届湖北省武汉市部分学校高三新起点调研测试物理试题解析版.docx
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届湖北省武汉市部分学校高三新起点调研测试物理试题解析版
2018届湖北省武汉市部分学校高三新起点调研测试
物理试题（解析版）
一、选择题：
本题共8小题，每小题4分，共32分。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求。
有的有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分。
有选错的得0分。
1.了解物理规律的发现过程，学会像物理学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。
以下符合物理学史实的是
A.牛顿发现了万有引力定律，通过实验测出了引力常量
B.笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献
C.安培首先发现了通电导线的周围存在磁场
D.法拉第提出了电场的观点，但实际上电场并不存在
【答案】B
【解析】
牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了引力常量，选项A错误；笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献，选项B正确；奥斯特首先发现了通电导线的周围存在磁场，选项C错误；法拉第提出了电场的观点，电场是真实存在的物质，选项D错误；故选B.
2.如图所示．边长为L的正方形金属框在外力作用下水平向右运动．穿过宽度为d（d>L）的有界匀强磁场区域，则线框从磁场左侧进入的过程和从磁场右侧穿出的过程相比较．有
A.线框中产生的感应电流方向相同
B.线框中产生的感应电流方向相反
C.线框所受的安培力方向相同
D.线框所受的安培力方向相反
【答案】BC
【解析】
线框进入磁场时，磁通量增大．穿出磁场时，磁通量减小，由楞次定律得知，感应电流方向相反，A错误B正确；安培力阻碍导体与磁场的相对运动，则安培力均向左，即线框所受的安培力方向相同，C正确D错误．
3.如图所示的平行板器件中．电场强度E和磁感应强度B相互垂直，具有不同水平速度的带电粒子从P孔射入后发生偏转的情况不同。
利用这种装置能把具有某一特定速度的粒子选择出来，所以叫做速度选择器。
若正离子（不计重力）以水平速度
射入速度选择器，则
A.正离子从P孔射入后，能沿着图示虚线路径通过速度选择器
B.正离子从Q孔射入后，能沿着图示虚线路径通过速度选择器
C.仅改变离子的电性，负离子从P孔射入后，不能沿图示虚线路径通过速度选择器
D.仅改变离子的电量，正离子从P孔射入后，不能沿图示虚线路径通过速度选择器
【答案】A
【解析】
【详解】正离子从P孔射入，电场力方向竖直向下，大小为qE，洛伦兹力方向竖直向上，大小F=qvB=qE，两个力平衡，粒子做匀速直线运动，故A正确；正离子从Q孔射入，电场力方向竖直向下，洛伦兹力方向竖直向下，两个力不能平衡，将向下偏转，故B错误；改变电荷的电性，从P孔射入，电场力和洛伦兹力都反向，仍然平衡，做匀速直线运动。
故C错误；电场力与洛伦兹力平衡时，与电量无关，从P孔射入，只要速度满足条件，都能保持平衡，故D错误。
所以A正确，BCD错误。
4.如图所示，“神舟”飞船升空后，进入近地点为B，远地点为A的椭圆轨道Ⅰ上飞行。
飞行数圈后变轨。
在过远地点A的圆轨道Ⅱ上做匀速圆周运动．飞船由椭圆轨道Ⅰ运行变轨到圆形轨道Ⅱ运行后（）
A.周期变短．机械能增加
B.周期变短，机械能减小
C.周期变长，机械能增加
D.周期变长，机械能减小
【答案】C
【解析】
试题分析：
由公式
得
轨道Ⅰ运行变轨到圆形轨道Ⅱ运行后轨道半径变大，所以周期变长，轨道Ⅰ运行变轨到圆形轨道Ⅱ运行需要有外力做功，做正功，所愿意飞船的机械能增大，C正确，
考点：
本题考查了天体运动规律
点评：
在做天体运动时，由于万有引力和牛顿第二定律结合，出现了很多公式，在使用的时候一定要选择正确的公式
5.一理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头．下列说法正确的是
A.副线圈输出电压的频率为100Hz
B.副线圈输出电压的有效值为31V
C.P向右移动时，原、副线圈的电流比减小
D.P向右移动时，变压器的输出功率增大
【答案】D
【解析】
A、由图象可知，交流电的周期为
，所以交流电的频率为
，所以A错误；
B、根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为
，所以电压的有效值为
，根据电压与匝数成正比得副线圈输出电压的有效值
，所以B错误。
C、P右移，R变小，原副线的电流都变大，而电压不变，故输出功率增大，故C错误，D正确。
点睛：
电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路。
6.半导体材料的导电性能受外界条件的影响很大，有的半导体在温度升高时其电阻减小得非常迅速，利用这种半导体材料可以制成体积很小的热敏电阻。
如图所示是火警报警系统的部分电路，其中
为热敏电阻，电流表A为值班室的显示器，a、b之间接报警器。
当热敏电阻RT所在处出现火情时，电流表A的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是（ ）
A.I变大，U变大
B.I变大，U变小
C.I变小，U变大
D.I变小，U变小
【答案】D
【解析】
试题分析：
当出现火情时，热敏电阻阻值减小，则总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流增大；由U=Ir可知内电压增大，则路端电压减小，故电压表示数减小；则总电流增大，则
两端的电压增大，则并联部分电压减小，故
中的电流减小，故D正确；故选D．
【点睛】由半导体的性质可知电阻的变化，由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流及路端电压的变化；再对并联部分进行分析可得出电流表的变化．
7.如图所示，滑块A与小球B用一根不可伸长的轻绳相连，且滑块A套在水平直杆上．现用与水平方向成30°角的力F拉B，使A、B一起向右匀速运动，运动过程中A、B保持相对静止．已知A、B的质量分别为2kg、1kg，F=10N，重力加速度为10m/s2．则（ ）
A.轻绳与水平方向的夹角θ=30°
B.轻绳与水平方向的夹角θ=60°
C.滑块A与水平直杆之间的动摩擦因数为
D.滑块A与水平直杆之间的动摩擦因数为
【答案】AD
【解析】
A、对B分析，B受重力、拉力F及绳子的拉力而处于平衡；将两拉力合成，因拉力为10N，小球的重力为
，则由几何关系可知，轻绳的拉力也为
，方向与水平方向成
角，故A正确，B错误；
B、对整体受力分析可知，A受到的支持力为：
，摩擦力等于F沿水平方向的分力为：
则由：
，
，解得：
，故D正确，C错误。
点睛：
本题要注意应用整体法与隔离法的正确使用，注意应用整体法时一定要分清内力与外力，正确的受力分析。
8.质量为1kg的物体，放在动摩擦因数为0.2的水平面上，在水平拉力的作用下由静止开始运动．水平拉力做的功W和物体发生的位移s之间的关系如图所示，重力加速度为10m/s2。
则下列说法正确的是
A.s=3m时速度大小为
m/s
B.s=9m时速度大小为
m／s
C.OA段加速度大小为3m／s2
D.AB段加速度大小为3m／s2
【答案】ABC
【解析】
考点：
匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律；动能定理．
专题：
运动学中的图像专题．
分析：
对物体受力分析，受到重力G、支持力N、拉力F和滑动摩擦力f，根据牛顿第二定律和动能定理列式分析即可．
解答：
解：
A、C、对于前3m过程，根据动能定理，有
W1-μmgs=
，解得vA=
m/s
根据速度位移公式，有：
2a1s=
，解得a1=3m/s2
故A正确、C正确；
B、对于前9m过程，根据动能定理，有：
W2-μmgs′=
，解得vB=
m/s
故B正确；
D、AB段受力恒定，故加速度恒定，而初末速度相等，故AB段的加速度为零，故D错误；
故选ABC．
点评：
本题关键对物体受力分析，然后对物体的运动过程运用动能定理和速度位移公式列式并联立求解．
二、实验题：
本大题共2小题。
共14分。
把答案填写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
9.如图所示，图甲中螺旋测微器的读数为_______________mm，图乙中游标卡尺（游标尺规格为20分度）的读数为_______________cm。
【答案】10.500~10.502（3分）10.145（3分）
【解析】
图甲中螺旋测微器的读数为，10.5mm+0.0×0.01mm=10.500mm
图乙中游标卡尺（游标尺规格为20分度）的读数为，101mm+9×0.05mm=101.45mm=10.145cm
故答案为：
10.500，10.145
10.（8分）在“验证力的平行四边形定则”的实验中，有下列实验步骤：
a在桌上放一块方木板，在方木板上垫一张白纸，把橡皮条的一端固定在板上的A点。
b其用一只弹簧秤，通过细绳把橡皮条的结点拉到同样位置O，记下弹簧秤的示数F´和细绳的方向，按同样比例做出力F´的图示。
c改变两个分力的大小和夹角，再做两次实验。
d记下两只弹簧秤的示数F1，F2及结点的位置，描下两条细绳的方向，在纸上按比例做出力F1和F2的图示，用平行四边形定则求出合力F。
e比较力F´与F，可以看出，它们在实验误差范围内是相等的．
f把两条细绳系在橡皮条的另一端，通过细绳用两个弹簧秤互成角度拉橡皮条，橡皮条伸长，使结点到达某一位置O。
完成下列填空：
（1）上述步骤中，正确的顺序是（填写步骤前面的字母）。
（2）下列哪些措施能减小实验误差
A两条细绳必须等长
B弹簧秤、细绳。
橡皮条都应与木板平面平行
C拉橡皮条的细绳要稍长一些，标记同一条细绳的方向时两标记点要远一些
D.实验前先把实验所用的两只弹簧秤的钩子相互钩住．平放在桌面上，向相反方向拉动，检查读数是否相同，若不同．则进行调节使之相同
【答案】
（1）afdbec（4分）
（2）BCD（4分）
【解析】
分析：
（1）本实验的目的是验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，根据实验目的和原理，明确实验目的，以及实验所要测量的物理量，即可正确安排实验步骤，注意要符合逻辑先后顺序，同时便于操作，不能逻辑顺序颠倒．
（2）根据实验操作过程是纸面上，力的图示也画在白纸上，分析对弹簧秤、细绳、橡皮条的要求以及如何减小误差，同时从作力的图示的角度考虑如何减小误差．
解答：
解：
（1）实验步骤本着先安装设备（或者实验器材），然后进行测量的思路进行设计，同时注意操作的先后逻辑以及简单易行的原则，由此可知该实验步骤为：
afdbec．
故答案为：
afdbec．
（2）A、实验中，通过细绳来拉橡皮筋，两细绳长度不需要相同，故A错误；
B、本实验是通过在白纸上作力的图示来验证平行四边定则，为了减小实验误差，弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，否则，作出的是拉力在纸面上的分力，误差较大，故B正确；
C、弹簧秤标记同一细绳方向的两点要远些，作图时产生的角度误差会减小，故C正确；
D、使用弹簧秤前，应先调节零刻度，将两弹簧测力计互相勾着水平拉伸，选择两只读数相同的使用使用时不超过量程，否则会造成较大误差，故D正确．
故选BCD．
点评：
明确实验目的和实验步骤是对实验的基本要求，同学们要在实际实验操作去理解实验目的和实验步骤，这样才能对实验有深刻的理解．
三、计算题：
本题共4小题．共32分。
把解答写在答题卡中指定的答题处．要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
11.一物体做匀加速直线运动，在2s内通过的位移为6m，在紧接着的1s内通过的位移也为6m。
求物体运动的加速度的大小。
【答案】
【解析】
试题分析：
设物体的初速度为
，
通过第一段位移x时，由匀变速直线运动的位移公式得
，
通过两段位移2x时，由匀变速直线运动的位移公式得
，
联立解得：
，代入数据
．
考点：
考查了匀变速直线运动规律的应用
12.如图所示，水平地面上有一个坑，其竖直截面为半圆，O为圆心，且B为沿水平方向的直径。
若在A点以初速度v1沿AB方向平抛一小球，小球将击中坑壁上的最低点D；而在C点以初速度v2沿BA方向平抛的小球也能击中D点。
已知∠COD=600，求两小球初速度之比v1：
v2。
（小球视为质点）
【答案】
【解析】
本题为平抛运动问题，也属于容易题。
小球从A点平抛，可得
1分
1分
小球从C点平抛，可得
1分
1分
联立解得
4分
13.如图所示，水平面上有一固定着轻质定滑轮O的木块A，它的上表面与水平面平行，它的右侧是一个倾角θ=37°的斜面。
放置在A上的物体B和物体C通过一轻质细绳相连，细绳的一部分与水平面平行，另一部分与斜面平行。
现对A施加一水平向右的恒力F。
使A、B、C恰好保持相对静止。
已知A、B、C的质量均为m，重力加速度为g，不计一切摩擦，求恒力F的大小。
（sin37°=0.6，cos37°=0.8）
【答案】恒力F的大小为mg
【解析】
试题分析：
设绳的张力为T，斜面的支持力为FN，系统加速度为a，以B为研究对象，因为不计摩擦力，所以B只受绳的拉力，由牛顿第二定律:
T="ma"；（2分）
物体C受力分析如图所示，受绳的张力为T、斜面的支持力FN和重力mg。
加速度也为a。
水平竖直建立坐标水平方向：
竖直方向：
由以上可以解得：
（4分）
以A、B、C整体为研究对象F=3ma由以上可以解得：
F="mg"（3分）
考点：
连接体问题、牛顿运动定律的应用
【名师点睛】此题考查了整体法及隔离法的应用，解题的关键是正确选择研究对象，并能对研究对象正确的受力分析，根据平衡条件列出方程解答；题中A、B、C保持相对静止，它们的加速度相同，可分别选取B、C和整体为研究对象，分析受力，运用牛顿第二定律，列出方程，解出恒力F的大小．
14.如图所示．在竖直平面内有轨道ABCDE，其中BC是半径为R的四分之一圆弧轨道，AB（AB＞R）是竖直轨道，CE是水平轨道，CD＞R．AB与BC相切于B点，BC与CE相切于C点，轨道的AD段光滑，DE段粗糙且足够长．
一根长为R的轻杆两端分别固定着两个质量均为m的相同小球P、Q（视为质点），将轻杆锁定在图示位置，并使Q与B等高．现解除锁定释放轻杆，轻杆将沿轨道下滑，重力加速度为g．
（1）Q球经过D点后，继续滑行距离s停下（s＞R）．求小球与DE段之间的动摩擦因数．
（2）求Q球到达C点时的速度大小．
【答案】
（1）
．
（2）
【解析】
试题分析：
（1）以两球组成的系统为研究对象，下滑过程中，Q的重力势能减小mgR，P的重力势能减小2mgR，产生的内能为μmgs+μmg（s﹣R），根据能量守恒求解小球与DE段之间的动摩擦因数．
（2）Q球从下滑到到达C点的过程中，P球重力势能减小mg（1+sin30°）R，Q球重力势能减小mgR，都转化为两球动能，由机械能守恒求出Q球到达C点时的速度大小．
解：
（1）分析滑行过程如图所示
由能量守恒得：
mgR+mg2R=μmgs+μmg（s﹣R）
解得
（2）轻杆由释放到Q球到达C点时，系统的机械能守恒，设P、Q两球的速度大小分别为vP，vQ，则
mgR+mg（1+sin30°）R=
+
又vPcos30°=vQcos30°
联立解得vQ=
答：
（1）Q小球与DE段之间的动摩擦因数
．
（2）Q球到达C点时的速度大小为
．
【点评】本题是系统能量守恒问题，要分两个过程研究，没有摩擦时，系统的机械能守恒，有摩擦时能量守恒．
四、选修3-4模块、选修3-5横块：
本题共2小题。
每小题11分．共22分。
请考生做答下到所有题目。
计算题请写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
15.下列说法正确的是__________
A．玻璃中的气泡看起来特别明亮，是因为光从玻璃射向气泡时，一部分光在界面上发生了全反射的缘故
B．光的偏振现象说明光是一种纵波
C．全息照相的拍摄利用了光的干涉原理
D．医学上用激光做“光刀”来进行手术，主要是利用了激光的亮度高的特点
【答案】ACD
【解析】
【详解】玻璃中的气泡看起来特别明亮，是因为光从玻璃射向气泡时，即从光密介质射向光疏介质时，一部分光在界面上发生了全反射，故A正确；光的偏振现象说明光是一种横波，故B错误；全息照相的拍摄利用了光的干涉原理，故C正确；医学上用激光做“光刀”来进行手术，主要是利用了激光的亮度高，能量强的特点，故D正确。
所以ACD正确，B错误。
16.如图所示．一列简谐横波沿x轴正方向恰好传播到Q（横坐标为0.24m），波速大小为v=0.6m/s．质点P的横坐标为x=0.96m．从图示时刻开始计时，求：
①质点P开始振动时振动的方向；
②经过多长时间质点P第二次到达波峰？
【答案】
（1）振动方向向下
（2）t=1.9s
【解析】
【分析】
①简谐横波沿x轴正方向传播，介质中各质点的起振方向都图示时刻波最前头的振动方向相同．由波传播方向判断．②当图示时刻离P点的第二个波峰到达P点时，质点P第二次到达波峰，根据距离求出时间．
【详解】①简谐横波沿x轴正方向传播，图示时刻x=0.24m处质点的振动方向向下，则质点P开始振动时振动的方向也向下．
②当第二个波峰传到P点时，质点P第二次到达波峰，图示时刻第二个波峰到P点的距离为
由
得，代入数据
【点睛】本题考查质点的振动与波动之间的关系．要抓住介质中各质点起振方向相同，也与波源的起振方向相同．
17.日本发生里氏9.0级大地震，造成福岛核电站的核泄漏事故。
在泄露的污染物中含有
和
两种放射性元素，它们通过一系列衰变产生对人体有危害的辐射，其中
的衰变方程为
，其半衰期为8天。
下列说法不正确的是（）
A.该核反应是α衰变
B.
原子核中含有78个中子
C.经过16天，75％的
原子核发生了衰变
D.虽然该反应出现质量亏损，但核反应前后的原子核总质量数不变
【答案】A
【解析】
本题考查的是原子核的组成.核反应.半衰期等原子物理知识。
该核反应是β衰变，选项A错误；
的中子数为131-53=78，选项B正确；16天为两个半衰期，有
的
发生了衰变，选项C正确；核反应前后，电荷数和质量数守恒，选项D正确。
18.一颗子弹水平地穿过两个前后并排在光滑水平面上的静止木块．本块的质量分别为m1和m2.设子弹穿过两木块的时间间隔分别为t1和t2．子弹在木块中受到的阻力为恒力f，求子弹穿过两木块后，两木块各以多大的速度运动?
【答案】
【解析】
【分析】
根据动量定理分别对两个物体整体和木块m2进行列式，求出子弹穿过两木块后，两木块的速度。
【详解】设子弹穿过木块m1时，m1、m2的速度为v1,由动量定理：
所以
设子弹穿透木块m2时，m2的速度为v2,由动量定理
所以：
【点睛】本题考查了求木块的速度，应用动量定理即可正确解题，解题的关键是正确选择研究对象与正确选择物体的运动过程。
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