学年高中数学新教材人教A版必修第一册教案32函数的基本性质4含答案.docx
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学年高中数学新教材人教A版必修第一册教案32函数的基本性质4含答案
第2课时 奇偶性的应用
学习目标
1.掌握用奇偶性求解析式的方法.2.理解奇偶性对单调性的影响并能用以比较大小、求最值和解不等式.
知识点一 用奇偶性求解析式
如果已知函数的奇偶性和一个区间[a,b]上的解析式,想求关于原点的对称区间[-b,-a]上的解析式,其解决思路为:
(1)“求谁设谁”,即在哪个区间上求解析式,x就应在哪个区间上设.
(2)要利用已知区间的解析式进行代入.
(3)利用f(x)的奇偶性写出-f(x)或f(-x),从而解出f(x).
知识点二 奇偶性与单调性
若函数f(x)为奇函数,则f(x)在关于原点对称的两个区间[a,b]和[-b,-a]上具有相同的单调性;若函数f(x)为偶函数,则f(x)在关于原点对称的两个区间[a,b]和[-b,-a]上具有相反的单调性.
预习小测 自我检验
1.若f(x)的定义域为R,且f(x)为奇函数,则f(0)=________.
答案 0
2.若f(x)为R上的奇函数,且在[0,+∞)上单调递减,则f(-1)________f
(1).(填“>”“=”或“<”)
答案 >
解析 f(x)为R上的奇函数,且在[0,+∞)上单调递减,
∴f(x)在R上单调递减,
∴f(-1)>f
(1).
3.如果奇函数f(x)在区间[-7,-3]上是减函数,那么函数f(x)在区间[3,7]上是________函数.
答案 减
解析 ∵f(x)为奇函数,∴f(x)在[3,7]上的单调性与[-7,-3]上一致,∴f(x)在[3,7]上是减函数.
4.函数f(x)为偶函数,若x>0时,f(x)=x,则x<0时,f(x)=________.
答案 -x
解析 方法一 令x<0,则-x>0,
∴f(-x)=-x,
又∵f(x)为偶函数,∴f(-x)=f(x),
∴f(x)=-x(x<0).
方法二 利用图象(图略)可得x<0时,f(x)=-x.
一、利用函数的奇偶性求解析式
命题角度1 求对称区间上的解析式
例1 函数f(x)是定义域为R的奇函数,当x>0时,f(x)=-x+1,求当x<0时,f(x)的解析式.
考点 函数奇偶性的应用
题点 利用奇偶性求函数的解析式
解 设x<0,则-x>0,
∴f(-x)=-(-x)+1=x+1,
又∵函数f(x)是定义域为R的奇函数,
∴当x<0时,f(x)=-f(-x)=-x-1.
反思感悟 求给定哪个区间的解析式就设这个区间上的变量为x,然后把x转化为-x,此时-x成为了已知区间上的解析式中的变量,通过应用奇函数或偶函数的定义,适当推导,即可得所求区间上的解析式.
跟踪训练1 已知f(x)是R上的奇函数,且当x∈(0,+∞)时,f(x)=x(1+x),求f(x)的解析式.
解 因为x∈(-∞,0)时,-x∈(0,+∞),
所以f(-x)=-x[1+(-x)]=x(x-1).
因为f(x)是R上的奇函数,
所以f(x)=-f(-x)=-x(x-1),x∈(-∞,0).
f(0)=0.
所以f(x)=
命题角度2 构造方程组求解析式
例2 设f(x)是偶函数,g(x)是奇函数,且f(x)+g(x)=
,求函数f(x),g(x)的解析式.
考点 函数奇偶性的应用
题点 利用奇偶性求函数的解析式
解 ∵f(x)是偶函数,g(x)是奇函数,
∴f(-x)=f(x),g(-x)=-g(x),
由f(x)+g(x)=
.①
用-x代替x,
得f(-x)+g(-x)=
,
∴f(x)-g(x)=
,②
(①+②)÷2,得f(x)=
;
(①-②)÷2,得g(x)=
.
反思感悟 f(x)+g(x)=
对定义域内任意x都成立,所以可以对x任意赋值,如x=-x.
利用f(x),g(x)一奇一偶,把-x的负号或提或消,最终得到关于f(x),g(x)的二元方程组,从中解出f(x)和g(x).
跟踪训练2 设f(x)是偶函数,g(x)是奇函数,且f(x)+g(x)=x2+2x,求函数f(x),g(x)的解析式.
考点 函数奇偶性的应用
题点 利用奇偶性求函数的解析式
解 ∵f(x)是偶函数,g(x)是奇函数,
∴f(-x)=f(x),g(-x)=-g(x),
由f(x)+g(x)=2x+x2.①
用-x代替x,
得f(-x)+g(-x)=-2x+(-x)2,
∴f(x)-g(x)=-2x+x2,②
(①+②)÷2,得f(x)=x2;
(①-②)÷2,得g(x)=2x.
二、利用函数的奇偶性与单调性比较大小
例3 设偶函数f(x)的定义域为R,当x∈[0,+∞)时,f(x)是增函数,则f(-2),f(π),f(-3)的大小关系是( )
A.f(π)>f(-3)>f(-2)
B.f(π)>f(-2)>f(-3)
C.f(π)D.f(π)答案 A
解析 因为函数f(x)为R上的偶函数,
所以f(-3)=f(3),f(-2)=f
(2).
又当x∈[0,+∞)时,f(x)是增函数,且π>3>2,
所以f(π)>f(3)>f
(2),故f(π)>f(-3)>f(-2).
反思感悟 利用函数的奇偶性与单调性比较大小
(1)自变量在同一单调区间上,直接利用函数的单调性比较大小;
(2)自变量不在同一单调区间上,需利用函数的奇偶性把自变量转化到同一单调区间上,然后利用单调性比较大小.
跟踪训练3
(1)已知偶函数f(x)在[0,+∞)上单调递减,则f
(1)和f(-10)的大小关系为( )
A.f
(1)>f(-10)B.f
(1)C.f
(1)=f(-10)D.f
(1)和f(-10)关系不定
答案 A
解析 ∵f(x)是偶函数,且在[0,+∞)上单调递减,
∴f(-10)=f(10)(1).
(2)定义在R上的奇函数f(x)为增函数,偶函数g(x)在区间[0,+∞)上的图象与f(x)的图象重合,设a>b>0,下列不等式中成立的有________.(填序号)
①f(a)>f(-b);②f(-a)>f(b);
③g(a)>g(-b);④g(-a)⑤g(-a)>f(-a).
答案 ①③⑤
解析 f(x)为R上奇函数,增函数,且a>b>0,
∴f(a)>f(b)>f(0)=0,
又-a<-b<0,∴f(-a)∴f(a)>f(b)>0>f(-b)>f(-a),
∴①正确,②错误.
x∈[0,+∞)时,g(x)=f(x),
∴g(x)在[0,+∞)上单调递增,
∴g(-a)=g(a)>g(b)=g(-b),∴③正确,④错误.
又g(-a)=g(a)=f(a)>f(-a),∴⑤正确.
三、利用函数的奇偶性与单调性解不等式
例4
(1)已知f(x)是定义在R上的偶函数,且在区间(-∞,0)上是增函数.若f(-3)=0,则
<0的解集为________.
答案 {x|-33}
解析 ∵f(x)是定义在R上的偶函数,且在区间(-∞,0)上是增函数,
∴f(x)在区间(0,+∞)上是减函数.
∴f(3)=f(-3)=0.
当x>0时,由f(x)<0,解得x>3;
当x<0时,由f(x)>0,解得-3故所求解集为{x|-33}.
(2)已知偶函数f(x)在区间[0,+∞)上单调递增,则满足f(2x-1)的x的取值范围为( )
A.
B.
C.
D.
答案 A
解析 由于f(x)为偶函数,且在[0,+∞)上单调递增,则不等式f(2x-1),
即-
<2x-1<
,
解得
.
反思感悟 利用函数奇偶性与单调性解不等式,一般有两类
(1)利用图象解不等式;
(2)转化为简单不等式求解.
①利用已知条件,结合函数的奇偶性,把已知不等式转化为f(x1)f(x2)的形式;
②根据奇函数在对称区间上的单调性一致,偶函数在对称区间上的单调性相反,脱掉不等式中的“f”转化为简单不等式(组)求解.
跟踪训练4 设定义在[-2,2]上的奇函数f(x)在区间[0,2]上是减函数,若f(1-m)解 因为f(x)是奇函数且f(x)在[0,2]上是减函数,
所以f(x)在[-2,2]上是减函数.
所以不等式f(1-m)解得-1≤m<
.
所以实数m的取值范围为
.
1.若函数f(x)是R上的偶函数,且在区间[0,+∞)上是增函数,则下列关系成立的是( )
A.f(-3)>f(0)>f
(1)
B.f(-3)>f
(1)>f(0)
C.f
(1)>f(0)>f(-3)
D.f
(1)>f(-3)>f(0)
考点 抽象函数单调性与奇偶性
题点 抽象函数单调性与不等式结合问题
答案 B
解析 ∵f(-3)=f(3),且f(x)在区间[0,+∞)上是增函数,∴f(-3)>f
(1)>f(0).
2.定义在R上的偶函数f(x)在[0,+∞)上是增函数,若f(a)A.ab
C.|a|<|b|D.0≤ab≥0
考点 抽象函数单调性与奇偶性
题点 抽象函数单调性与不等式结合问题
答案 C
3.已知函数f(x)为偶函数,且当x<0时,f(x)=x+1,则x>0时,f(x)=________.
答案 -x+1
解析 当x>0时,-x<0,∴f(-x)=-x+1,
又f(x)为偶函数,∴f(x)=-x+1.
4.奇函数f(x)在区间[0,+∞)上的图象如图,则函数f(x)的增区间为________.
答案 (-∞,-1],[1,+∞)
解析 奇函数的图象关于原点对称,可知函数f(x)的增区间为(-∞,-1],[1,+∞).
5.已知偶函数f(x)在[0,+∞)上单调递减,f
(2)=0.若f(x-1)>0,则x的取值范围是________.
答案 (-1,3)
解析 因为f(x)是偶函数,所以f(x-1)=f(|x-1|).
又因为f
(2)=0,
所以f(x-1)>0可化为f(|x-1|)>f
(2).
又因为f(x)在[0,+∞)上单调递减,
所以|x-1|<2,解得-2所以-11.知识清单:
(1)利用奇偶性,求函数的解析式.
(2)利用奇偶性和单调性比较大小、解不等式.
2.方法归纳:
利用函数的奇偶性、单调性画出函数的简图,利用图象解不等式和比较大小,体现了数形结合思想和直观想象数学素养.
3.常见误区:
解不等式易忽视函数的定义域.
1.设函数f(x)=
且f(x)为偶函数,则g(-2)等于( )
A.6B.-6C.2D.-2
考点 函数奇偶性的应用
题点 利用奇偶性求函数的解析式
答案 A
解析 g(-2)=f(-2)=f
(2)=22+2=6.
2.如果奇函数f(x)在区间[-3,-1]上是增函数且有最大值5,那么函数f(x)在区间[1,3]上是( )
A.增函数且最小值为-5
B.增函数且最大值为-5
C.减函数且最小值为-5
D.减函数且最大值为-5
答案 A
解析 f(x)为奇函数,∴f(x)在[1,3]上的单调性与[-3,-1]上一致且f
(1)为最小值,
又已知f(-1)=5,∴f(-1)=-f
(1)=5,
∴f
(1)=-5,故选A.
3.已知函数y=f(x)是R上的偶函数,且f(x)在[0,+∞)上是减函数,若f(a)≥f(-2),则a的取值范围是( )
A.a≤-2B.a≥2
C.a≤-2或a≥2D.-2≤a≤2
答案 D
解析 由f(a)≥f(-2)得f(|a|)≥f
(2),
∴|a|≤2,∴-2≤a≤2.
4.已知函数y=f(x)是偶函数,其图象与x轴有4个交点,则方程f(x)=0的所有实根之和是( )
A.4B.2C.1D.0
答案 D
解析 y=f(x)是偶函数,所以y=f(x)的图象关于y轴对称,所以f(x)=0的所有实根之和为0.
5.设f(x)是R上的偶函数,且在(0,+∞)上是减函数,若x1<0且x1+x2>0,则( )
A.f(-x1)>f(-x2)
B.f(-x1)=f(-x2)
C.f(-x1)D.f(-x1)与f(-x2)的大小不确定
考点 抽象函数单调性与奇偶性
题点 抽象函数单调性与不等式结合问题
答案 A
解析 ∵x1<0,x1+x2>0,
∴x2>-x1>0,
又f(x)在(0,+∞)上是减函数,
∴f(x2)∵f(x)是偶函数,
∴f(-x2)=f(x2)6.设f(x)是定义在R上的奇函数,当x>0时,f(x)=x2+1,则f(-2)+f(0)=________.
答案 -5
解析 由题意知f(-2)=-f
(2)=-(22+1)=-5,f(0)=0,
∴f(-2)+f(0)=-5.
7.已知奇函数f(x)在区间[0,+∞)上单调递增,则满足f(x)(1)的x的取值范围是________.
考点 抽象函数单调性与奇偶性
题点 抽象函数单调性与不等式结合问题
答案 (-∞,1)
解析 由于f(x)在[0,+∞)上单调递增,且是奇函数,
所以f(x)在R上单调递增,
f(x)(1)等价于x<1.
8.若f(x)=(m-1)x2+6mx+2是偶函数,则f(0),f
(1),f(-2)从小到大的排列是________.
答案 f(-2)(1)解析 ∵f(x)是偶函数,
∴f(-x)=f(x)恒成立,
即(m-1)x2-6mx+2=(m-1)x2+6mx+2恒成立,
∴m=0,即f(x)=-x2+2.
∵f(x)的图象开口向下,对称轴为y轴,在[0,+∞)上单调递减,
∴f
(2)(1)即f(-2)(1)9.已知函数y=f(x)的图象关于原点对称,且当x>0时,f(x)=x2-2x+3.
(1)试求f(x)在R上的解析式;
(2)画出函数的图象,根据图象写出它的单调区间.
考点 单调性与奇偶性的综合应用
题点 求奇偶函数的单调区间
解
(1)因为函数f(x)的图象关于原点对称,
所以f(x)为奇函数,则f(0)=0.
设x<0,则-x>0,
因为当x>0时,f(x)=x2-2x+3.
所以当x<0时,f(x)=-f(-x)=-(x2+2x+3)=-x2-2x-3.
于是有f(x)=
(2)先画出函数在y轴右侧的图象,再根据对称性画出y轴左侧的图象,如图.
由图象可知函数f(x)的单调递增区间是(-∞,-1],[1,+∞),单调递减区间是(-1,0),(0,1).
10.已知函数f(x)=ax+
+c(a,b,c是常数)是奇函数,且满足f
(1)=
,f
(2)=
.
(1)求a,b,c的值;
(2)试判断函数f(x)在区间
上的单调性并证明.
考点 单调性与奇偶性的综合应用
题点 判断或证明奇偶函数在某区间上的单调性
解
(1)∵f(x)为奇函数,∴f(-x)=-f(x),
∴-ax-
+c=-ax-
-c,
∴c=0,∴f(x)=ax+
.
又∵f
(1)=
,f
(2)=
,
∴
∴a=2,b=
.
综上,a=2,b=
,c=0.
(2)由
(1)可知f(x)=2x+
.
函数f(x)在区间
上为减函数.
证明如下:
任取0,
则f(x1)-f(x2)=2x1+
-2x2-
=(x1-x2)
=(x1-x2)
.
∵0,
∴x1-x2<0,2x1x2>0,4x1x2-1<0.
∴f(x1)-f(x2)>0,即f(x1)>f(x2).
∴f(x)在
上为减函数.
11.设奇函数f(x)在(0,+∞)上为减函数,且f
(1)=0,则不等式
<0的解集为( )
A.(-1,0)∪(1,+∞)
B.(-∞,-1)∪(0,1)
C.(-∞,-1)∪(1,+∞)
D.(-1,0)∪(0,1)
答案 C
解析 ∵f(x)为奇函数,
<0,
即
<0,
∵f(x)在(0,+∞)上为减函数且f
(1)=0,
∴当x>1时,f(x)<0.
∵奇函数图象关于原点对称,
∴在(-∞,0)上f(x)为减函数且f(-1)=0,
即x<-1时,f(x)>0.
综上使
<0的解集为(-∞,-1)∪(1,+∞).
12.已知f(x+y)=f(x)+f(y)对任意实数x,y都成立,则函数f(x)是( )
A.奇函数
B.偶函数
C.既是奇函数,也是偶函数
D.既不是奇函数,也不是偶函数
答案 A
解析 令x=y=0,所以f(0)=f(0)+f(0),
所以f(0)=0.
又因为f(x-x)=f(x)+f(-x)=0,
所以f(-x)=-f(x),
所以f(x)是奇函数,故选A.
13.已知y=f(x)+x2是奇函数且f
(1)=1,若g(x)=f(x)+2,则g(-1)=________.
考点 函数奇偶性的应用
题点 利用奇偶性求函数值
答案 -1
解析 ∵y=f(x)+x2是奇函数,
∴f(-x)+(-x)2=-[f(x)+x2],
∴f(x)+f(-x)+2x2=0,∴f
(1)+f(-1)+2=0.
∵f
(1)=1,∴f(-1)=-3.
∵g(x)=f(x)+2,∴g(-1)=f(-1)+2=-3+2=-1.
14.已知定义在R上的函数f(x)满足f(1-x)=f(1+x),且f(x)在[1,+∞)上为单调减函数,则当x=________时,f(x)取得最大值;若不等式f(0)答案 1 (0,2)
解析 由f(1-x)=f(1+x)知,f(x)的图象关于直线x=1对称,又f(x)在(1,+∞)上单调递减,则f(x)在(-∞,1]上单调递增,所以当x=1时f(x)取到最大值.由对称性可知f(0)=f
(2),所以f(0)15.已知f(x),g(x)分别是定义在R上的偶函数和奇函数,且f(x)-g(x)=x3+x2+1,则f
(1)+g
(1)等于( )
A.-3B.-1C.1D.3
考点 函数奇偶性的应用
题点 利用奇偶性求函数的解析式
答案 C
解析 ∵f(x)-g(x)=x3+x2+1,
∴f(-x)-g(-x)=-x3+x2+1.
∵f(x)是偶函数,g(x)是奇函数,
∴f(-x)=f(x),g(-x)=-g(x).
∴f(x)+g(x)=-x3+x2+1.
∴f
(1)+g
(1)=-1+1+1=1.
16.设f(x)是定义在R上的奇函数,且对任意a,b∈R,当a+b≠0时,都有
>0.
(1)若a>b,试比较f(a)与f(b)的大小关系;
(2)若f(1+m)+f(3-2m)≥0,求实数m的取值范围.
解
(1)因为a>b,所以a-b>0,
由题意得
>0,
所以f(a)+f(-b)>0.
又f(x)是定义在R上的奇函数,
所以f(-b)=-f(b),
所以f(a)-f(b)>0,即f(a)>f(b).
(2)由
(1)知f(x)为R上的单调递增函数,
因为f(1+m)+f(3-2m)≥0,所以f(1+m)≥-f(3-2m),
即f(1+m)≥f(2m-3),
所以1+m≥2m-3,所以m≤4.
所以实数m的取值范围为(-∞,4].