中考数学复习指南《二次函数》压轴训练含答案.docx
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中考数学复习指南《二次函数》压轴训练含答案
2020中考数学复习指南:
《二次函数》压轴训练
1.如图,抛物线y=ax2+bx过A(5,0),B(1,4)两点.
(1)求该抛物线的解析式;
(2)点P是抛物线上一点,且位于第一象限,当△ABP的面积为6时,求点P的坐标;
(3)在线段AB右侧的抛物线上是否存在一点P,使得AB分△OPA的面积为1:
2两部分?
存在,求出点P的坐标;不存在,请说明理由.
解:
(1)将点A,B的坐标代入抛物线表达式,
得:
,
解得:
,
所以抛物线的表达式为:
y=﹣x2+5x
(2)求得直线AB的表达式为:
y=﹣x+5;
过点P作直线PQ∥y轴交AB点Q,
设P(m,﹣m2+5m),
则Q(m,﹣m+5).
当点P在Q上方时,,
∴,
解得m1=2,m2=4,
即P1(2,6),P2(4,4)
当点P在Q下方时,,
∴,
解得,(舍去),
即
综上,点P的坐标为:
P1(2,6),P2(4,4)或;
(3)由直线AB的表达式为:
y=﹣x+5;
令x=0,则y=5,
即直线AB交y轴于点D(0,5).
设AB交OP于点C,
当OC=2PC或2OC=PC时,
则AB分△OPA的面积为1:
2.
∵PQ∥y轴交AB点Q,
∴∠PQC=∠ODC,
∵∠PCQ=∠OCD,
∴△ODC∞△PQC.
∴.
①当OC=2PC时,,
由
(2)得:
PQ=(﹣m2+5m)﹣(﹣m+5)=﹣m2+6m﹣5,
即,
解得,
即.
②当2OC=PC时,PQ=10,
由
(2)得:
PQ=(﹣m2+5m)﹣(﹣m+5)=﹣m2+6m﹣5,
即﹣m2+6m﹣5=10,所得方程无解.
综上所述:
点P的坐标为.
2.如图,线段AB,A(2,3),B(5,3),抛物线y=﹣(x﹣1)2﹣m2+2m+1与x轴的两个交点分别为C,D(点C在点D的左侧)
(1)求m为何值时抛物线过原点,并求出此时抛物线的解析式及对称轴和项点坐标.
(2)设抛物线的顶点为P,m为何值时△PCD的面积最大,最大面积是多少.
(3)将线段AB沿y轴向下平移n个单位,求当m与n有怎样的关系时,抛物线能把线段AB分成1:
2两部分.
解:
(1)当y=﹣(x﹣1)2﹣m2+2m+1过原点(0,0)时,0=﹣1﹣m2+2m+1,得m1=0,m2=2,
当m1=0时,y=﹣(x﹣1)2+1,
当m2=2时,y=﹣(x﹣1)2+1,
由上可得,当m=0或m=2时,抛物线过原点,此时抛物线的解析式是y=﹣(x﹣1)2+1,对称轴为直线x=1,顶点为(1,1);
(2)∵抛物线y=﹣(x﹣1)2﹣m2+2m+1,
∴该抛物线的顶点P为(1,﹣m2+2m+1),
当﹣m2+2m+1最大时,△PCD的面积最大,
∵﹣m2+2m+1=﹣(m﹣1)2+2,
∴当m=1时,﹣m2+2m+1最大为2,
∴y=﹣(x﹣1)2+2,
当y=0时,0=﹣(x﹣1)2+2,得x1=1+,x2=1﹣,
∴点C的坐标为(1﹣,0),点D的坐标为(1+,0)
∴CD=(1+)﹣(1﹣)=2,
∴S△PCD==2,
即m为1时△PCD的面积最大,最大面积是2;
(3)将线段AB沿y轴向下平移n个单位A(2,3﹣n),B(5,3﹣n)
当线段AB分成1:
2两部分,则点(3,3﹣n)或(4,3﹣n)在该抛物线解析式上,
把(3,3﹣n)代入抛物线解析式得,
3﹣n=﹣(3﹣1)2﹣m2+3m+1,
得n=m2﹣2m+6;
把A(4,3﹣n)代入抛物线解析式,得
3﹣n=﹣(3﹣1)2﹣m2+3m+1,
得n=m2﹣2m+11;
∴n=m2﹣2m+6或n=m2﹣2m+11.
3.如图,抛物线y=ax2+bx+6经过点A(﹣2,0),B(4,0)两点,与y轴交于点C,点D是抛物线上一个动点,设点D的横坐标为m(1<m<4)连接BC,DB,DC.
(1)求抛物线的函数解析式;
(2)△BCD的面积是否存在最大值,若存在,求此时点D的坐标;若不存在,说明理由;
(3)在
(2)的条件下,若点M是x轴上一动点,点N是抛物线上一动点,试判断是否存在这样的点M,使得以点B,D,M,N为顶点的四边形是平行四边形.若存在,请直接写出点M的坐标;若不存在,请说明理由.
解:
(1)∵抛物线y=ax2+bx+6经过点A(﹣2,0),B(4,0)两点,
∴,
解得:
,
∴抛物线的解析式为y=﹣x2+x+6;
(2)△BCD的面积存在最大值,理由如下:
∵y=﹣x2+x+6,当x=0时,y=6,
∴C(0,6),
设点D的坐标为(m,﹣m2+m+6),
过点D作y轴的平行线交BC于点E,如图1所示:
设直线BC的解析式为y=kx+c,
把B(4,0),C(0,6)代入得:
,
解得:
,
∴直线BC的解析式为:
y=﹣x+6,
∴设点E的坐标为(m,﹣m+6),
则△BCD的面积=△CDE的面积+△BDE的面积=DE×OB=×DE×4=2[(﹣m2+m+6)﹣(﹣m+6)]=﹣m2+6m=﹣(m﹣2)2+6,
∵﹣<0,
∴当m=2时,△BCD的面积最大=6,﹣m2+m+6=6,
∵1<m<4,
此时点D的坐标为(2,6);
(3)存在,理由如下:
(3)分情况讨论:
①当BD是平行四边形的一条边时,
如图2所示:
M、N分别有三个点,
设点N(n,﹣n2+n+6),
∵D(2,6),
∴点N的纵坐标为绝对值为6,
即|﹣n2+n+6|=6,
解得:
n=2(舍去),或n=0,或n=1±,
故点N、N′、N″的横坐标分别为:
0,1+,1﹣,
∵BD∥MN,B(4,0),D(2,6),
∴点M的坐标为:
(2﹣0,0)或(1+﹣2,0)或(1﹣﹣2,0);
即点M的坐标为:
(2,0)或(﹣1,0)或(﹣﹣1,0);
②当BD是平行四边形的对角线时,如图3所示:
∵点B、D的坐标分别为(4,0)、(2,6),C(0,6),
∴N与C重合,BM=CD=2,
∴M(4+2,0),即M(6,0);
综上所述,存在这样的点M,使得以点B,D,M,N为顶点的四边形是平行四边形.点M的坐标为:
(2,0)或(6,0)或(﹣1,0)或(﹣﹣1,0).
4.在平面直角坐标系中,抛物线y=﹣x2+bx+c经过点A、B、C,已知A(﹣1,0),C(0,3).
(1)求抛物线的解析式;
(2)如图1,P为线段BC上一点,过点P作y轴的平行线,交抛物线于点D,当△CDP为等腰三角形时,求点P的坐标;
(3)如图2,抛物线的顶点为E,EF⊥x轴于点F,N是线段EF上一动点,M(m,0)是x轴一个动点,若∠MNC=90°,请求出m的取值围.
解:
(1)∵抛物线y=﹣x2+bx+c经过点A、B、C,A(﹣1,0),C(0,3),
∴,解得b=2,c=3.
故该抛物线解析式为:
y=﹣x2+2x+3.
(2)令﹣x2+2x+3=0,
解得x1=﹣1,x2=3,
即B(3,0),
设直线BC的解析式为y=kx+b′,
则,
解得:
,
故直线BC的解析式为y=﹣x+3;
∴设P(t,3﹣t),
∴D(t,﹣t2+2t+3),
∴PD=(﹣t2+2t+3)﹣(3﹣t)=﹣t2+3t,
∵OB=OC=3,
∴△BOC是等腰直角三角形,
∴∠OCB=45°,
当CD=PC时,则∠CPD=∠CDP,
∵PD∥y轴,
∴∠CPD=∠OCB=45°,
∴∠CDP=45°,
∴∠PCD=90°,
∴直线CD的解析式为y=x+3,
解得或,
∴D(1,4),
此时P(1,2);
当CD=PD时,则∠DCP=∠CPD=45°,
∴∠CDP=90°,
∴CD∥x轴,
∴D点的纵坐标为3,
代入y=﹣x2+2x+3得,3=﹣x2+2x+3,
解得x=0或x=2,
此时P(2,1);
当PC=PD时,∵PC=t,
∴t=﹣t2+3t,
解得t=0或t=3﹣,
此时P(3﹣,);
综上,当△CDP为等腰三角形时,点P的坐标为(1,2)或(2,1)或(3﹣,)
(3)如图2,由
(1)y=﹣x2+2x+3=﹣(x﹣1)2+4,
∴E(1,4),
设N(1,n),则0≤n≤4,
取CM的中点Q(,),
∵∠MNC=90°,
∴NQ=CM,
∴4NQ2=CM2,
∵NQ2=(1﹣)2+(n﹣)2,
∴4[(1﹣)2+(n﹣)2]=m2+9,
整理得,m=(n﹣)2﹣,
∵0≤n≤4,
当n=时,m最小值=﹣,n=4时,m=5,
综上,m的取值围为:
﹣≤m≤5.
5.如图,已知二次函数y=ax2+bx+4的图象与x轴交于点A(4,0)和点D(﹣1,0),与y轴交于点C,过点C作BC平行于x轴交抛物线于点B,连接AC
(1)求这个二次函数的表达式;
(2)点M从点O出发以每秒2个单位长度的速度向点A运动;点N从点B同时出发,以每秒1个单位长度的速度向点C运动,其中一个动点到达终点时,另一个动点也随之停动,过点N作NQ垂直于BC交AC于点Q,连结MQ
①求△AQM的面积S与运动时间t之间的函数关系式,写出自变量的取值围;当t为何值时,S有最大值,并求出S的最大值;
②是否存在点M,使得△AQM为直角三角形?
若存在,求出点M的坐标;若不存在,说明理由.
解:
(1)∵二次函数的图象经过A(4,0)和点D(﹣1,0),
∴,
解得,
所以,二次函数的解析式为y=﹣x2+3x+4.
(2)①延长NQ交x轴于点P,
∵BC平行于x轴,C(0,4)
∴B(3,4),NP⊥OA.
根据题意,经过t秒时,NB=t,OM=2t,
则CN=3﹣t,AM=4﹣2t.
∵∠BCA=∠MAQ=45°,
∴QN=CN=3﹣t,
∴PQ=NP﹣NQ=4﹣(3﹣t)=1+t,
∴
=﹣t2+t+2.
∴.
∵a=﹣1<0,且0≤t≤2,∴S有最大值.
当t=时,S最大值=.
②存在点M,使得△AQM为直角三角形.
设经过t秒时,NB=t,OM=2t,
则CN=3﹣t,AM=4﹣2t,
∴∵∠BCA=∠MAQ=45°.
Ⅰ.若∠AQM=90°,
则PQ是等腰Rt△MQA底边MA上的高.
∴PQ是底边MA的中线,
∴PQ=AP=MA,
∴1+t=(4﹣2t),
解得,t=,
∴M的坐标为(1,0).
Ⅱ.若∠QMA=90°,此时QM与QP重合.
∴QM=QP=MA,
∴1+t=4﹣2t,
∴t=1,
∴点M的坐标为(2,0).
所以,使得△AQM为直角三角形的点M的坐标分别为(1,0)和(2,0).
6.如图,已知抛物线经过原点O,顶点A(1,﹣1),且与直线y=kx+2相交于B(2,0)和C两点
(1)求抛物线和直线BC的解析式;
(2)求证:
△ABC是直角三角形;
(3)抛物线上存在点E(点E不与点A重合),使∠BCE=∠ACB,求出点E的坐标;
(4)在抛物线的对称轴上是否存在点F,使△BDF是等腰三角形?
若存在,请直接写出点F的坐标.
解:
(1)设抛物线解析式y=a(x﹣1)2﹣1,
将B(2,0)代入,
0=a(2﹣1)2﹣1,
∴a=1,
抛物线解析式:
y=(x﹣1)2﹣1=x2﹣2x,
将B(2,0)代入y=kx+2,
0=2k+2,
k=﹣1,
∴直线BC的解析式:
y=﹣x+2;
(2)联立,
解得,,
∴C(﹣1,3),
∵A(1,﹣1),B(2,0),
∴AB2=(1﹣2)2+(﹣1﹣0)2=2,
AC2=[1﹣(﹣1)]2+(﹣1﹣3)2=20,
BC2=[2﹣(﹣1)]2+(0﹣3)2=18,
∴AB2+BC2=AC2,
∴△ABC是直角三角形;
(3)如图,作∠BCE=∠ACB,与抛物线交于点E,延长AB,与CE的延长线交于点A',过A'作A'H垂直x轴于点H,设二次函数对称轴于x轴交于点G.
∵∠BCE=∠ACB,∠ABC=90°,
∴点A与A'关于直线BC对称,
AB=A'B,
可知△AGB≌△A'HB(AAS),
∵A(1,﹣1),B(2,0)
∴AG=1,BG=OG=1,
∴BH=1,A'H=1,OH=3,
∴A'(3,1),
∵C(﹣1,3),
∴直线A'C:
y=﹣x+,
联立:
,
解得或,
∴E();
(4)∵抛物线的对称轴:
直线x=1,
∴设F(1,m),
直线BC的解析式:
y=﹣x+2;
∴D(0,2)
∵B(2,0),
∴BD=
BF=,
DF==,
①当BF=BD时,,
m=±,
∴F坐标(1,)或(1,﹣)
②当DF=BD时,=2,
m=2,
∴F坐标(1,2+)或(1,2﹣)
③当BF=DF时,=,
m=1,
F(1,1),此时B、D、F在同一直线上,不符合题意.
综上,符合条件的点F的坐标(1,)或(1,﹣)或(1,2+)或(1,2﹣).
7.如图,关于x的二次函数y=x2+bx+c的图象与x轴交于点A(1,0)和点B,与y轴交于点C(0,3),抛物线的对称轴与x轴交于点D.
(1)求二次函数的表达式;
(2)在对称轴上是否存在一点P,使△PBC为等腰三角形?
若存在.请求出点P的坐标;
(3)有一个点M从点A出发,以每秒1个单位的速度在AB上向点B运动,另一个点N从点D与点M同时出发,以每秒2个单位的速度在抛物线的对称轴上运动,当点M到达点B时,点M、N同时停止运动,设运动时间为t秒,求△MNC的面积是△MNB面积的2倍时t的值.
解:
(1)由题意得
∴b=﹣4,c=3,
∴二次函数的表达式为y=x2﹣4x+3;
(2)令y=0,则x2﹣4x+3=0,
∴x1=1,x2=3,
∴B(3,0),
∵C(0,3),
∴BC=,
∵对称轴x=2,
∴设P(,2,m)
①当CP=CB时,=3,
m=3±
∴P(2,3+)或(2,3﹣);
②当BP=BC时,=3
m=±
P(2,)或(2,﹣);
③当PB=PC时,=
m=2
∴P(2,2);
综上可知P的坐标(2,3+)或(2,3﹣)(2,)或(2,﹣)或(2,2);
(3)由题意可知AM=t,DN=2t,
①当点M在线段AD上时,即0≤t≤1时,如图1,
DM=AD﹣AM=1﹣t,
BM=AB﹣AM=2﹣t,
此时,S△MNC=S梯形CODN﹣S△MOC﹣S△MND
=OD(OC+DN)﹣OC•OM﹣MD•ND
=
=t2﹣t,
S△BMN=BM•DN
=(2﹣t)•2t
=2t﹣t2,
∵S△MNC=2S△BMN,
∴t2﹣t=2(2t﹣t2),
解得t=1或t=;
②当点M在线段BD上时,即1<t≤2时,
DM=AM﹣AD=t﹣1,
BM=AB﹣AM=2﹣t,
此时S△MNC=S梯形CODN﹣S△AOC
=S梯形CODN+S△MND﹣S△MOC
=OD(OC+DN)+MD•ND﹣OC•OM
=
=t2﹣t,
同理求得t=1或t=,不在围;
综上可知△MNC面积是△MNB面积的2倍时t的值为1或.
8.在平面直角坐标系xOy中,第一象限的点P在直线y=x上,过点P的直线交x轴正半轴于点A,交直线y=3x于点B,点B在第一象限.
(1)如图1,当∠OAB=90°时,求的值;
(2)当点A的坐标为(6,0),且BP=2AP时,将过点A的抛物线y=﹣x2+mx上下方平移,使它过点B,求平移的方向和距离.
解:
(1)设点A坐标为(a,0)(a>0)
∵∠OAB=90°,点B在直线y=3x上,点P在直线y=x上
∴B(a,3a),P(a,a)
∴BP=3a﹣a=a,AP=a
∴
(2)如图,过点B作BC⊥x轴于点C,过点P作PD⊥x轴于点D
∴BC∥PD
∵BP=2AP
∴
∴CD=2DA
设直线AB解析式为:
y=kx+b
∵A(6,0)
∴6k+b=0,得b=﹣6k
∴直线AB解析式为y=kx﹣6k
当x=kx﹣6k时,解得:
x=
∴xD=xP=
当3x=kx﹣6k时,解得:
x=
∴xC=xB=
∴CD=xD﹣xC=,AD=6﹣xD=6﹣
∴=2(6﹣)
解得:
k=﹣2
∴xB=,yB=3xB=,即B(,)
∵抛物线y=﹣x2+mx过点A
∴﹣36+6m=0,解得:
m=6
设平移后过点B的抛物线解析式为y=﹣x2+6x+n
∴﹣()2+6×+n=
解得:
n=﹣
∴抛物线向下平移了个单位长度.
9.如图,Rt△ABO的直角边OB在x轴上,OB=2,AB=1,将Rt△ABO绕点O顺时针旋转90°得到Rt△CDO,抛物线y=﹣+bx+c经过A,C两点.
(1)求点A,C的坐标;
(2)求二次函数的解析式;
(3)连接AC,点P是抛物线上一点,直线OP把△AOC的周长分成相等的两部分,求点P的坐标.
解:
(1)∵OB=2,AB=1,
∴A(﹣2,1),
将Rt△ABO绕点O顺时针旋转90°得到Rt△CDO,
∴C(1,2),
(2)∵抛物线y=﹣+bx+c经过A,C两点,
∴,解得
∴二次函数的解析式为y=﹣﹣x+;
(3)设OP与AC交于点Q,
∵OP将△AOC的周长分成相等的两部分,又OA=OC,OQ=OQ,
∴AQ=CQ,即Q为AC的中点,
∴Q(﹣,).
设直线OP的解析式为y=kx,把Q(﹣,)代入y=kx,得=﹣k,
∴k=﹣3.
∴直线OP的解析式为y=﹣3x.
由,得,,
∴P1(4,﹣12),P2(﹣1,3).
10.已知,如图,二次函数y=ax2+2ax﹣3a(a>0)图象的顶点为C与x轴交于A、B两点(点A在点B左侧),点C、B关于过点A的直线l:
y=kx﹣对称.
(1)求A、B两点坐标及直线l的解析式;
(2)求二次函数解析式;
(3)如图2,过点B作直线BD∥AC交直线l于D点,M、N分别为直线AC和直线l上的两动点,连接CN,NM、MD,求D的坐标并直接写出CN+NM+MD的最小值.
解:
(1)当y=0时,ax2+2ax﹣3a=0
解得:
x1=﹣3,x2=1
∴点A坐标为(﹣3,0),点B坐标为(1,0)
∵直线l:
y=kx﹣经过点A
∴﹣3k﹣=0解得:
k=﹣
∴直线l的解析式为y=﹣x﹣
(2)∵y=ax2+2ax﹣3a=a(x+1)2﹣4a
∴点C坐标为(﹣1,﹣4a)
∵C、B关于直线l对称,A在直线l上
∴AC=AB,即AC2=AB2
∴(﹣1+3)2+(﹣4a)2=(1+3)2
解得:
a=±(舍去负值),即a=
∴二次函数解析式为:
y=x2+x﹣
(3)∵A(﹣3,0),C(﹣1,﹣2),设直线AC解析式为y=kx+b
∴解得:
∴直线AC解析式为y=﹣x﹣3
∵BD∥AC
∴设直线BD解析式为y=﹣x+c
把点B(1,0)代入得:
﹣+c=0解得:
c=
∴直线BD解析式为y=﹣x+
∵解得:
∴点D坐标为(3,﹣2)
如图,连接BN,过点D作DF⊥x轴于点F,作D关于直线AC的对称点点Q,连接DQ交AC于点E,连接BQ,MQ.
∵点B、C关于直线l对称,点N在直线l上
∴BN=CN
∴当B、N、M在同一直线上时,CN+MN=BN+MN=BM,即CN+MN的最小值为BM
∵点D、Q关于直线AC对称,点M在直线AC上
∴MQ=MD,DQ⊥AC,DE=QE
∴当B、M、Q在同一直线上时,BM+MD=BM+MQ=BQ,即BM+MD的最小值为BQ
∴此时,CN+NM+MD=BM+MD=BQ,即CN+NM+MD的最小值为BQ
∵点B、C关于直线l对称
∴AD平分∠BAC
∵DF⊥AB,DE⊥AC
∴DE=DF=|yD|=2
∴DQ=2DE=4
∵B(1,0),D(3,﹣2)
∴BD2=(3﹣1)2+(﹣2)2=16
∵BD∥AC
∴∠BDQ=∠AEQ=90°
∴BQ=
∴CN+NM+MD的最小值为8.
11.如图,直线y=2x﹣8分别交x轴、y轴于点A、点B,抛物线y=ax2+bx(a≠0)经过点A,且顶点Q在直线AB上.
(1)求a,b的值.
(2)点P是第四象限抛物线上的点,连结OP、AP、BP,设点P的横坐标为t,△OAP的面积为s1,△OBP的面积为s2,记s=s1+s2,试求s的最值.
解:
(1)∵直线y=2x﹣8分别交x轴、y轴于点A、点B,
∴点A的坐标为(4,0),点B的坐标为(0,﹣8).
∵抛物线y=ax2+bx(a≠0)经过点A,点O,
∴抛物线的对称轴为直线x=2.
当x=2时,y=2x﹣8=﹣4,
∴抛物线顶点Q的坐标为(2,﹣4).
将A(4,0),Q(2,﹣4)代入y=ax2+bx,得:
,解得:
.
(2)由
(1)得:
抛物线解析式为y=x2﹣4x,
∵点P的横坐标为t,
∴点P的坐标为(t,t2﹣4t),
∴s1=×4×(4t﹣t2)=8t﹣2t2,s2=×8×t=4t,
∴s=s1+s2=﹣2t2+12t=﹣2(t﹣3)2+18.
∵﹣2<0,且0<t<4,
∴当t=3时,s取得最大值,最大值为18.
12.如图,抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)与x轴交于点A(﹣4,0),B(2,0),与y轴交于点C(0,4),线段BC的中垂线与对称轴l交于点D,与x轴交于点F,与BC交于点E,对称轴l与x轴交于点H.
(1)求抛物线的函数表达式;
(2)求点D的坐标;
(3)P坐标为(,0)点M为x轴上方抛物线上的点,在对称轴l上是否存在一点N,使得以点D,P,M.N为顶点的四边形是平行四边形?
若存在,则直接写出N点坐标;若不存在,请说明理由.
解:
(1)∵抛物线过点A(﹣4,0),B(2,0),
∴设抛物线表达式为:
y=a(x+4)(x﹣2)
把C(0,4)代入得4=a(0+4)(0﹣2)
∴a=﹣
∴抛物线表达式为:
y=﹣(x+4)(x﹣2)=﹣x2﹣x+4;
(2)由
(1)抛物线对称轴为直线x=﹣=﹣1
∵线段BC的中垂线与对称轴l交于点D,
∴点D在对称轴上,
设点D坐标为(﹣1,m),
过点C做CG⊥l于G,连DC,DB,如图1,
∴DC=DB
在Rt△DCG和Rt△DBH中,
∵DC2=12+(4﹣m)2,DB2=m2+(2+1)2
∴12+(4﹣m)2=m2+(2+1)2
解得:
m=1
∴点D坐标为(﹣1,1),
(3)存在,
当点P坐标为(,0)时,
①若DN和MP为平行四边形对边,则有DN=MP,如图2,
当x=时,y=﹣×()2﹣+4=,
∴DN=MP=
∴点N坐标为(﹣1,);
②若MN、DP为平行四边形对边时,M、P点到ND距离相等,如图3,
则点M横坐标为﹣,
则M纵坐标为﹣×(﹣)2++4=,
由平行四边形中心对称性可知,点M到N的垂直距离等于点P到点D的垂直距离,
当点N在D点上方时,点N纵坐标为﹣1=,
此时点N坐标为(﹣1,),
当点N在x轴下方时,点N坐标为(﹣1,﹣),
综上,在对称轴l上是否存在一点N,使得以点D,P,M.N为顶点的四边形是平行四边形,N点坐标为(﹣1,)或(﹣1,)或(﹣1,﹣).
13.如图,在平面直角坐标系中,抛物线y=﹣x2+bx+c与y轴交于点A(0,3),与x轴负半轴交于点D(﹣1,0),与x轴正半轴交于点B.
(1)求此抛物线的解析式以及点B的坐标和顶点C的坐标;
(2)点E是线段AB上方抛物线上一动点,请求出点E到AB的最大距离;
(3)点M是线段AB上一点,且△ACM的面积是△ABC的面积的