1617学年上学期高一期中考试物理试题附答案 1.docx
《1617学年上学期高一期中考试物理试题附答案 1.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《1617学年上学期高一期中考试物理试题附答案 1.docx（23页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。
1617学年上学期高一期中考试物理试题附答案1
天水市甘谷三中2016-2017学年度上学期高一期中考试
物理试卷
第I卷（选择题45分）
一、选择题（本题共15道小题，每小题3分，1-10小题为单项选择题，11-15为多项选择题，全对得3分，对而不全得2分，错选得0分）
1.（单选）路程与位移的区别在于（）
A．路程是标量，位移是矢量
B．给定初末位置，路程有无数种可能，位移只有两种可能
C．路程总是小于或等于位移的大小
D．位移描述了物体位置移动径迹的长度，路程描述了物体位置移动的方向和距离
2.（单选）“小小竹排江中游，巍巍青山两岸走”中，“巍巍群山两岸走”选取的参照物是（）
A．江中竹排B．两岸青山C．天上浮云D．空中飞鸟
3.（单选）一质点做匀加速直线运动时，速度变化
△v时发生位移x1，紧接着速度变化同样的△v时发生位移x2，则该质点的加速度为（ ）
A．
B．2
C．（△v）2（
﹣
）D．（△v）2（
+
）
4.（单选）平均速度定义式为=
，当△t极短时，
可以表示为物体在t可以表示为物体在t时刻的瞬时速度
，该定义应用的物理方法是（ ）
A．等效替代法B．控制变量法C．理想模型法D．极限思想法
5.（单选）一艘快艇以2m/s2的加速度在海面上做匀加速直线运动，快艇的初速度是6m/s，8s末时的速度大小是（）
A．22m/sB．16m/sC．19m/sD．48m/s
6.（单选）质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（ ）
A．任意1s内的速度增量都是2m/sB．前2s内的平均速度是6m/s
C．任意相邻的1s内位移差都是1mD．第1s内的位移是5m
7.（单选）某物体的位移图象如图所示，则下列叙述正确的是（）
A．物体运动的轨迹是抛物线
B．物体运动的时间为8s
C．物体运动的总位移为80m
D．在t=4s时刻，物体的瞬时速度最大
8.（单选）利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图象，某同学在一次实验中得到的运动小车的v﹣t图象如图所示，由此可以知道（ ）
A．
小车先正向做加速运动，后反向做减速运动
B．小车运动的最大速度约为0.8m/s
C．小车的最大位移是0.8m
D．小车做曲线运动
9.（单选）一小石块从空中a点自由落下，先后经过b点和c点，不计空气阻力．经过b点时速度为v，经过c点时速度为3v，则ab段与ac段位移之比为（ ）
A．1：
3B．1：
5C．1：
8D．1：
9
10.（单选）一物体做匀加速直线运动，初速度为0.5m/s，第7s内的位移比第5s内的位移多4m，则（）
A.加速度为4m/s2
B.加速度为8m/s2
C.7s末速度为14.5m/s
D.5s内位移为25m
11.（多选）在一次救灾活动中，一辆救灾汽车由静止开始做匀变速直线运动，刚运动了8s，由于前方突然有巨石滚下，堵在路中央，所以又紧急刹车，匀减速运动经4s停在巨石前．则关于汽车的运动情况，下列说法正确的是（ ）
A．加速、减速中的加速度大小之比为a1：
a2等于2：
1
B．加速、减速中的平均速度大小之比
：
等于1：
1
C．加速、减速中的位移之比x1：
x2等于2：
1
D.加速、减速中的平均速度大小之比
：
等于1：
2
12.（多选）一质点从t=0时刻开始沿直线运动，其运动的v﹣t图象如图所示，则（ ）
A．t=2s时，质点的加速度为0B．第3s内质点做匀加速运动
C．t=3s与t=1s时质点通过同一位置D．t=4s时，质点离出发点最远
13.（多选）甲乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，则（）
A．乙比甲运动得快
B2s末乙追上甲
C．2s末甲、乙在再次相遇前相距最远
D．乙追上甲时距出发点40m远
14.（多选）从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示．在0～t0时间内，下列说法中正确的是（）
A.Ⅰ、Ⅱ两个物体的加速度都在不断减小
B.Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小
C.Ⅰ、Ⅱ两物体的位移都在不断增大
D.Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是
15.（多选）如图所示，物体沿曲线轨迹的箭头方向运动，AB、ABC、ABCD、ABCDE四段曲线轨迹运动所用的时间分别是：
1s，2s，2.5s，3s．下列说法正确的是（ ）
A．物体在AB段的平均速度大小为1m/s
B．物体在ABC段的平均速度大小为
m/s
C．AB段的平均速度比ABC段的平均速度更能反映物体处于A点时的瞬时速度
D．物体在AB段的平均速度与ABCDE段的平均速度相同
第II卷（非选择题共55分）
二、填空题（本题共4道小题，每空2分，共14分）
16.电磁打点计时器是一种使用交流电源的计时仪器，它的工作电压是V．当电源的频率是50Hz时，它每隔S打一次点．使用打点时应先接通电源，后释放纸带．
17.一个小球从长为4m的斜面顶端无初速度下滑，接着又在水平面上做匀减速运动，直至运动6m停止，小球共运动了10s．则小球在运动过程中的最大速度为 m/s；小球在斜面上运动的加速度大小为 m/s2．
18.飞机着陆后在跑道上做匀减速直线运动，已知初速度是60m/s，加速度大小是6m/s2，则飞机着陆后12s内的位移是__________m。
19.在测定匀变速直线运动加速度的实验中，选定一条纸带如图所示，每相邻两个记数点之间有四个点未打出，其中0、1、2、3、4、5、6都为记数点，电源频率为50HZ．测得：
x1=1.40cm，x2=1.90cm，x3=2.38cm，x4=2.88cm，x5=3.39cm，x6=3.87cm．
（1）在计时器打出点4时，小车的速度为：
v4= m/s．
（2）该匀变速直线运动的加速度的大小a= m/s2．（结果均保留三位有效数字）
三、计算题（本题共4道小题,第20题8分,第21题9分,第22题10分,第23题14分,共41分；写出必要地文字说明和解题步骤）
20.（8分）篮球以6m/s的速度竖直向下碰地面，然后以4m/s速度竖直向上反弹，碰地的时间为0.2秒．
（1）求篮球在这0.2秒内的速度变化△v．
（2）有的同学这样计算球的加速度：
a=
=
m/s2=﹣10m/s2．他的方法对吗？
为什么？
正确的方法如何？
，忽略空气阻力，取g=10m/s2，求：
（1）经过多少时间落到地面；
（2）小球落地过程中完成最后180m的时间．
22.（10分）现有A、B两列火车在同一轨道上同向行驶，A车在前，其速度vA＝10m/s，B车速度vB＝30m/s.因大雾能见度低，B车在距A车600m时才发现前方有A车，此时B车立即刹车，但B车要减速1800m才能够停止．
（1）B车刹车后减速运动的加速度多大？
（2）若B车刹车8s后，A车以加速度a1＝0.5m/s2加速前进，问能否避免事故？
若能够避免则两车最近时相距多远？
23.（14分）·从斜面上某位置，每隔T=0.1s释放一个小球，在连续释放几个后，对在斜面上的小球拍下照片，如图所示，测得实际球间距离sAB=15cm，sBC=20cm，试求：
（1）小球的加速度a；
（2）拍摄时B球的速度vB；
（3）拍摄时C、D间的实际距离sCD；
（4）A球上面沿斜面滚动的小球还有几个？
试卷答案
1.
考点：
位移与路程．
分析：
路程与位移的根本的区别在于它们的内涵不同，即定义不同，据此判断即可．
解答：
解：
A、路程是标量；位移是矢量，方向唯一，即位移只有一种情况，故A正确，B错误；
C、当物体做同向直线运动时，路程总是大于或等于位移的大小，故C错误；
D、路程描述了物体位置移动径迹的长度，位移描述了物体位置移动的方向和距离，是从起点到终点的有向线段．故D错误．
故选：
A．
2.
考点：
参考系和坐标系．
分析：
在判定物体的运动时，要选择一个标准作为参考物体，物体的运动情况与参考系的选择有关．
解答：
解：
竹排中的人以江中竹排为参照物，观察到两岸的青山向后移动．
故选：
A．
3.
考点：
加速度．
专题：
直线运动规律专题．
分析：
首先知道题境，利用运动学速度位移公式和速度的变化量公式求解即可．
解答：
解：
设匀加速的加速度a，物体的速度分别为v1、v2和v3
据运动学公式可知：
且v2﹣v1=v3﹣v2=△v
故选：
A．
点评：
明确题境，利用运动学速度位移公式和速度的变化量公式求解，一定动手计算，否则感觉无从下手．
4.解答：
解：
当时间极短时，某段时间内的平均速度可以代替瞬时速度，该思想是极限的思想方法．故D正确，A、B、C错误．
故选：
D．
点评：
极限思想法是一种很重要的思想方法，在高中物理中经常用到．要理解并能很好地掌握．
5.
考点：
匀变速直线运动的速度与时间的关系．
专题：
直线运动规律专题．
分析：
已知初速度、加速度及时间，根据匀变速直线运动的速度时间公式求出快艇的速度
解答：
解：
由速度公式可得，快艇在5s末的速度为：
v=v0+at=6+2×8m/s=22m/s．
故选：
A．
点评：
解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式，并能灵活运用；属于基本公式的考查．
6.
考点：
匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度．
专题：
直线运动规律专题．
分析：
根据匀变速直线运动的位移时间公式得出质点的初速度和加速度，从而得出任意1s内的速度变化量；根据前2s内的位移求出前2s内的平均速度；根据加速度求出任意相邻1s内的位移之差．
A、根据位移时间公式知，
=5t+t2，知质点的初速度v0=5m/s，加速度a=2m/s2，则任意1s内速度的变化量△v=at=2×1m/s=2m/s．故A正确．
B、前2s内的质点的位移x=5t+t2=5×2+4m=14m，则前2s内的平均速度
．故B错误．C、根据△x=aT2知，任意相邻1s内的位移△x=2×1m=2m．故C错误．
D、第1s内质点的位移x=5t+t2=5+1m=6m．故D错误．
故选：
A．点评：
解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用．
7.
考点：
匀变速直线运动的图像．
专题：
运动学中的图像专题．
分析：
物体的位移图象表示位移随时间变化的规律，不是物体的运动轨迹．由图直接物体运动的时间．物体的位移大小等于纵坐标之差．根据图线的斜率等于速度，由数学知识求解速度．
解答：
解：
A、如图是物体的位移图象，反映物体的位移随时间变化的规律，不是物体的运动轨迹．故A错误．
B、由图读出物体运动的时间为8s．故B正确．
C、在前4s内，物体的位移由0增大到80m，在后4s内物体的位移从80m减小到0，所以物体运动的总位移为0．故C错误．
D、在t=4s时刻，图线的斜率等于0，说明物体的瞬时速度为零．故D错误．
故选：
B
8.
考点：
匀变速直线运动的图像．
专题：
运动学中的图像专题．
分析：
该题考查了对速度﹣﹣时间图象的认识，在速度﹣﹣时间图象中，由图象的斜率可判断物体的加速与减速；从峰值上可判断最大速度的大小；由图象和时间轴所围成的图形的面积是物体的位移，可看出物体的位移大小．
解答：
解：
A、v﹣t图中，v＞0表示物体运动方向始终沿正方向，做直线运动，所以A错误．
B、由题中图象的斜率可知0～9s小车做加速运动，9s～15s小车做减速运动；当t=9s时，速度最大，vmax≈0.8m/s，所以B正确．
C、在v﹣t图中，图线与坐标轴所围的面积在数值上表示位移的大小，图中每小格的面积表示的位移大小为0.1m，总格数约为83格（大于半格计为一格，小于半格忽略不计），总位移8.3m，所以C错误．
D、小车作直线运动，故D错误．
故选：
B．
点评：
在学习物理的过程中，借助于数学的函数图象分析物理问题，是学习物理的重要方法之一，体现了数形结合的思想．v﹣﹣t图象是物理学中非常基础的一种图象，我们应充分利用图象的“轴、距、斜率、面、点、线”等量所代表的物理意义来解决问题．
9.
考点：
自由落体运动；匀变速直线运动的速度与位移的关系．版权所有
专题：
自由落体运动专题．
分析：
物体做的是自由落体运动，根据自由落体的位移速度公式可以求得．
解答：
解：
解：
物体做自由落体运动，
2ahab=v2①
2ahac=（3v）2②
由①②得：
故D答案正确．
故选D．
点评：
本题是对自由落体运动公式的直接应用的考查，题目比较简单．
10.
考点：
匀变速直线运动规律的综合运用．
专题：
直线运动规律专题．
分析：
根据匀变速直线运动规律的推论△x=aT2求得物体的加速度，再根据位移时间关系求得物体在5s内的位移．
解答：
解：
由题意知根据匀变速直线运动规律的推论△x=aT2可知
所以物体的加速度
根据位移时间关系可知，物体在5s内的位移
x=
7s末的速度v7=v0+at=0.5+2×7=14.5m/s；
故C正确，ABD错误；
故选：
C．
点评：
本题考查了求物体的初速度与加速度问题，分析清楚物体运动过程、应用匀变速直线运动的推论与位移公式即可正确解题．
11.
考点：
匀变速直线运动的位移与时间的关系；加速度．
专题：
直线运动规律专题．
分析：
根据匀变速直线运动的速度时间公式求出加速和减速过程中的加速度大小之比．根据平均速度的推论得出平均速度大小之比，从而结合时间得出位移之比．
解答：
解：
A、设汽车的最大速度为v，则匀加速直线运动的加速度大小
，匀减速直线运动的加速度大小
，则a1：
a2=1：
2，故A错误．
B、根据平均速度的推论，知匀加速和匀减速直线运动的平均速度均为，可知平均速度大小之比为1：
1．故B正确，D错误．
C、根据
知，平均速度之比为1：
1，则加速和减速运动的位移之比为2：
1，故C正确
故选：
BC．
点评：
解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．
12.
考点：
匀变速直线运动的图像．.
专题：
运动学中的图像专题．
分析：
在v﹣t中图象的斜率代表物体的加速度，图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内发生的位移，据此逐项分析即可．
解答：
解：
A、在v﹣t中图象的斜率代表物体的加速度，故在1～3s内物体的加速度答：
解：
A、在v﹣t中图象的斜率代表物体的加速度，故在1～3s内物体的加速度a2=
，故A错误．
B、第3s内质点做初速度为零的匀加速直线运动，故B正确；
C、图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内发生的位移，根据图象可知，
物体在0～3s内的位移x2=
，
0～1s内的位移x3=
=2.5m．故t=3s与t=1s时物体在同一位置．故C正确．
D、物体在0～4s内的位移x4=（2×5﹣2×5）=0，故D错误．
故选：
BC．
点评：
速度图象的斜率等于物体的加速度，速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内发生的位移．掌握了这一规律即可顺利解决此类题目．
13.
考点：
匀变速直线运动的图像；直导线在磁场中运动时感应电流的方向．
专题：
运动学中的图像专题．
分析：
v﹣t图象中每点的坐标表示物体的速度，能直接读出物体的速度；图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移．两个质点同时同地向同一方向做直线运动，相遇时位移应相等．
解答：
解：
A、由图可知甲做匀速直线运动，乙做匀加速直线运动；2s前甲比乙速度大，2s后乙比甲速度大；故A错误；
B、根据“面积”大小等于位移可知，2s末甲的位移大于乙的位移，而两个质点同时同地向同一方向做直线运动，说明乙还没有追上甲，故B错误．
C、2s前甲比乙速度大，甲在乙的前方，两者距离逐渐增大；2s后乙比甲速度大，两者距离减小，所以2s末甲、乙在再次相遇前相距最远；故C正确．
D、4s时刻甲、乙与时间轴围成的面积相等，故说明二者位移相等，此时乙追上甲，此时它们距出发点的距离为S=v甲t=10×4=40m，故D正确；
故选：
CD．
点评：
本题关键是根据速度﹣﹣时间图象得到两个物体的运动规律，然后根据速度﹣时间图象与时间轴包围的面积表示位移大小，结合初始条件进行分析．
14.
考点：
匀变速直线运动的图像；平均速度．
专题：
运动学中的图像专题．
分析：
速度﹣时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，再根据平均速度的定义进行分析．
解答：
解：
A、B、速度﹣时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，故物体Ⅰ做加速度不断减小的加速运动，物体Ⅱ做加速度不断减小的减速运动，故A正确，B错误；
C、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，由图象可知：
随着时间的推移，Ⅰ、Ⅱ的速度图象与时间轴围城的面积不断变大，故位移不断变大，故C正确；
D、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果物体的速度从v2均匀减小到v1，或从v1均匀增加到v2，物体的位移就等于图中梯形的面积，平均速度就等于
故Ⅰ的平均速度大于
，Ⅱ的平均速度小于
，故D错误；
故选AC．
点评：
本题关键是根据速度时间图象得到两物体的运动规律，然后根据平均速度的定义和图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小分析处理．
15.ABC。
由图可得出物体在AB段的平均速度为v=
=1m/s，所以A正确；物体在ABC段的平均速度为v=
=
m/s，所以B正确；由瞬时速度的定义可知，C正确；物体在B点的速度是瞬时速度，AC段的是平均速度，方向也不同，故D错误；故选ABC答案。
16.
考点：
用打点计时器测速度．
专题：
实验题；直线运动规律专题．
分析：
正确解答本题需要掌握：
了解打点计时器的构造、工作原理、工作特点等，比如工作电压、打点周期等，掌握基本仪器的使用，能够正确的使用打点计时器．
解答：
解：
电磁打点计时器是一种使用交流电源的计时仪器，它的工作电压是4﹣6V，当电源的频率是50Hz时，它每隔0.02s打一次点．
开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放纸带，如果先放开纸带，再接通打点计时时器的电源，由于物体运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，所以打点时应先接通电源，后释放纸带．
故答案为：
交流，计时，4﹣6，0.02，先，后
点评：
对于基本仪器的使用，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去操作，深刻了解具体操作细节的含义，同时注意电火花计时器和电磁打点计时器在电压上的不同．
17.
考点：
匀变速直线运动的位移与时间的关系．
专题：
直线运动规律专题．
分析：
根据匀变速直线运动的平均速度推论，结合总路程和总时间求出最大速度的大小，根据速度位移公式求出小球在斜面上的加速度．
解答：
解：
设小球在运动过程中的最大速度为v，根据平均速度的推论知，
，
解得最大速度v=
．
小球在斜面上的加速度a=
．
故答案为：
2，
点评：
解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．
18.
19.
考点：
测定匀变速直线运动的加速度．版权所有
专题：
实验题；直线运动规律专题．
分析：
根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上4点时小车的瞬时速度大小．
解答：
解：
电源频率为50Hz，打点时间间隔是0.02s，由于两相邻计数点间有四个点未画出，相邻计数点间的时间间隔t=0.02×5=0.1s，
匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度，
在计时器打出点4时，小车的速度为：
v4=
=
≈0.314m/s；
由匀变速直线运动的推论公式：
△x=at2可知，加速度的大小：
a=
=
=
≈0.496m/s2，
故答案为：
0.314；0.496．
20.
考点：
加速度．
分析：
以向下为正方向，篮球撞地前的速度为正值，反弹速度为负值，根据加速度定义式求出篮球在这0.2s内的平均加速度．
解答：
解：
（1）以向下为正方向，所以△v=v2﹣v1=﹣4m/s﹣6m/s=﹣10m/s
（2）不对．他没有注意速度的方向．正确解法为：
以向下为正方向，v1=+6m/s，v2=﹣4m/s，加速度为
a=
=
=﹣50m/s2
负号表示加速度方向与正方向相反，即向上．
答：
（1）求篮球在这0.2秒内的速度变化△v为﹣10m/s．
（2）有的同学这样计算球的加速度：
a=
=
m/s2=﹣10m/s2．他的方法不对，正确方法如上．
点评：
本题考查加速度的矢量性．对于一维的情况，矢量的表示方法是：
先规定正方向，用带正负号的数值表示矢量．不能只考虑大小，不注意方向．
21.
（1）经过10s时间落到地面；
（2）小球落地过程中完成最后180m的时间为2s．
考点：
自由落体运动．
专题：
自由落体运动专题．
分析：
根据自由落体运动的位移时间公式求出小球下落的时间．根据位移时间公式求出最后180m前的运动时间，从而得出完成最后180m的时间．
解答：
-解：
（1）由
得：
t=
，
（2）h1=500﹣180m=320m
则有：
，
所以有：
△t=t2﹣t1=10﹣8s=2s．
答：
（1）经过10s时间落到地面；
（2）小球落地过程中完成最后180m的时间为2s．
点评：
解决本题的关键知道自由落体运动的运动规律，结合运动学公式灵活求解，基础题．
22.
（1）mg
（2）2mg （3）
mg
（1）设B车减速运动的加速度大小为a，有0－v
＝－2ax1，解得：
a＝0.25m/s2.
（2）设B车减速t秒时两车的速度相同，有vB－at＝vA＋a1（t－Δt）
代入数值解得t＝32s，
在此过程中B车前进的位移为xB＝vBt－
＝832m
A车前进的位移为xA＝vAΔt＋vA（t－Δt）＋
a1（t－Δt）2＝464m，
因xA＋x>xB，故不会发生撞车事故，
此时Δx＝xA＋x－xB＝232m.
答案
（1）0.25m/s2
（2）可以避免事故 232m
17解析
（1）因OB绳处于竖直方向，所以B球处于平衡状态，AB绳上的拉力为零，OB绳对小球的拉力FOB＝mg.
（2）A球在重力mg、水平拉力F和OA绳的拉力FOA三力作用下平衡，所以OA绳对小球的拉力FOA＝
＝2mg.
（3）作用力F＝mgtan60°＝
mg.
23.
考点：
匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的速度与位移的关系．
专题：
直线运动规律专题．
分析：
（1）匀变速直线运动中，在连续相等时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT2，根据该推论求出小球的加速度．
（2）某段时间内的平均速度
升级会员 