安徽省亳州市学年高二上学期期末考试质量检测物理试题.docx
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安徽省亳州市学年高二上学期期末考试质量检测物理试题
安徽省亳州市2017-2018学年度第一学期期末高二质量检测物理试卷
一、选择题
1.关于静电场的描述，下列结论成立的是
A.电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关
B.电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低
C.将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力一定不做功
D.在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向
【答案】D
【解析】A、电势差的大小决定于电场线方向上两点间距和电场强度，所以A错误；
B、在正电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势高，离正电荷远，电场强度小，电势低；而在负电荷的电场中，离负电荷近，电场强度大，电势低，离负电荷远，电场强度小，电势高，所以B错误；
C、场强为零，电势不一定为零，电场中肯定存在场强都为零、电势又不相等的两个点，在这样的两个点之间移动电荷，电场力将做功，所以C错误；
D、沿电场方向电势降低，而且降低的速度最快，所以D正确；
综上所述本题答案是：
D
2.下列电学量的表达式中属于比值定义的是
A.
B.
C.
D.
【答案】B
【解析】点电荷的电场强度与点电荷所带的电荷量成正比，与距离的平方成反比，则
不是比值定义法；当通电导体与磁场垂直时，磁感应强度等于导体所受安培力与导体长度和电流乘积的比值，
属于比值定义法．导体中的电流与两端电压成正比，与电阻成反比，则
不是比值定义法；电容器的电容与相对面积以及介电常数成正比，与两板距离成反比，则
不是比值定义法；故选B.
3.一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变，仅将放在两极板间的一电介质拔出，其电容C和两极板间的电势差U的变化情况是
A.C和U均增大B.C和U均减小C.C减小，U增大D.C增大，U减小
【答案】C
【解析】根据
可知在其他条件不变的情况下在两极板间插入一电介质，则增大，所以电容C增大，根据
可知U减小，D正确．
4.如图所示为某一点电荷Q产生的电场中的一条电场线，A、B为电场线上的两点，当电子仅在电场力作用下以某一初速度沿电场线由A运动到B的过程中，动能减小，则
A.场强大小EA>EBB.电势φA<φB
C.电场线方向由B指向AD.若Q为负电荷，则Q在B点右侧
【答案】D
【解析】电子沿电场线由A运动到B的过程中，动能减小，则电场力做负功，电场力的方向从B到A，电子带负电，则知电场线的方向从A到B，故C错误；不知电场线的疏密，故无法知道电场的强弱，故A错误；顺着电场线电势降低，则电势φA>φB，选项B错误；若Q为负电荷，所以Q在B点右侧，故D正确．故选D.
点睛：
解决本题的关键根据电子的运动方向判断出电场的方向．以及知道电场力做功与电势能的变化关系，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增大．
5.如图所示，三根通电长直导线P、Q、R垂直纸面放置在正三角形的三个顶点上，它们均通有垂直纸面向里的电流，电流大小均相等，则此时R导线所受磁场力方向为
A.沿x轴正向B.沿x轴负向
C.沿y轴正向D.沿y轴负向
【答案】D
6.如图所示，是一个小灯泡的电流强度随其两端电压变化的关系图，则根据小灯泡的伏安特性曲线可判定下列说法中正确的是
A.小灯泡的电阻随着所加电压的增加而减小
B.当小灯泡两端电压为1V时，其阻值为0.202
C.小灯泡灯丝的电阻率随着灯丝温度的升高而减小
D.如果把两个这种相同的灯泡串联后，接到电压恒为4V的电源上，则流过每个小灯泡的电流为0.3A
【答案】D
【解析】由图可知，图中电流随电压的增大而增大，每一点的斜率表示该点电阻的倒数，故可知小灯泡的电阻随电压的增大而增大，电阻率随着灯丝温度的升高而增大，故AC错误；当小灯泡两端电压为1V时，电流为0.2A，则其阻值为
，选项B错误；若把两个相同的灯泡串联，接到电压恒为4V的电源上，则每个灯泡两端的电压为2V，由图可知对应的电流为0.3A，故D正确；故选D．
7.将三个质量相等的带电微粒分别以相同的水平速度由P点射人水平放置的平行金属板间，已知上板带正电，下板接地，三个微粒分别落在图中A、B、C三点，不计其重力作用，则
A.三个微粒所带电荷量相同
B.三个微粒在电场中运动时间相等
C.三个微粒所受电场力的大小关系是FAD.三个微粒到达下板时的动能关系是EkA【答案】CD
【解析】带电微粒进入垂直电场方向进入电场后均做类平抛运动，可沿水平方向建立x轴，竖直方向建立y轴，则有题意有：
A、B、C三个微粒在水平方向位移有：
xA＞xB＞xC，在竖直方向位移有：
yA=yB=yC;因为微粒在水平方向做匀速直线运动，故满足x=v0t得运动时间有t=
∵xA＞xB＞xC∴tA＞tB＞tC，所以B错误．∵微粒在y轴方向做初速度为0的匀加速直线运动，有y＝
at2得：
a=
又∵yA=yB=yC，tA＞tB＞tC∴aA＜aB＜aC∵微粒在电场中受电场力产生加速度，则由牛顿第二定律有：
F=ma∴有FA＜FB＜FC，所以C正确；在电场中有F=qE=q
得到qA＜qB＜qC，所以A错误；又因为微粒在电场中电场力对微粒做的功等于微粒动能的变化，由于微粒初动能相同，则可以比较电场力做功确定微粒末动能的大小,由于FA＜FB＜FC，yA=yB=yC；所以有电场力做功WC＞WB＞WA；据W=Ek-Ek0由于初动能相同所以有三个微粒到达下板时的动能关系是EkC＞EkB＞EkA故D正确．故选CD．
点睛：
处理类平抛问题的关键是利用运动的分解，将曲线运动分解成两个方向上的直线运动，利用等时性处理即可．
8.回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是
A.增大电场的加速电压，其他保持不变
B.增大磁场的磁感应强度，其他保持不变
C.减小狭缝间的距离，其他保持不变
D.增大D形金属盒的半径，其他保持不变
【答案】BD
【解析】试题分析：
回旋加速器利用电场加速和磁场偏转来加速粒子，根据洛伦兹力提供向心力求出粒子射出时的速度，从而得出动能的表达式，看动能与什么因素有关．
解：
根据qvB=
，解得v=
，则最大动能
，知最大动能与加速电压无关，与狭缝间的距离无关．与磁感应强度以及D形盒的半径有关．故B、D正确，A、C错误．
故选BD．
【点评】解决本题的关键知道回旋加速器电场和磁场的作用，知道粒子的最大动能与加速的电压无关，与磁感应强度大小和D形盒的半径有关．
9.如图所示电路中，电源电动势为E，电源内阻为r，R1、R2、R3均为定值电阻，平行板电容器中带电粒子P现处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则
A.电流表读数增大
B.电压表读数增大
C.粒子P将向下运动
D.R3上消耗的功率保持不变
【答案】AC
【解析】粒子原来处于平衡状态，重力和静电力平衡；滑片向b端移动，电阻R4变小，电路总电阻变小，总电流变大，内电阻和R1两端的电压变大，并联电路两端的电压变小，电容器两端的电压变小，电场力变小，带电粒子P将向下运动，故C正确；电容器两端电压为：
U=E-I（r+R1），故电容器两端电压变小，定值电阻R3的电流变小，电流表读数I＝I总−IR3，所以电流表的读数变大，电阻R2两端的电压变大，而并联电路的电压减小，所以R4两端的电压变小，电压表的读数变小，故A正确，B错误；由R3两端的电压减小，
，所以电阻R3消耗的功率逐渐减小，故D错误．故选AC．
点睛：
本题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化．
10.如图所示，0、B、A为一粗糙绝缘水平面上的三点，一电荷量为-Q的点电荷固定在0点，现有一质量为m，电荷量为+q的小金属块（可视为质点），从A点以初速度
沿它们的连线向固定点电荷运动，到B点时速度最小，其大小为v.已知小金属块与水平面间的动摩擦因数为μ，AB间距离为L、静电力常量为k，则
A.OB间的距离为
B.小金属块由A向0运动的过程中，加速度先减小后增大
C.小金属块由A向0运动的过程中，电势能先增大后减小
D.在点电荷-Q形成的电场中，A、B两点间的电势差
【答案】AB
【解析】由题意知，A到B过程，金属块做减速运动，B到O过程做加速运动，在B点金属块所受的滑动摩擦力与库仑力平衡，则有μmg=k
，得r=
．故A正确．A到B过程，库仑力小于滑动摩擦力，库仑力增大，合力减小，加速度减小；B到O过程，库仑力大于滑动摩擦力，库仑力增大，合力增大，加速度增大；故B正确．小金属块由A点向O点运动的过程中，电场力一直做正功，电势能一直减小．故C错误．滑块从A到B过程，由动能定理得：
qUAB-μmgL=
mv2-
mv02，得UAB=
．故D错误．故选AB.
点睛：
本题的突破口是“B点速度最小”，分析金属块的运动情况，来分析其受力情况，由牛顿第二定律分析加速度的变化情况，根据动能定理求解电势差．
二、实验题
11.有一只满偏电流Ig=1mA，内阻Rg=30Ω的电流表G。
若把它改装成量程为0.6A的电流表，应_____联一个______Ω的分流电阻（保留两位小数）；若把它改装成量程为3V的电压表，应_______联个_______Ω的分压电阻。
【答案】
（1）.并，
（2）.0.05Ω（3）.串，（4）.2970Ω
【解析】如把它改装成量程为0.6A的电流表要并联分流电阻：
如把它改装成量程为3V的电压表要串联电阻分压：
点睛：
把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，把电流表改装成大量程电流表，需要并联分流电阻，根据串并联电路特点与欧姆定律求出电阻阻值.
12.某同学要测量一均勻新材料制成的圆柱形导体的电阻。
步骤如下：
（1）用游标卡尺和螺旋测微器测量其长度和直径如下图所示，由图可知其长度为______mm.直径为________mm；
（2）用多用电表的电阻“×100”挡，按正确的操作步骤测其电阻，发现指针偏角过大，他应先将倍率调为___（填“×10”或“×1000”），紧接着的操作步骤是_____________，正确操作后，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为_________Ω；
（3）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：
待测圆柱体电阻R；
电流表A1（量程1mA，内阻约50Ω）；
电流表A2（量程20mA，内阻约10Ω）；
电压表V1（量程3V，内阻约10kΩ）；
电压表V2（量程I5V，内阻约25kΩ）；
直流电源E（电动势4V，内阻不计）；
滑动变阻器R1（最大阻值15Ω，允许通过的最大电流2.0A）；
滑动变阻器R2（最大阻值50kΩ，允许通过的最大电流0.5A）；
开关S、导线若干
为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，则电流表应该选择______，电压表应该选择______，滑动变阻器应该选择______；
（4）该同学用伏安法测该电阻的实验误差主要来源于_______（填“电流”或“电压”）；表的读数与被测电阻的真实值不同，导致被测电阻R测_______R真（选填“>”“=”或“<”），该误差属于_______（选填“系统”“偶然”）误差。
【答案】
（1）.
（1）50.15
（2）.4
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