学年吉林省吉林一中高二下学期期末考试物理解析版.docx
《学年吉林省吉林一中高二下学期期末考试物理解析版.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《学年吉林省吉林一中高二下学期期末考试物理解析版.docx（22页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。
学年吉林省吉林一中高二下学期期末考试物理解析版
2015-2016学年吉林省吉林一中高二下学期期末考试
1．如图所示，坐标原点O都表示一个半径为R的带正电的实心球的球心位置；纵坐标表示带电球产生的电场的场强或电势的大小，电势的零点取在无限远处；横坐标r表示离开球心的距离．坐标平面上的曲线表示该带电体所产生的电场的场强大小或电势大小随距离变化关系．则下列说法中正确的是（）
A．图a表示场强，图b表示电势
B．图b表示场强，图c表示电势
C．图c表示场强，图d表示电势
D．图d表示场强，图a表示电势
2．如图，实验室一台手摇交流发电机，内阻r=1．0Ω，外接R=9．0Ω的电阻。
闭合开关S，当发动机转子以某一转速匀速转动时，产生的电动势e=
（V），则（）
A．该交变电流的频率为10Hz
B．该电动势的有效值为
V
C．外接电阻R所消耗的电功率为10W
D．电路中理想交流电流表
的示数为1．0A
3．下列关于磁感线说法正确的是（）
A．磁感线可以形象的描述磁场的强弱与方向
B．沿磁感线方向，磁场越来越弱
C．所有磁感线都不是闭合的
D．磁感线与电场线一样都能相交
4．、某品牌电动自行车的铭牌如下:
根据此铭牌中的有关数据，可知该车的额定时速约为（）．
A．15km／hB．18km／hC．20km／hD．5km／h
5．设想地磁场是由地球内部的环形电流形成的，那么这一环形电流的方向应该是（）
A．由东向西B．由西向东
C．由南向北D．由北向南
6．下述说法正确的是（）
A．公式
只适用于匀强电场
B．根据U=Ed可知，任意两点的电势差与这两点的距离成正比
C．匀强电场的电场方向总是跟电荷所受电场力的方向一致
D．匀强电场的电场强度等于沿电场方向每单位长度上的电势差
7．取两根完全相同的长导线，用其中一根绕成如图甲所示的螺线管，当该螺线管中通以电流强度为I的电流时，测得螺线管内中部的磁感应强度大小为B，若将另一根长导线对折后绕成如图乙所示的螺线管，并通以电流强度也为I的电流，则在该螺线管内中部的磁感应强度大小为（）
A．0B．0．5BC．BD．2B
8．在阴极射线管中电子流方向由左向右，其上方放置一根通有如图所示电流的直导线，导线与阴极射线管平行，则电子将（）
A．向上偏转B．向下偏转
C．向纸里偏转D．向纸外偏转
9．人类对物理规律的理解和认识常常是通过观察和比较物理现象得到的。
下列对现象的观察及由此得出的结论正确的是（）
A．弹簧的形变量越大，弹簧的弹力就越大，说明弹簧的劲度系数与弹簧的伸长量（或压缩量）以及弹力的大小有关
B．从相同高度同时作自由落体运动和平抛运动的两个小球同时落地，说明两个小球的运动都满足机械能守恒
C．试探电荷在电场中不同位置所受的静电力不同，说明电场强度与试探电荷所处的位置有关
D．把磁铁插入闭合线圈，插入的速度越快，感应电流越大，说明感应电动势的大小与磁通量变化的大小有关
10．对阻值不变的灯泡L1、L2、L3，L1和L2上标有“220V，100W”，
上标有“110V、100W”若三个灯不烧毁在图中路中消耗功率最大的接法是（）
11．如图1、2、3、4虚线是正点电荷形成电场中的等势线，相邻等势线的电势差大小均为10V，且令
。
某一带电量q＝0．1C的带电粒子，沿图中实线运动轨迹，先后通过A、B、C三点，经过A点时，带电粒子的动能EkA＝10J，则关于动能、电势能、电势，以及电场力做功，下列说法正确的是（）
A、EkB＝2J，WAB＝－8J，
B、EkC＝9J，WBC＝1J，
C、EkC＝1J，WAC＝1J，
D、从A到B电场力做正功，从B到C电场力做负功
12．在带电粒子穿过电场和磁场的过程中，电场和磁场对粒子所做的总功为W2，比较W1和W2，则（）
A．一定是W1＞W2
B．一定是W1=W2
C．一定是W1＜W2
D．可能是W1＜W2，也可能是W1＞W2
13．氧化锡传感器主要用于汽车尾气中一氧化碳浓度的检测，它的电导G（电阻的倒数）与一氧化碳浓度C的关系如图甲所示。
如果将氧化锡传感器接到如图乙所示的电路中，不同的一氧化碳浓度对应着传感器的不同电阻，这样，显示仪表（电压表）的指针就与一氧化碳浓度有了对应关系，观察仪表指针就能判断一氧化碳浓度是否超标。
下面表示电压表示数U0与一氧化碳浓度C之间的对应关系的图象正确的是（）
14．如图所示,在匀强电场中有一半径为R的圆O,场强方向与圆O所在平面平行,场强大小为E,电荷量为q的带正电微粒以相同的初动能沿着各个方向从A点进入圆形区域,只在电场力作用下运动,从圆周上不同点离开圆形区域,其中从C点离开圆形区域的带电微粒的动能最大,图中O是圆心,AB是圆的直径,AC是与AB成α角的弦,则（）
A．匀强电场的方向沿AC方向
B．匀强电场的方向沿CO方向
C．从A到C电场力做功为2qERcosα
D．从A到C电场力做功为2qERcos2α
15．如图电源的内阻不可忽略，已知定值电阻R1＝10Ω、R2＝8Ω，当电键S连接位置1时，电流表示数为0．20A，那么当S接位置2时，电流表的示数可能是（）
A．0．28AB．0．25A
C．0．22AD．0．19A
16．如图把一个不带电的与外界绝缘的导体两端分别设计上两个电键，当带正电小球靠近时，由于静电感应，在a、b端分别出现负、正电荷则以下说法正确的是（）
A．闭合K1，有电子从导体流向大地
B．闭合K2，有电子从导体流向大地
C．闭合K2，有电子从大地流向导体
D．闭合K1，没有电子通过
17．一个匝数为200匝，面积为20cm2的圆线圈，放在匀强磁场中，磁场的方向与线圈平面成30°角，磁感应强度在0．05s内由0．1T均匀增加到0．5T。
在此过程中，磁通量的变化量是Wb，线圈中感应电动势的大小为V。
18．一轻绳上端固定，下端连有一质量为m、带电量为q的小球，现加一水平方向的匀强电场，使小球平衡时轻绳与竖直方向成θ角，则此电场场强的大小为．
19．如图所示的电路中，电源由6个电动势ε0＝1．5Ｖ，内电阻ｒ０＝0．1Ω的相同电池串联而成，定值电阻Ｒ１＝4．4Ω、Ｒ２＝6Ω，Ｒ２允许消耗的最大电功率Ｐｍａｘ＝3．375Ｗ，Ｒ３是可变电阻，若Ｒ３＝12Ω时，电源的输出功率Ｐ＝________，若要使Ｒ２消耗功率达到最大电功率，则Ｒ３阻值应调至________Ω．
20．平行板电容器两板间电势差是100V，当板上电荷量增加10-8C时，板间某一点电荷所受电场力变为原来的1．5倍，那么这个电容器的电容是
21．如图，在真空中有两个等量的正电荷q1和q2，分别固定于A、B两点，DC为AB连线的中垂直线，C点在AB上，将一正电荷q3由无穷远处沿中垂直线移到C点的过程中，q3的电势能将（填“增大”、“减小”或“不变”），q3所受的电场力大小的变化是（填“增大”、“减小”或“不变”）。
22．如图所示，匀强磁场的磁感应强度为0．8T，矩形线圈abcd的边长为ab=10cm，bc=20cm，线圈平面与磁场平行．
（1）若以ab边为轴，线圈转过30°，这时穿过线圈的磁通量为_____，在这一过程中，磁通量的变化量为______．
（2）若以ad边为轴，线圈转过30°，这时穿过线圈的磁通量为_____，磁通量的变化量为_______．
23．如图所示，一个带电液滴带电量为q，质量为m，在两水平放置的场强为E的平行金属板之间静止。
这个液滴带_______电。
当两板间场强突然变为原来的1/2时，液滴则向_______运动，其加速度为________。
24．真空中，两点电荷原来带的电荷量分别为q1和q2，且相隔一定的距离．若现将q2电荷量增加为原来的3倍，再将两点电荷间的距离缩小为原来的一半，则前后两种情况下两点电荷之间的库仑力之比为_____．
25．测量“水果电池”的电动势和内电阻：
将一铜片和一锌片分别插入一只苹果内，就构成了简单的“水果电池”，其电动势约1．5V，可是这种电池并不能点亮额定电压为1．5V，额定电流为0．3A的手电筒上的小灯泡．原因是流过小灯泡的电流太小了，经实验测得还不足3mA．现用量程合适的电压表、电流表以及滑动变阻器、开关、导线等实验器材尽量精确地测定“水果电池”的电动势和内电阻．
（1）若给出的滑动变阻器有两种规格：
A（0～30Ω）B（0～30kΩ）．本实验中应该选用哪种规格的滑动变阻器？
答：
．
（2）在实验中根据电压表的示数U与电流表的示数I的值，经描点、连线得到U﹣I图象，如图所示，根据图中所给数据，则“水果电池”的电动势的内电阻分别为E=V；r=Ω．
26．如图所示，两平行光滑导轨相距为L=20cm，金属棒MN的质量为m=10g，电阻R=8Ω，匀强磁场磁感应强度B方向竖直向下，大小为B=0．8T，电源电动势为E=10V，内阻r=1Ω．当开关S闭合时，MN处于平衡，求变阻器R1的取值为多少?
（设θ=45°,g取10m/s2）
参考答案
1．B
【解析】
试题分析：
一个带正电的金属球内的电场强度为零，电势处处相等．从球外沿x轴方向无穷远处，由点电荷电场强度公式可知，电场强度渐渐变小．所以b可以表示场强随r的变化；根据沿电场的方向电势逐渐降低，知电势随x逐渐降低，电势与r图线的斜率表示电场强度的大小，知斜率先不变后减小．故c可以表示电势随r的变化．所以B正确．ACD错误．故选B．
考点：
电场强度；电势
名师点睛：
解决本题的关键知道点电荷周围电场线分布的特点以及知道沿电场线方向电势逐渐降低；金属球内的电场强度为零，电势处处相等。
2．D
【解析】
试题分析：
由发电机产生的感应电动势表达式e=
（V）可知，该交流电为正弦式交变电流，其感应电动势的瞬时值基本表达式为：
e=Emsinωt，由两式对照可知：
Em=
V，ω=10πrad/s，又由于ω=2πf，解得：
f＝5Hz，故选项A错误；根据正弦式交变电流有效值与峰值的关系可知，该电动势的有效值为：
E=
=10V，故选项B错误；理想交流电流表测量的是电路中总电流的有效值，根据闭合电路欧姆定律有：
I=
=1A，外接电阻R所消耗的功率为：
P=I2R=9W，故选项C错误，D正确。
考点：
交变电流
名师点睛：
本题综合考查了交变电流的有关知识、焦耳定律、闭合电路欧姆定律的应用问题，要知道正弦交流电的最大值等于有效值的
倍；计算电功和电功率时必须要用有效值计算；此题难度中等。
3．A
【解析】
试题分析：
磁感线可以形象的描述磁场的强弱与方向，疏密表示磁场的强弱，切线方向表示磁场的方向．故A正确．沿磁感线方向，磁感线的疏密不确定，磁场不一定越来越弱．故B错误．所有磁感线都是闭合的曲线．故C错误．磁感线与电场线一样都不能相交，否则相交处场的方向有两个，而场一旦产生后，某点的方向是唯一的．故D错误;故选A．
考点：
磁感线
名师点睛：
此题考查了磁感线的性质，要知道磁场的强弱可以利用磁感线的疏密程度来描述．磁场越强，磁感线越密集；磁感线是闭合的，不相交的曲线；记住相关的基础知识，对于解决此类识记性的题目非常方便。
4．C
【解析】
试题分析：
由P=UI可得，电动车的额定功率P=UI=36×5=180W；
而汽车的额定时速等于车轮的线速度，则电动车的时速为：
；故选C．
考点：
功率
名师点睛：
本题考查电动车的功率公式及匀速圆周运动的规律，由P=UI可求得电动车的额定功率；由匀速圆周运动规律可求得电动车的额定时速；属基础问题。
5．A
【解析】
试题分析：
地磁的北极在地理的南极附近，由于地球绕地轴作自西向东旋转，故地球上所带电荷的运动形成了一个环形电流，根据安培定则可知右手的拇指指向南方，则弯曲的四指的方向则自东向西，故环形电流的方向应该由东向西，故A正确．
考点：
安培定则
名师点睛：
本题考查知识点为：
安培定则、地磁的北极在地理的南极附近，只要掌握了这些基础知识就能顺利解决此类题目。
6．D
【解析】
试题分析：
公式
是电场强度的定义式，采用的是比值定义法，适用于任何电场，故A错误．公式U=Ed只适用于匀强电场，由此式可知，匀强电场中两点间的电势差与这两点沿电场方向的距离成正比，故B错误．匀强电场的电场方向总是跟正电荷所受电场力的方向一致，而跟负电荷所受电场力的方向相反，故C错误．由公式E=U/d知，匀强电场的电场强度等于沿电场方向每单位长度上的电势差，故D正确．
考点：
电场强度
名师点睛：
此题是对电场强度公式的考查；注意公式
是电场强度的定义式，采用的是比值定义法，适用于任何电场；
只适应于匀强电场，要理解d的含义。
7．A
【解析】
试题分析：
乙为双绕线圈，两股导线产生的磁场相互抵消，管内磁感应强度为零，故A正确．
考点：
磁场的叠加
名师点睛：
本题比较简单，考查了通电螺线管周围的磁场，弄清两图中电流以及导线的绕法的异同即可正确解答本题。
8．B
【解析】
试题分析：
根据安培定则判断可知：
通电导线在阴极射线管处产生的磁场方向垂直纸面向里，电子带负电，向右运动，由左手定则判断得知电子流所受的洛伦兹力方向向下，所以阴极射线向下偏转．故B正确．故选B．
考点：
安培定则和左手定则
名师点睛：
本题关键要掌握两大定则：
安培定则和左手定则，要明确两个问题：
一是什么条件用什么定则，二是怎样用定则．
9．C
【解析】
试题分析：
相同的弹簧受到不同的拉力，拉力越大，弹簧的形变量越大，不能说明弹簧的劲度系数和拉力的大小有关，实质上弹簧的劲度系数由弹簧本身决定，与拉力无关，故A错误；从同一高度同时做自由落体运动和做平抛运动的相同小球能同时落地，只能这两个小球竖直方向的运动相同，都是自由落体运动，不能说明这两个小球的运动都满足机械能守恒，故B错误；试探电荷在电场中不同位置所受的静电力不同，说明电场强度与试探电荷所处的位置有关，故C正确；把一根条形磁铁插入闭合线圈，磁铁插入的速度越大，感应电流越大，说明感应电动势的大小和磁通量变化快慢的大小有关，而不能说明磁通量变化的大小有关，故D错误；故选C．
考点：
胡克定律；平抛运动；电磁感应；电场强度
名师点睛：
本题要有通过观察和比较物理现象，得出物理规律的能力，关键掌握各个现象的本质，依据相关的物理规律进行解答。
10．B
【解析】
试题分析：
要想
不烧坏，则并联电路两端的电压不能超过110V，根据公式
可得，
;要想
不烧坏，则电路干路中的电流不能超过
的额定电流，即
所以并联电路两端电压不能超过
所以可得
；要使灯泡不烧坏，则与不能超过
的额定电流，即
，故并联电路两端电压为220V，所以可得
；要使灯泡不烧坏，则电路干路中的电流不能超过
的额定电流，并且并联电路两端电压不能超过110V，所以可得
，故B中消耗的电功率最大，故选B．
考点：
功率
名师点睛：
本题关键明确串联电路最大电流取额定电流的最小值，并联电路的最大电压取额定电压的最小值；总功率等于各电阻消耗的功率之和，然后根据电功率表达式
，列式求解。
11．B
【解析】
试题分析：
相邻等势线的电势差大小均为10V，而沿电场线方向电势减小，所以
从A运动到B，电场力做负功，电势能增大，动能减小，而粒子在零电势上的电势能为零，所以为
所以B点动能为
；从B运动到C，电场力做正功，电势能减小，动能增大，
；从A运动到C过程中，电场力做负功，故
，故选B。
考点：
动能、电势能、电势以及电场力做功
名师点睛：
做本题需要注意电场力做功情况，先根据等势面判断电场线的方向，根据正电荷电场规律判断电场力做功情况。
12．A
【解析】
试题分析：
不论带电粒子带何种电荷，粒子穿过重叠场区时，电场力的方向与洛伦兹力的方向的夹角大于90°，所以带电粒子在电场中的偏转位移比重叠时的偏转位移大，所以不论粒子带何种电性，甲中带电粒子在电场中偏转位移一定大于乙中的偏转位移，而洛伦兹力对带电粒子不做功，只有电场力做功，所以一定是W1＞W2，故A正确．
考点：
带电粒子在电场及磁场中的运动
名师点睛：
本题时带电粒子在电场及磁场中的运动问题；解题的关键是分析两种情况下的偏转位移的大小，洛伦兹力对带电粒子不做功，难度适中。
13．C
【解析】
试题分析：
设传感器的电阻为R1，电源的电动势为E，内阻为r，由题意：
氧化锡传感器电导（即电阻的倒数）一CO浓度曲线，得到
，k是比例系数．又根据欧姆定律得，电压表示数
由数学知识分析，当C增大时，U0增大，C与U0是非线性关系，变化率越来越小，图象是曲线，而且是增函数，故C正确，ABD错误．故选C．
考点：
闭合电路的欧姆定律；传感器
名师点睛：
对于传感器，关键是理解其工作原理，本题首先要读懂题意，抓住电导与浓度的关系，列出表达式，其次利用欧姆定律研究电压表示数与浓度的关系。
14．D
【解析】
试题分析：
从C点离开的粒子动能最大,说明从A到C电场力做正功,A电势高于C,且AC两点间电势差最大,所以C是圆周上电势最低的点．匀强电场中的等势线是直线,圆上没有C的等势点,也就是过C点的等势线为圆上过C点的切线．由于电场线与等势线垂直,由电势高的点指向电势低的点,所以,电场方向沿OC方向,A、B错;电场力做功W＝qE·|AC|cosα＝qE·（2Rcosα）cosα＝2qERcos2α,C错D对,本题选D．
考点：
电场强度；电势及电势能
名师点睛：
本题关键抓住C点是沿电场强度方向离A点最远，从电场力做功公式W=qEd，判断出电场线的方向，并运用这个公式求解电场力做功，要理解这个公式中d是两点沿电场线方向的距离。
15．C
【解析】
试题分析：
当电键S接位置1时，电流表的示数为0．20A，则根据欧姆定律得知：
路端电压U1=I1R1=10×0．2V=2V；电键S接2后，电路的总电阻减小，总电流一定增大，所以电流不可能是0．19A，电源的路端电压一定减小；原来路端电压为2V，所以电键S接2后路端电压低于2V，因此电流一定小于0．25A，故只能选C．
考点：
闭合电路欧姆定律
名师点睛：
本题要根据闭合电路欧姆定律分析路端电压与外电阻的关系，同时分析总电流与外电路总电阻的关系，可确定出电流表示数的范围进行选择。
16．C
【解析】
试题分析：
K1、K2闭合前，由于静电感应和电荷守恒定律，a、b出现等量异种电荷，当闭合任何一个电键以后，整个导体与大地连接都是电子从大地被吸引过来，故C正确．
考点：
静电感应
名师点睛：
本题考查电荷的转移，有一定的难度，关键知道由于异种电荷相互吸引，大地的负电荷（自由电子）会转移到导体上．
17．4×10-4Wb；1．6V
【解析】
试题分析：
圆线圈在匀强磁场中，现让磁感强度在0．05s内由0．1T均匀地增加到0．5T．所以穿过线圈的磁通量变化量是：
△∅=∅2-∅1=（B2-B1）S•sin30°=4×10-4Wb
而磁通量变化率为：
则线圈中感应电动势大小为：
；
考点：
法拉第电磁感应定律
名师点睛：
感应电动势的大小与磁通量的变化率有关，而与磁通量变化及磁通量没有关系．由
求出则是平均感应电动势，而瞬时感应电动势则由E=BLV，式中L是有效长度，V是切割磁感线的速度。
18．mgtanθ/q
【解析】
试题分析：
分析小球的受力情况：
小球在电场中受到重力、水平向右的静电力F和细线的拉力F1．作出力图，如图．
根据平衡条件得静电力为：
F=mgtanθ
场强的大小为：
．
考点：
物体的平衡
名师点睛：
本题是电场中物体的平衡问题，按照力学的方法和思路，把电场力当作一般的力处理，问题就变得容易。
19．8．4Ｗ；30
【解析】
试题分析：
（1）外电路总电阻为
则通过电池的电流为
电源的输出功率为P出=I2R=8．4W
（2）由
，得R2的最大电压Um=4．5V，最大电流为
．
电路中的此时电流为
，通过R3的电流为I3=I-Im=0．15A
则R3的阻值为
．
考点：
闭合电路的欧姆定律
名师点睛：
本题考查了闭合电路的欧姆定律的应用；第2问是电路变化动态分析与计算的结合，要分析出当R3的阻值变化与R2允许消耗的功率关系。
20．2×10-10F
【解析】
试题分析：
设原来电量为Q，电压为U；两板间距离为d；
电荷受力
；
后来电量Q′=Q+1×10-8C；
则
；
因
；
联立解得：
C=2×10-10F；
考点：
电容器；电场强度
名师点睛：
本题考查电容器的定义式及U=Ed的应用，本题中因中间量较多，故应采用方程法求解。
此题难度不大．
21．增大；先增大后减小
【解析】
试题分析：
由题，q1、q2是两个等量的正电荷，根据中垂线CD上电场线，根据顺着电场线电势降低，可知由C点沿CD移至无穷远的过程中，电势不断降低．正电荷q3由C点沿DC由无穷远移至C点的过程中，电势不断升高，电场力做负功，其电势能不断增大；q1、q2是两个等量的正电荷，根据电场的叠加可知，C点的场强为零，而无穷远处场强也为零，所以由无穷远至C点的过程中，场强先增大，后减小，q3受到的电场力先逐渐增大，后逐渐减小．
考点：
等量同种电荷的电场
名师点睛：
对于等量同种和等量异种电荷电场线、等势面的分布情况要掌握，这是考试的热点．特别是抓住电荷连线的中垂线电场线与等势面的特点。
22．
（1）8×10-3Wb;8×10-3Wb
（2）0;0
【解析】
试题分析：
（1）Φ=BSsin30°=0．8×0．1×0．2×
Wb=8×10-3Wb
ΔΦ=Φ2-Φ1=（8×10-3-0）Wb=8×10-3Wb．
（2）以ad边为轴转过30°的过程中，穿过线圈的磁通量始终为零．
考点：
磁通量
名师点睛：
此题是对磁通量及磁通量的变化的求解的考查，记住求解磁通量的公式Φ=BSsinθ，并且要理解θ的物理意义．
23．负；下；0．5g
【解析】
试题分析：
液滴在电场中静止，处于平衡状态，根据受力分析可知受到向上的电场力，故液滴带负电；
由此可知：
mg=qE；若场强变为原来的
，由F=qE可知电场力变为原来的
，故合力为F合＝mg−F′电＝
mg，加速度为
，向下做匀加速运动；
考点：
物体的平衡；牛顿第二定律的应用
名师点睛：
本题考查电荷在电场中受力平衡与加速两种情况，掌握平衡方程与牛顿第二定律的应用．注意正电荷的电场力与电场强度方向相同。
24．1:
12
【解析】
试题分析：
由库仑定律的可得原来它们之间的库仑力为：
，变化之后它们之间的库仑力为：
故：
考点：
库仑定律
名师点睛：
本题是对库仑定律的直接的应用，掌握住公式为
即可，还要注意，运用库伦定律的公式计算库仑力时不需要代入符合，直接代入各量的绝对值。
25．
（1）B；
（2）1．50；500Ω．
【解析】
试题分析：
（1）电源的内阻大约
，若选用0～30Ω的滑动变阻器，移动滑片，电流基本不变，因此滑动变阻器应选B：
R2（阻值0～3kΩ）．
（2）由图示电源U﹣I图线可知，图象与纵轴截距为1．50，则电源电动势：
E=1．50V；电池内阻：
；
考点：
测定电源的电动势和内阻．
名师点睛：
此题考查了测定电源的电动势和内阻的试验；关键是搞清试验的原理及处理数据的方法，知道实验误差的来源，会从U﹣I图线中获取电源的电动势和内电阻。
26．7Ω．
【解析】
试题分析：
根据左手定则确定安培力方向，再作出金属棒平衡时的受力平面图．
当MN处于平衡时，根据平衡条件有：
mgsinθ-BI
升级会员 