C．EA=EBD．无法确定
18．下列器件，利用电流的热效应工作的是（）
A．变压器B．验钞机C．电容器D．电热水壶
19．下列各图中，已标出电流及电流磁场的方向，其中正确的是（）
A．
B．
C．
D．
20．如图所示，是一个按正弦规律变化的交变电流的图象，则该交变电流的周期和电流的有效值分别是（）
A．0.2s，5AB．0.2s，5
A
C．0.1s，5AD．0.1s，5
A
21．如图所示，O是一个放置在绝缘支架上的带电小球，P是用绝缘丝线悬挂的另一带电小球。
由于它们之间存在相互作用，P静止时悬线与竖直方向成一夹角：
现将带电小球O向右移动少许，使O、P间距离减小，当小球P再次静止时，与原来状态比较，悬线与竖直方向的夹角（）
A．增大B．减小C．没有变化D．如何变化不能确定
22．如图所示，实线为描述某静电场的电场线，M、N为该电场中的两点，下列说法正确的是________
A．M点电场强度大于N点电场强度
B．M点电场强度等于N点电场强度
C．M点电势高于N点电势
D．M点电势等于N点电势
23．某段通有恒定电流的直导线，置于某一匀强磁场中，关于该导线所受安培力的说法，正确的是_____。
A．当导线与磁场方向平行时，导线所受的安培力最大
B．当导线与磁场方向垂直时，导线所受的安培力最大
C．安培力的方向平行于导线方向
D．安培力的方向平行于磁场方向
24．如图所示，带电粒子（不计重力）以速度v沿垂直于磁场的方向进入一匀强磁场，在磁场中做匀速圆周运动。
设粒子做匀速圆周运动的轨道半径为R，周期为T。
如果仅增大粒子的入射速度v，下列说法正确的是_________。
A．R增大B．R减小C．T增大D．T减小
二、填空题
25．如图所示，A、B为两颗在不同的轨道上绕地球做匀速圆周运的卫星，A的轨道半径大于B的轨道半径，用vA、vB分别表示A、B两颗卫星的线速度大小，用TA、TB分别表示A、B两颗卫星的周期，则vA_______vB，TA_________TB。
26．放在光滑水平面上的物体，受到大小为2N的水平恒力作用，在2s内沿力的方向前进3m，则在此过程中，这个力对物体所做的功为_______J。
这个力对物体做功的平均功率为________W
27．从某一高度将石子以1m/s的初速度沿水平方向抛出，经2s石子落至水平地面。
忽略空气阻力，重力加速度g=10m/s2，则石子在运动过程中下落的高度为_____m，石子在运动过程中的水平位移为______m。
28．在输送一定功率的电能时，为减少输电导线因发热而损失的电能，有效的方法是______（填“提高”成“降低”）送电的电压：
若变压器副线圈两端的电压大于原线圈两端的电压，则副线圈的匝数_______（填“大于”“小于“或“等于”）原线圈的匝数。
29．如图所示的电路中，当开关K闭合时，灯泡L正常发光，现断开开关K，闭合电路的总电阻将_____（填“增大”“减小”或“不变”），灯泡L的亮度将______（填“变亮”“变暗”或“不变”）
三、实验题
30．用打点计时器研究自由落体运动时，在纸带下端固定重物，纸带穿过打点计时器，接通电源后将纸带由静止释放，图为打出的纸带的一部分，纸带上相邻两点间的时间间隔为0.02s，则在实验时，重物固定在图示纸带的____（填“左”或“右”）端，打B点时纸带的速度大小为____m/s。
四、解答题
31．质量m=2kg的物体在光滑水平地面上以v0=4m/s的速度做匀速直线运动，某时刻起受到一个与运动方向相同的水平恒力F作用，经历时间t=2s，速度变为v=10m/s，求：
物体在此2s时间内，
（1）加速度a的大小；
（2）发生的位移x的大小；
（3）所受恒力F的大小，
32．如图所示，质量m=0.2kg的皮球（视为质点），从A点被踢出后沿曲线ABC运动，A、C在同一水平地面上，最高点B距地面的高度h=20m，皮球在B点时的速度v=30m/s，重力加速度g=10m/s2，取皮球在地面的重力势能为0。
不计空气阻力，求：
（1）皮球由B运动到C的过程中重力对皮球所做的功W；
（2）皮球在B点的机械能E；
（3）皮球在A点被踢出时速度v0的大小。
33．如图所示，赤道上的地磁场可视为由南向北的水平匀强磁场，磁感应强度B=0.50×10－4T。
赤道上有一根沿东西方向放置的直导线，长L=2.0m，通有方向由东向西、大小I=10A的电流。
（1）判断导线所受安培力方向是竖直向上还是竖直向下；
（2）求导线所受安培力F的大小；
（3）如果将上述通电导线沿南北方向放置，则导线所受安培力大小为多少?
34．如图所示，P、Q为两块带等量异种电荷的平行金属板，板长L=8×10－3m，板间匀强电场的方向垂直极板由P指向Q，场强大小E=4×104N/C。
有一带正电且电量q=1×10－8C，质量m=1×10－10kg的微粒（不计重力），从P板边缘以平行极板的速度v=8×102m/s射入电场，并能从电场的右侧飞出。
①求微粒所受的电场力F的大小；
②求微粒在电场中的运动时间t；
③如果微粒恰好能从Q板边缘飞出，求两板间的距离d。
参考答案
1．C
【详解】
速度既有大小又有方向是矢量；而时间、路程和动能只有大小无方向，是标量；故选C.
2．B
【详解】
A．小时，不属于国际单位制中的基本单位，选项A错误；
B．秒，属于国际单位制中的基本单位，选项B正确；
C．米/秒，不属于国际单位制中的基本单位，选项C错误；
D．米/秒2，不属于国际单位制中的基本单位，选项D错误；
故选B.
3．A
【详解】
忽略物体的大小和形状，将物视为质点，所运用的科学方法是理想模型法；
A．理想模型法，与结论相符，选项A正确；
B．等效替代法，与结论不相符，选项B错误；
C．控制变量法，与结论不相符，选项C错误；
D．微元法，与结论不相符，选项D错误；
故选A.
4．C
【解析】
【详解】
A、电饭煲、电熨斗都是将电能转化为内能，故选项AB错误；
C、手摇发电机是将机械能转化为电能，故选项C正确；
D、电吹风是将电能转化为风能，故选项D错误．
5．D
【详解】
AB．小明看到路旁的树在向北运动，则他选择的参考系是运动的公交车，选项AB错误；
CD．小明以公交车为参考系，看到路旁的树在向北运动，则公交车在向南运动，选项D正确，C错误；
故选D.
6．B
【详解】
运动员从P点出发，沿直线PQ运动到Q点，然后原路返回到P点，则位移为零，路程为2×25m=50m；
A．50m，0，与结论不相符，选项A错误；
B．0，50m，与结论相符，选项B正确；
C．50m，50m，与结论不相符，选项C错误；
D．50m，25m，与结论不相符，选项D错误；
故选B.
7．B
【解析】
【详解】
由图看出，两个质点的速度一直为正，说明两质点均沿正方向运动，运动方向相同，故A错误．根据图象的斜率表示加速度，可知两质点运动的加速度方向相反，故B正确．在t1时刻，两图象相交，说明两质点的速度相同，故C错误．由“面积”表示位移，知在0-t1时间内，P质点的位移大于Q质点的位移，故D错误．
故选B.
8．D
【详解】
物体处于静止状态，则所受的合力为零；
A．10N，与结论不相符，选项A错误；
B．7N，与结论不相符，选项B错误；
C．3N，与结论不相符，选项C错误；
D．0，与结论相符，选项D正确；
故选D.
9．C
【解析】
【详解】
牛顿提出了万有引力定律，由于没有测出引力常量，英国物理学家卡文迪许利用扭秤实验测出了引力常量的大小，故C正确．
10．C
【详解】
A．小球在下落过程中，重力方向和位移方向相同，则重力对小球做正功，选项A错误；
B．重力对小球做正功，则小球的重力势能减小，选项B错误；
CD．重力对小球做正功，小球的动能增大，选项C正确，D错误；
故选C.
11．D
【详解】
地面附近物体一定受重力，故小球一定受重力；细绳拉紧，说明细绳对小球有拉力，且拉力方向沿绳子方向向上；假设小球不受斜面的弹力，则小球不可能处于平衡状态，故小球一定受斜面的弹力；故小球受重力、绳的拉力以及斜面上的弹力作用，故D正确，ABC错误．
12．A
【解析】
【详解】
国际单位制中的单位
、N、A对应的物理量分别是速度、力、电流，故选项A正确．
13．D
【解析】
【详解】
A、惯性是物体的固有属性，质量是惯性大小的唯一量度，质量越大，惯性越大，故选项AB错误；
C、任何物体都有惯性，故选项C错误、D正确．
14．B
【详解】
AB．因为A、B两点同轴转动，则角速度相同，即ωA=ωB，选项A错误，B正确；
CD．根据v=ωr，因为rA故选B.
15．C
【解析】
【详解】
A、平衡状态时，物体可能处于静止状态或匀速直线运动状态，但合力肯定为零，故选项C正确，A、B错误；
D、匀速圆周运动合外力始终指向圆心，不为零，故选项D错误．
【点睛】
物体在两个或两个以上力的作用时，保持静止或匀速直线运动状态，这几个就是平衡力，平衡状态：
静止状态或匀速直线运动状态，处于平衡状态的物体受平衡力的作用．
16．C
【解析】
【详解】
A、研究运动员跳水的动作难度，要看运动员的动作，不能看成质点，所以A错误；
B、研究运动员登山时手脚的受力情况，要看手脚的受力情况，不能看成质点，所以B错误；
C、研究运动员在万米跑过程中的时间，运动员的大小和形状能忽略，运动员可以看成质点，故C正确；
D、研究运动员做花样滑冰旋转的速度，要看运动员的动作，不能看成质点，所以D错误．
17．C
【详解】
由图中电场线的分布可知，该电场为匀强电场，各点场强都相等；
A．EA>EB，与结论不相符，选项A错误；
B．EAC．EA=EB，与结论相符，选项C正确；
D．无法确定，与结论不相符，选项D错误；
故选C.
18．D
【详解】
利用电流的热效应工作的是纯电阻电路；
ABC．变压器、验钞机、电容器都不是电阻，不发热，则都不是利用电流的热效应工作，选项ABC错误；
D．电热水壶是纯电阻电路，利用电流的热效应工作，选项D正确；
故选D.
19．D
【详解】
A、直线电流的方向竖直向上，根据安培定则知，直线电流右边的磁场方向垂直纸面向里，左边磁场方向垂直纸面向外．故A错误．
B、线框的电流方向向上，根据安培定则知，从上往下看，磁场的方向逆时针方向．故B错误．
C、根据安培定则，螺线管内部的磁场方向向右．故C错误．
D、由于电流的方向逆时针方向（从上向下），根据安培定则知，磁场方向应该是向上．故D正确．
故选D．
20．A
【详解】
根据正弦式电流的图象知，周期T=0.2s，电流的最大值为Im=5
A，有效值为
．
A．0.2s，5A，与结论相符，选项A正确；
B．0.2s，5
A，与结论不相符，选项B错误；
C．0.1s，5A，与结论不相符，选项C错误；
D．0.1s，5
A，与结论不相符，选项D错误；
故选A.
21．A
【详解】
保持两个带电体的电荷量Q、q不变，根据库仑定律公式
可知，使O、P间距离减小，库仑力变大；设偏角为θ，根据平衡条件可得
F=mgtanθ
F变大，则θ变大，故选A。
22．C
【详解】
AB．电场线密的地方电场的强度大，所以N点场强一定大于M点场强，故AB错误；
CD．根据沿电场线方向电势降低可知：
M点电势一定比N点电势高，故C正确，D错误；
故选C。
23．B
【详解】
A．通电直导线与磁场方向平行时，通电直导线所受安培力为零，最小，故A错误；
B．当导线与磁场方向垂直时，根据安培力的计算公式F=BILsinθ可得，θ=90°，此时导线所受的安培力最大，故B正确；
CD．根据左手定则可知，安培力的方向垂直与磁场和通电导线构成的平面，即安培力的方向与磁场方向垂直，同时又与电流方向垂直，故CD错误。
故选B。
24．A
【详解】
AB．粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，则有：
解得：
；
故增大粒子的入射的速度时，半径R增大；故A正确，B错误。
CD．根据
可知
故周期和速度无关，增大入射速度时，周期不变，故CD错误。
故选A。
25．小于大于
【详解】
[1][2]根据
可得
因为rA大于rB，则vA小于vB，TA大于TB。
26．63
【详解】
[1]．力对物体所做的功为
[2]．这个力对物体做动的平均功率为
．
27．202
【详解】
[1]．石子在竖直方向做自由落体运动，则运动过程中下落的高度为
；
[2]．石子水平方向做匀速运动，则在运动过程中的水平位移为
。
28．提高大于
【详解】
[1]．根据P损=I2R，要减少输电导线因发热而损失的电能，在R不变的情况下，需要减小线路上的电流，输入功率一定，根据P=UI，可以升高输送电的电压来解决问题；
[2]．根据
，电压和线圈匝数成正比，若变压器副线圈两端的电压大于原线圈两端的电压，则副线圈的匝数大于原线圈的匝数。
29．增大变暗
【详解】
[1]．闭合开关时电路中的总电阻为
断开开关电路中的总电阻为
R′=r+RL+R1
所以断开开关后电路中的总电阻增大；
[2]．断开开关电路的总电阻变大，根据欧姆定律
知，电路中的总电流变小，所以灯泡变暗；
30．左0.96m/s
【详解】
[1][2]．由纸带上点迹分布可知，从左到右点间距逐渐变大，可知重物固定在图示纸带的左端；打B点时纸带的速度大小为
。
31．
（1）3m/s2
（2）14m（3）6N
【详解】
（1）加速度a的大小：
（2）发生的位移x的大小:
（3）根据牛顿第二定律，则所受恒力F的大小：
F=ma=2×3N=6N
32．
（1）40J
（2）130J（3）36m/s
【详解】
（1）皮球由B运动到C的过程中重力对皮球所做的功：
；
（2）皮球在B点的机械能：
（3）从A到B皮球的机械能守恒，则：
解得
33．
（1）竖直向下；
（2）10-3N；（3）零；
【详解】
（1）根据左手定则知：
导线所受安培力方向向下；
（2）根据公式F=BIL得，导线所受的安培力为：
F=0.5×10-4×2×10N=10-3N；
（3）当导线南北放置时，导线与磁场方向平行，此时导线所受安培力大小为零；
34．①4×10-4N/C．②1×10-5s.③2×10-4m
【详解】
①由F=qE得
F=4×10-4N/C
②粒子在水平方向做匀速运动，由L=vt得，
③粒子在竖直方向做匀加速运动，微粒的加速度
联立解得
d=2×10-4m。
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