A．仍匀速下滑
B．匀加速下滑
C．匀减速下滑
D．上述情况都有可能
3.如图所示，弹簧测力计和细线的重力不计，一切摩擦不计，重物的重力G＝10N，则弹簧测力计A和B的读数分别为（ ）
A．10N,20NB．10N,10NC．10N,0D．0,0
4.电视上棋手进行讲解时，棋子可以在竖直的棋盘上保持静止．已知棋盘和棋子都是用磁性材料做成的，以下分析正确的是（ ）
A．棋盘对棋子的引力与棋子对棋盘的引力是作用力和反作用力
B．棋子所受的重力与棋盘对棋子的摩擦力是作用力和反作用力
C．棋子对棋盘的压力与棋盘对棋子的支持力是一对平衡力
D．棋盘对棋子的支持力与棋子对棋盘的引力是一对平衡力
5.如图所示，光滑斜面的倾角为30°，轻绳通过两个滑轮与A相连，轻绳的另一端固定于天花板上，不计轻绳与滑轮的摩擦．物块A的质量为m，不计滑轮的质量，挂上物块B后，当动滑轮两边轻绳的夹角为90°时，A、B恰能保持静止，则物块B的质量为（ ）
A．
mB．
mC．MD．2m
6.导出单位是由基本单位组合而成的，则下列说法正确的是（ ）
A．加速度的单位是m/s2，是由m、s两个基本单位组合而成的
B．加速度的单位是m/s2，由公式a＝
可知它是由m/s和s两个基本单位组合而成的
C．加速度的单位是m/s2，由公式a＝
可知，它是由N、kg两个基本单位组合而成的
D．以上说法都是正确的
7.如图所示，两个质量相同的物体1和2紧靠在一起，放在光滑水平桌面上，如果它们分别受到水平推力F1和F2作用，而且F1>F2，则1施于2的作用力大小为（ ）
A．F1B．F2C．
（F1＋F2）D．
（F1－F2）
8.两个力F1和F2间的夹角为θ，两个力的合力为F.以下说法正确的是（ ）
A．若F1和F2大小不变，θ角越小，合力F就越小
B．合力F可能比任何一个分力都小
C．合力F总比任何一个分力都大
D．如果夹角θ不变，F1大小不变，只要F2增大，合力F就必然增大
9.如图是关于车拉马、马拉车的问题，下列说法中正确的是（ ）
A．马拉车不动，是因为马拉车的力小于车拉马的力
B．马拉车前进，是因为马拉车的力大于车拉马的力
C．马拉车，不论车动还是不动，马拉车的力的大小总是等于车拉马的力的大小
D．马拉车不动或车匀速前进时，马拉车的力与车拉马的力才大小相等
10.2013年6月“神舟十号”载人飞船与“天宫一号”成功对接，全国人民为之振奋．如下图甲所示，假设发射飞船的火箭某段时间内由地面竖直向上运动，该段时间内其竖直方向上的v－t图象可简化为如图乙所示，由图象可知（ ）
A．0～t1时间内火箭的加速度小于t1～t2时间内火箭的加速度
B．在0～t2时间内火箭上升，t2～t3时间内火箭下落
C．t2时刻火箭离地面最远
D．t3时刻火箭回到地面
11.如图所示，A、B两物体的质量分别为mA、mB，且mA>mB，整个系统处于静止状态，滑轮的质量和一切摩擦均不计，如果绳一端由Q点缓慢地向左移到P点，整个系统重新平衡后，绳的拉力F和两滑轮间绳与水平方向的夹角θ变化情况是（ ）
A．F变大，θ角变大B．F变小，θ角变小
C．F不变，θ角变小D．F不变，θ角不变
12.11月28日，在纽约举行的世界杯游泳比赛中，我国女蛙王罗雪娟在50m蛙泳比赛中，以31秒的成绩获得金牌，高科技记录仪测得她冲刺终点的速度为40m/s，则她在50m的运动中平均速度约为（ ）
A．20m/sB．1.61m/sC．4.0m/sD．1.70m/s
二、多选题（共4小题,共16分）
13.（多选）如图所示，水平传送带以速度v1匀速运动，小物体P、Q由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，t＝0时刻P在传送带左端具有速度v2，P与定滑轮间的绳水平，t＝t0时刻P离开传送带．不计定滑轮质量和滑轮与绳之间的摩擦，绳足够长．正确描述小物体P速度随时间变化的图象可能是（ ）
A．
B．
C．
D．
14.（多选）下图表示匀变速运动的是（ ）
A．
B．
C．
D．
15.（多选）如图，甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t＝0时刻两车同时经过公路旁的同一个路标．在描述两车运动的v－t图中，直线a、b分别描述了甲乙两车在0～20s的运动情况．关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是（ ）
A．在0～10s内两车且行且靠近
B．在t＝10s时两车在公路上相遇
C．在5～15s内两车的位移相等
D．在t＝20s时两车在公路上相遇
16.（多选）关于超重和失重的下列说法中，正确的是（ ）
A．物体具有向上的加速度时处于超重状态，物体具有向下的加速度时处于失重状态
B．地面附近的物体只在重力作用下的运动中处于完全失重状态
C．超重就是物体所受的重力增大了，失重就是物体所受的重力减小了
D．物体做自由落体运动时处于完全失重状态，所以做自由落体运动的物体不受重力作用
分卷II
三、实验题（共2小题,共15分）
17.一小球在桌面上从静止开始做加速直线运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下小球每次曝光的位置，并将小球的位置进行编号．如图甲所示，1位置恰为小球刚开始运动的瞬间，作为零时刻．摄影机连续两次曝光的时间间隔均相同，小球从1位置到6位置的运动过程中经过各位置的速度分别为v1＝0，v2＝0.06m/s，v3＝________m/s，v4＝0.18m/s，v5＝________m/s.在图乙所示的坐标纸上作出小球的速度—时间图象（保留描点痕迹）；根据图象可求出加速度a＝________m/s2.（保留三位有效数字）
18. 在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某次实验测得如下数据：
当m一定时，a与F的关系如表一所示；当F一定时，a与
的关系如表二所示．
表一
表二
（1）在如图所示的相应坐标系中，根据表一、表二所给数据作出图象．
（2）由图象可以判定：
当m一定时，a与F的关系为________；当F一定时，a与m的关系为________．
（3）在研究a与m的关系时，作了a－
图象，而没作a－m图象，那么作a－
图象有何优点？
四、计算题
19.足球以10m/s的水平速度正对着墙壁撞击后，以9.0m/s的速度被反向弹回，球与墙壁的接触时间是0.10s，则：
（1）在与墙壁接触的这段时间内足球的加速度是多大？
方向如何？
（2）若足球被反弹后做加速度大小为1.5m/s2的匀减速直线运动，求：
反弹后8s时球离墙壁的距离．
20.一个物体以v0＝8m/s的初速度从斜面底端沿光滑斜面向上滑动，加速度的大小为2m/s2，冲上最高点之后，又以相同的加速度往回运动．求：
（1）物体3s末的速度；
（2）物体5s末的速度；
（3）物体在斜面上的位移大小为15m时所用的时间．
21.如下图所示，质量为mB＝14kg的木板B放在水平地面上，质量为mA＝10kg的木箱A放在木板B上．一根轻绳一端拴在木箱上，另一端拴在地面的木桩上，绳绷紧时与水平面的夹角为θ＝37°.已知木箱A与木板B之间的动摩擦因数μ1＝0.5，木板B与地面之间的动摩擦因数μ2＝0.4.重力加速度g取10m/s2.现用水平力F将木板B从木箱A下面匀速抽出，试求：
（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）
（1）绳上张力FT的大小；
（2）拉力F的大小．
22.如图甲所示，质量为1.0kg的物体置于固定斜面上，斜面的倾角θ＝37°，对物体施以平行于斜面向上的拉力F，物体运动的F－t图象如图乙（规定沿斜面向上的方向为正方向，g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8），物体与斜面间的动摩擦因数μ＝
，试求：
（1）0～1s内物体运动位移的大小；
（2）1s后物体继续沿斜面上滑的距离．
答案
1.B2.B3.B4.A5.A6.A7.C8.B9.C10.A11.D12.B
13.BC14.AC15.CD16.AB
17.0.12 0.24 见解析图 0.12
【解析】 如题图所示，x1＋x2＝0.06m，而v2＝
m/s＝0.06m/s，故T＝0.5s，
则v3＝
＝
m/s＝0.12m/s，
又x4＋x5＝0.24m，
则v5＝
＝
m/s＝0.24m/s.
其v－t图象如图所示：
加速度：
a＝k＝
＝
m/s2≈0.12m/s2.
18.
（1）作出图象如图所示
（2）正比 反比
（3）a－m图象是曲线，难以找出规律；a－
图象是直线，容易找出规律．
【解析】
19.
（1）190
，方向与初速度方向相反
（2）27m
【解析】
（1）设足球初速度的方向为正方向，则初速度1=10m/s，末速度2=-9m/s，时间
．由加速度公式，有
加速度方向与原速度方向相反．故足球在这段时间内的加速度大小为190m/s2，方向与原速度相反．
（2）足球从反弹到停止所用时间为：
s
反弹后8s时球离墙壁的距离为：
6m=27m.
20.
（1）
（2）v3＝2m/s，方向沿斜面向上；
（2）5s末的速度v5＝－2m/s，即5s末速度大小为2m/s，方向沿斜面向下．
（3）即经过位移大小为15m处所用的时间分别为3s（上升过程中）和5s（下降过程中）．
【解析】
（1）
（2）由t＝
，物体冲上最高点的时间是4s，又根据v＝v0＋at,3s末的速度为v3＝（8－2×3）m/s＝2m/s，方向沿斜面向上；5s末的速度v5＝（8－2×5）m/s＝－2m/s，即5s末速度大小为2m/s，方向沿斜面向下．
（3）由位移公式x＝v0t＋at2，代入数据得
15＝8t＋
（－2）t2
解得：
t1＝3s，t2＝5s
即经过位移大小为15m处所用的时间分别为3s（上升过程中）和5s（下降过程中）．
21.
（1）100N
（2）200N
【解析】
（1）设绳上的拉力大小为FT，A、B间摩擦力大小为Ff1，B对A的弹力大小为FN1
FTcos37°＝Ff1； FN1＝mAg＋FTsin37°； Ff1＝μ1FN1；
解得FT＝100N；
（2）设B与地面间摩擦力大小为Ff2，弹力大小为FN2
F＝Ff1＋Ff2； Ff2＝μ2FN2； FN2＝FN1＋mBg；
解得F＝200N.
22.
（1）9m
（2）54m
【解析】
（1）根据牛顿第二定律得：
在0～1s内F－mgsin37°－μmgcos37°＝ma1，解得a1＝18m/s2
0～1s内的位移x1＝
a1t
＝9m
（2）1s时物体的速度v＝a1t1＝18m/s
1s后物体继续沿斜面减速上滑的过程中
mgsin37°＋μmgcos37°－F′＝ma2，解得a2＝3m/s2.
设物体继续上滑的距离为x2，由2a2x2＝v2得x2＝54m.
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