Aa）结婚，生一个患病孩子的概率为2/3×1/4＝1/6。

答案　D

14．（2016·长宁区二模）用基因型为Aa的小麦分别进行连续自交、随机交配、连续自交并逐代淘汰隐性个体、随机交配并逐代淘汰隐性个体（淘汰隐性个体不统计在子代中），根据各代Aa基因型频率绘制曲线图，下列分析错误的是

A．曲线Ⅰ和Ⅳ的各子代间A和a的基因频率始终相等

B．曲线Ⅱ表示的方式是随机交配并逐代淘汰隐性个体

C．曲线Ⅲ的F3中Aa基因型频率为2/5

D．曲线Ⅳ的F3中纯合体的比例比上一代增加1/4

解析　曲线Ⅰ和Ⅳ随机交配和连续自交，这两者都不存在选择，所以没有发生进化，A和a的基因频率都不会改变，A正确；根据分析可知，曲线Ⅱ表示的方式是随机交配并逐代淘汰隐性个体，B正确；根据分析可知，曲线Ⅲ是自交并淘汰aa的曲线，F3中Aa基因型频率为2/5，C正确；曲线Ⅳ是自交的结果在F3代纯合子的比例是1－（1/2）3，则比上一代F2增加的数值是1－（1/2）3－[1－（1/2）2]＝1/8，D错误。

故选D。

答案　D

15．老鼠的毛黄色（A）对灰色（a）呈显性，由常染色体上的一对等位基因控制。

在实验中发现含显性基因A的精子和含显性基因A的卵细胞不能结合。

如果黄鼠与黄鼠交配得到第二代，第二代老鼠自由交配一次得到第三代，那么在第三代中黄鼠的比例是

A．1/2B．4/9

C．5/9D．1

解析　由以上分析可知黄鼠的基因型均为Aa，因此黄鼠与黄鼠交配，即Aa×Aa，由于含显性基因（A）的精子和含显性基因（A）的卵细胞不能结合，因此第二代中Aa占2/3、aa占1/3，其中A的基因频率为2/3×1/2＝1/3，a的基因频率为2/3×1/2＋1/3＝2/3；第二代老鼠自由交配一次得到第三代，根据遗传平衡定律，第三代中AA的频率为1/3×＝1/9、Aa的频率为2×1/3×2/3＝4/9、aa的频率为2/3×2/3＝4/9，由于含显性基因（A）的精子和含显性基因（A）的卵细胞不能结合，因此在第三代中黄鼠的比例是4/9÷（4/9＋4/9）＝1/2。

答案　A

16．家兔的褐毛对黑毛是一对相对性状，控制该性状的基因位于常染色体上。

现有四只家兔，甲和乙是雌兔，丙和丁是雄兔，已知甲、乙、丙兔为黑毛，丁兔为褐毛。

甲与丁多年交配，子代兔全部为黑毛；乙与丁交配，子代兔中有褐毛兔。

以下说法不正确的是

A．黑毛对褐毛是显性

B．设B为显性基因，b为隐性基因，则甲、乙、丁兔的基因型分别为BB、Bb、bb

C．鉴别丙兔是纯合子还是杂合子，可用丙兔和丁兔进行测交，后代都为黑毛，则丙兔为纯合子，后代既有黑毛又有褐毛，则丙兔为杂合子

D．乙与丁多年交配，子代兔中出现褐毛兔的概率为1/2

解析　由题中甲与丁多年交配，子代兔全部为黑毛，可判断出黑毛为显性性状，褐毛为隐性性状。

甲为显性纯合子的个体，丁为隐性纯合子的个体。

乙与丁交配，后代有褐毛兔出现，说明乙的基因型为Bb。

乙和丁多年交配，子代中褐毛兔出现的概率为1/2。

丙兔和丁兔都是雄兔，不能进行交配。

答案　C

17．玉米是雌雄同株、异花传粉植物，可以接受本植株的花粉，也能接受其他植株的花粉。

在一块农田间行种植等数量基因型为Aa和aa的玉米（A和a分别控制显性性状和隐性性状，且A对a为完全显性），假设每株玉米结的子粒数目相同，收获的玉米种下去，具有A表现型和a表现型的玉米比例应接近

A．1∶4B．5∶11

C．1∶2D．7∶9

解析　间行种植的玉米，既可杂交也可自交，由于种植的Aa和aa的玉米比例是1∶1，可以得出该玉米种群可产生含基因A或a的两种配子，其比例是：

A＝1/2×1/2＝1/4、a＝1/2×1/2＋1/2×1＝3/4，再经过雌雄配子的随机结合，得到的子代比例为：

aa＝3/4×3/4＝9/16，而A_＝1－9/16＝7/16，故具有A表现型和a表现型的玉米比例应接近7∶9。

答案　D

18．（2015·潍坊质检）孟德尔通过杂交实验发现了一些有规律的遗传现象，通过对这些现象的研究提出了遗传的两大基本规律。

下列哪项不是这些有规律遗传现象所具有的因素

A．F1体细胞中各基因遗传信息表达的机会相等

B．F1自交后代各种基因型发育成活的机会相等

C．各基因在F2体细胞中出现的机会相等

D．每种类型雌配子与每种类型雄配子相遇的机会相等

解析　F1体细胞中的基因在不同阶段进行选择性表达，表达的机会不相等。

答案　A

19．南瓜果实的颜色是由一对等位基因（A和a）控制的，用一株黄色果实南瓜和一株白色果实南瓜杂交，子代（F1）既有黄色果实南瓜也有白色果实南瓜，让F1自交产生的F2的表现型如下图甲所示；为研究豌豆的高茎与矮茎和花的顶生与腋生性状的遗传规律，设计了两组纯种豌豆杂交实验，如下图乙所示。

根据图示分析，下列说法错误的是

A．由图甲③可知黄果是隐性性状，白果是显性性状

B．图甲P中黄果的基因型是aa，F2中黄果与白果的南瓜理论比例是5∶3

C．由图乙可知花的着生位置和茎的高度各由一个基因控制，都遵循基因分离定律

D．图乙子一代所有个体的基因型相同，该实验中亲代的腋生花都需做去雄处理

解析　由图甲可知，F1白果自交，F2发生了性状分离产生了黄果，所以黄果是隐性性状，白果是显性性状。

F1中黄果占1/2，自交后代全是黄果，占F2的

；F1中白果占1/2，自交后代白果占F2的3/8，黄果占F2的1/8，F2中黄果与白果的南瓜理论比例是5∶3；图乙中高茎与矮茎、腋生与顶生各由一对等位基因控制，而不是一个；图乙两亲本是纯合子，所以子一代所有个体的基因型相同，亲代的腋生花作母本，为了避免自交，都需做去雄处理。

答案　C

20．在种群中，位于某对同源染色体同一位置上的两个以上、决定同一性状的基因称为复等位基因。

在家兔的常染色体上有一系列决定毛色的等位基因：

A、a1、a2、a。

其中A基因对a1、a2、a基因为显性，a1基因对a2、a基因为显性，a2基因对a基因为显性。

这些复等位基因在决定家兔毛皮颜色时，基因型与表现型的关系如表所示。

让一只全色的家兔和一只喜马拉雅色的的家兔杂交，下列说法错误的是

毛皮颜色表现型

基因型

全色

A_

青旗拉

a1_

喜马拉雅

a2_

白化

aa

A.后代出现七种基因型

B．后代出现四种表现型

C．后代会产生a1a1的个体

D．复等位基因的出现体现了基因突变的不定向性

解析　全色家兔的基因型有AA、Aa1、Aa2、Aa四种，会产生A、a1、a2、a四种类型的配子。

喜马拉雅色的家兔基因型有a2a2、a2a两种，会产生a2、a两种类型的配子，子代会产生Aa2、Aa、a1a2、a1a、a2a2、a2a、aa七种基因型，四种表现型，但是不会产生基因型为a1a1的个体。

答案　C

21．（2015·长春模拟）大豆子叶的颜色受一对等位基因控制，基因型为AA的个体呈深绿色、基因型为Aa的个体呈浅绿色、基因型为aa的个体呈黄色，在幼苗阶段死亡。

下列说法错误的是

A．浅绿色植株自花传粉，其成熟后代的基因型为AA和Aa，且比例为1∶2

B．浅绿色植株与深绿色植株杂交，其成熟后代的表现型为深绿色和浅绿色，且比例为1∶1

C．浅绿色植株连续自交n次，成熟后代中杂合子的概率为（1/2）n

D．经过长时间的自然选择，A的基因频率越来越大，a的基因频率越来越小

解析　浅绿色植株连续自交，因每一代中的aa黄色个体在幼苗阶段死亡，故成熟后代中杂合子的概率为2/（2n＋1）。

答案　C

二、非选择题（共58分）

22．（2012·课标全国理综）（13分）一对毛色正常鼠交配，产下多只鼠，其中一只雄鼠的毛色异常。

分析认为，鼠毛色出现异常的原因有两种：

一是基因突变的直接结果（控制毛色基因的显隐性未知，突变只涉及一个亲本常染色体上一对等位基因中的一个基因）；二是隐性基因携带者之间交配的结果（只涉及亲本常染色体上一对等位基因）。

假定这只雄鼠能正常生长发育，并具有生殖能力，后代可成活。

为探究该鼠毛色异常的原因，用上述毛色异常的雄鼠分别与其同一窝的多只雌鼠交配，得到多窝子代。

请预测结果并作出分析。

（1）如果每窝子代中毛色异常鼠与毛色正常鼠的比例均为____________，则可推测毛色异常是________________性基因突变为________________性基因的直接结果，因为________________________________。

（2）如果不同窝子代出现两种情况，一种是同一窝子代中毛色异常鼠与毛色正常鼠的比例为________________，另一种是同一窝子代全部表现为________________鼠，则可推测毛色异常是隐性基因携带者之间交配的结果。

解析　

（1）由题干可知，基因突变为一个亲本一对常染色体上一对等位基因中的一个基因，单个基因突变即能引起子代性状的改变，所以该突变为显性突变；由于突变为显性突变，该个体为杂合子，与毛色正常个体杂交后代正常和异常的比例是1∶1。

（2）假设毛色异常为隐性基因携带者杂交所致，则该个体的基因型是aa，毛色正常鼠个体的基因型为Aa、AA，同一窝后代的毛色全正常，或者正常和异常的比例为1∶1。

答案　

（1）1∶1　隐　显　只有两个隐性纯合亲本中一个亲本的一个隐性基因突变为显性基因时，才能得到每窝毛色异常鼠与毛色正常鼠的比例均为1∶1的结果

（2）1∶1　毛色正常

23．（14分）在某种安哥拉兔中，长毛（由基因HL控制）与短毛（由基因HS控制）是由一对等位基因控制的相对性状。

某生物育种基地利用纯种安哥拉兔进行如下杂交实验，产生了大量的F1与F2个体，统计结果如下表，请分析回答：

实验一

（♂）长毛×短毛（♀）

F1

雄兔

全为长毛

雌兔

全为短毛

实验二

F1雌雄个体交配

F2

雄兔

长毛∶短毛＝3∶1

雌兔

长毛∶短毛＝1∶3

（1）实验结果表明：

①控制安哥拉兔长毛、短毛的等位基因（HL、HS）位于________________染色体上。

②F1雌雄个体的基因型分别为__________________________。

（2）F2中短毛雌兔的基因型及比例为____________

（3）若规定短毛为隐性性状，需要进行测交实验以验证上述有关推测，既可让F1长毛雄兔与多只纯种短毛雌兔杂交，也可让__________________________________，请预期后者测交子代雌兔、雄兔的表现型及比例为________________________

解析　据实验分析可知，雄兔中长毛（由基因HL控制）为显性，雌兔中短毛（由基因HS控制）是显性，因此亲本基因型为（雄）HLHL、（雌）HSHS，F1的基因型为（雄）HLHS、（雌）HLHS，F1雌雄个体交配得F2雄性中：

长毛（1HLHL、2HLHS）∶短毛（1HSHS）＝3∶1，雌性中：

长毛（1HLHL）∶短毛（2HLHS、1HSHS）＝1∶3。

若规定短毛为隐性性状，需要进行测交实验以验证上述有关推测，既可让F1长毛雄兔与多只纯种短毛雌兔杂交，也可让多只F1短毛雌兔与短毛雄兔杂交，后者测交，子代雌兔、雄兔的表现型及比例为雄兔既有长毛，又有短毛，且比例为1∶1，雌兔全为短毛。

答案　

（1）①常　②HLHS和HLHS（或答“HSHL和HSHL”）

（2）HLHS∶HSHS＝2∶1

（3）多只F1短毛雌兔与短毛雄兔杂交　雄兔既有长毛又有短毛且比例为1∶1，雌兔全为短毛

24．（16分）（2016·海淀模拟）某动物毛色的黄色与黑色是一对相对性状，受常染色体上的一对等位基因（A、a）控制，已知在含有基因A、a的同源染色体上，有一条染色体带有致死基因，但致死基因的表达会受到性激素的影响。

请根据下列杂交组合及杂交结果回答问题：

杂交组合

亲本类型

子代

雌

雄

甲

黄色（♀）×黄色（♂）

黄238

黄120

乙

黄色（♂）×黑色（♀）

黄111，黑110

黄112，黑113

丙

乙组的黄色F