山东省高考文科数学真题及问题详解.docx

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山东省高考文科数学真题及问题详解

2012年省高考数学试卷（文科）

一、选择题：

本大题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.

1．（5分）若复数z满足z（2﹣i）=11+7i（i为虚数单位），则z为（　　）

A．3+5iB．3﹣5iC．﹣3+5iD．﹣3﹣5i

2．（5分）已知全集U={0，1，2，3，4}，集合A={1，2，3}，B={2，4}，则（∁UA）∪B为（　　）

A．{1，2，4}B．{2，3，4}C．{0，2，3，4}D．{0，2，4}

3．（5分）函数f（x）=+的定义域为（　　）

A．[﹣2，0）∪（0，2]B．（﹣1，0）∪（0，2]C．[﹣2，2]D．（﹣1，2]

4．（5分）在某次测量中得到的A样本数据如下：

82，84，84，86，86，86，88，88，88，88．若B样本数据恰好是A样本数据都加2后所得数据，则A，B两样本的下列数字特征对应相同的是（　　）

A．众数B．平均数C．中位数D．标准差

5．（5分）设命题p：

函数y=sin2x的最小正周期为；命题q：

函数y=cosx的图象关于直线x=对称．则下列判断正确的是（　　）

A．p为真B．￢q为假C．p∧q为假D．p∨q为真

6．（5分）设变量x，y满足约束条件，则目标函数z=3x﹣y的取值围是（　　）

A．B．C．[﹣1，6]D．

7．（5分）执行如图的程序框图，如果输入a=4，那么输出的n的值为（　　）

A．5B．4C．3D．2

8．（5分）函数y=2sin（﹣）（0≤x≤9）的最大值与最小值之和为（　　）

A．2﹣B．0C．﹣1D．﹣1﹣

9．（5分）圆（x+2）2+y2=4与圆（x﹣2）2+（y﹣1）2=9的位置关系为（　　）

A．切B．相交C．外切D．相离

10．（5分）函数y=的图象大致为（　　）

A．B．C．D．

11．（5分）已知双曲线C1：

﹣=1（a＞0，b＞0）的离心率为2，若抛物线C2：

x2=2py（p＞0）的焦点到双曲线C1的涟近线的距离是2，则抛物线C2的方程是（　　）

A．B．x2=yC．x2=8yD．x2=16y

12．（5分）设函数，g（x）=﹣x2+bx．若y=f（x）的图象与y=g（x）的图象有且仅有两个不同的公共点A（x1，y1），B（x2，y2），则下列判断正确的是（　　）

A．x1+x2＞0，y1+y2＞0B．x1+x2＞0，y1+y2＜0

C．x1+x2＜0，y1+y2＞0D．x1+x2＜0，y1+y2＜0

二、填空题：

本大题共4小题，每小题4分，共16分.

13．（4分）如图，正方体ABCD﹣A1B1C1D1的棱长为1，E为线段B1C上的一点，则三棱锥A﹣DED1的体积为　　．

14．（4分）如图是根据部分城市某年6月份的平均气温（单位：

℃）数据得到的样本频率分布直方图，其中平均气温的围是[20.5，26.5]，样本数据的分组为[20.5，21.5），[21.5，22.5），[22.5，23.5），[23.5，24.5），[24.5，25.5），[25.5，26.5]．已知样本中平均气温低于22.5℃的城市个数为11，则样本中平均气温不低于25.5℃的城市个数为　　．

15．（4分）若函数f（x）=ax（a＞0，a≠1）在[﹣1，2]上的最大值为4，最小值为m，且函数在[0，+∞）上是增函数，则a=　　．

16．（4分）如图，在平面直角坐标系xOy中，一单位圆的圆心的初始位置在（0，1），此时圆上一点P的位置在（0，0），圆在x轴上沿正向滚动．当圆滚动到圆心位于（2，1）时，的坐标为　　．

三、解答题：

本大题共6小题，共74分.

17．（12分）在△ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，已知sinB（tanA+tanC）=tanAtanC．

（Ⅰ）求证：

a，b，c成等比数列；

（Ⅱ）若a=1，c=2，求△ABC的面积S．

18．（12分）袋中有五卡片，其中红色卡片三，标号分别为1，2，3；蓝色卡片两，标号分别为1，2．

（Ⅰ）从以上五卡片中任取两，求这两卡片颜色不同且标号之和小于4的概率；

（Ⅱ）现袋中再放入一标号为0的绿色卡片，从这六卡片中任取两，求这两卡片颜色不同且标号之和小于4的概率．

19．（12分）如图，几何体E﹣ABCD是四棱锥，△ABD为正三角形，CB=CD，EC⊥BD．

（Ⅰ）求证：

BE=DE；

（Ⅱ）若∠BCD=120°，M为线段AE的中点，求证：

DM∥平面BEC．

20．（12分）已知等差数列{an}的前5项和为105，且a10=2a5．

（Ⅰ）求数列{an}的通项公式；

（Ⅱ）对任意m∈N*，将数列{an}中不大于72m的项的个数记为bm．求数列{bm}的前m项和Sm．

21．（13分）如图，椭圆M：

+=1（a＞b＞0）的离心率为，直线x=±a和y=±b所围成的矩形ABCD的面积为8．

（Ⅰ）求椭圆M的标准方程；

（Ⅱ）设直线l：

y=x+m（m∈R）与椭圆M有两个不同的交点P，Q，l与矩形ABCD有两个不同的交点S，T．求的最大值及取得最大值时m的值．

22．（13分）已知函数为常数，e=2.71828…是自然对数的底数），曲线y=f（x）在点（1，f

（1））处的切线与x轴平行．

（Ⅰ）求k的值；

（Ⅱ）求f（x）的单调区间；

（Ⅲ）设g（x）=xf′（x），其中f′（x）为f（x）的导函数．证明：

对任意x＞0，g（x）＜1+e﹣2．

2012年省高考数学试卷（文科）

参考答案与试题解析

一、选择题：

本大题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.

1．（5分）（2012•）若复数z满足z（2﹣i）=11+7i（i为虚数单位），则z为（　　）

A．3+5iB．3﹣5iC．﹣3+5iD．﹣3﹣5i

【分析】等式两边同乘2+i，然后化简求出z即可．

【解答】解：

因为z（2﹣i）=11+7i（i为虚数单位），

所以z（2﹣i）（2+i）=（11+7i）（2+i），

即5z=15+25i，

z=3+5i．

故选A．

2．（5分）（2012•）已知全集U={0，1，2，3，4}，集合A={1，2，3}，B={2，4}，则（∁UA）∪B为（　　）

A．{1，2，4}B．{2，3，4}C．{0，2，3，4}D．{0，2，4}

【分析】由题意，集合∁UA={0，4}，从而求得（∁UA）∪B={0，2，4}．

【解答】解：

∵∁UA={0，4}，

∴（∁UA）∪B={0，2，4}；

故选D．

3．（5分）（2012•）函数f（x）=+的定义域为（　　）

A．[﹣2，0）∪（0，2]B．（﹣1，0）∪（0，2]C．[﹣2，2]D．（﹣1，2]

【分析】分式的分母不为0，对数的真数大于0，被开方数非负，解出函数的定义域．

【解答】解：

要使函数有意义，

必须：

，所以x∈（﹣1，0）∪（0，2]．

所以函数的定义域为：

（﹣1，0）∪（0，2]．

故选B．

4．（5分）（2012•）在某次测量中得到的A样本数据如下：

82，84，84，86，86，86，88，88，88，88．若B样本数据恰好是A样本数据都加2后所得数据，则A，B两样本的下列数字特征对应相同的是（　　）

A．众数B．平均数C．中位数D．标准差

【分析】利用众数、平均数、中位标准差的定义，分别求出，即可得出答案．

【解答】解：

A样本数据：

82，84，84，86，86，86，88，88，88，88．

B样本数据84，86，86，88，88，88，90，90，90，90

众数分别为88，90，不相等，A错．

平均数86，88不相等，B错．

中位数分别为86，88，不相等，C错

A样本方差S2=[（82﹣86）2+2×（84﹣86）2+3×（86﹣86）2+4×（88﹣86）2]=4，标准差S=2，

B样本方差S2=[（84﹣88）2+2×（86﹣88）2+3×（88﹣88）2+4×（90﹣88）2]=4，标准差S=2，D正确

故选D．

5．（5分）（2012•）设命题p：

函数y=sin2x的最小正周期为；命题q：

函数y=cosx的图象关于直线x=对称．则下列判断正确的是（　　）

A．p为真B．￢q为假C．p∧q为假D．p∨q为真

【分析】由题设条件可先判断出两个命题的真假，再根据复合命题真假的判断规则判断出选项中复合命题的真假即可得出正确选项．

【解答】解：

由于函数y=sin2x的最小正周期为π，故命题p是假命题；函数y=cosx的图象关于直线x=kπ对称，k∈Z，故q是假命题．结合复合命题的判断规则知：

￢q为真命题，p∧q为假命题，p∨q为是假命题．

故选C．

6．（5分）（2012•）设变量x，y满足约束条件，则目标函数z=3x﹣y的取值围是（　　）

A．B．C．[﹣1，6]D．

【分析】作出不等式组表示的平面区域；作出目标函数对应的直线；由目标函数中z的几何意义可求z的最大值与最小值，进而可求z的围

【解答】解：

作出不等式组表示的平面区域，如图所示

由z=3x﹣y可得y=3x﹣z，则﹣z为直线y=3x﹣z在y轴上的截距，截距越大，z越小

结合图形可知，当直线y=3x﹣z平移到B时，z最小，平移到C时z最大

由可得B（，3），

由可得C（2，0），zmax=6

∴

故选A

7．（5分）（2012•）执行如图的程序框图，如果输入a=4，那么输出的n的值为（　　）

A．5B．4C．3D．2

【分析】执行程序框图，依次写出每次循环得到的P，Q值，不满足条件P≤Q，程序终止即可得到结论．

【解答】解：

执行程序框图，有

n=0，0≤1，P=1，Q=3，n=1；

n=1，1≤3，P=1+4=5，Q=7，n=2；

n=2，5≤7，P=5+16=21，Q=15，n=3；

n=3，21≤15不成立，输出，n=3；

故选：

C

8．（5分）（2012•）函数y=2sin（﹣）（0≤x≤9）的最大值与最小值之和为（　　）

A．2﹣B．0C．﹣1D．﹣1﹣

【分析】通过x的围，求出的围，然后求出函数的最值．

【解答】解：

因为函数，

所以∈，

所以，

所以函数的最大值与最小值之和为．

故选A．

9．（5分）（2012•）圆（x+2）2+y2=4与圆（x﹣2）2+（y﹣1）2=9的位置关系为（　　）

A．切B．相交C．外切D．相离

【分析】求出两圆的圆心和半径，计算两圆的圆心距，将圆心距和两圆的半径之和或半径之差作对比，判断两圆的位置关系．

【解答】解：

圆（x+2）2+y2=4的圆心C1（﹣2，0），半径r=2．

圆（x﹣2）2+（y﹣1）2=9的圆心C2（2，1），半径R=3，

两圆的圆心距d==，

R+r=5，R﹣r=1，

R+r＞d＞R﹣r，

所以两圆相交，

故选B．

10．（5分）（2012•）函数y=的图象大致为（　　）

A．B．C．D．

【分析】由于函数y=为奇函数，其图象关于原点对称，可排除A，利用极限思想（如x→0+，y→+∞）可排除B，C，从而得到答案D．

【解答】解：

令y=f（x）=，

∵f（﹣x）==﹣=﹣f（x），

∴函数y=为奇函数，

∴其图象关于原点对称，可排除A；

又当x→0+，y→+∞，故可排除B；

当x→+∞，y→0，故可排除C；

而D均满足以上分析．

故选D．

11．（5分）（2012•）已知双曲线C1：

﹣=1（a＞0，b＞0）的离心率为2，若抛物线C2：

x2=2py（p＞0）的焦点到双曲线C1的涟近线的距离是2，则抛物线C2的方程是（　　）

A．B．x2=yC．x2=8yD．x2=16y

【分析】利用双曲线的离心率推出a，b的关系，求出抛物线的焦点坐标，通过点到直线的距离求出p，即可得到抛物线的方程．

【解答】解：

双曲线C1：

的离心率为2．

所以，即：

=4，所以；双曲线的渐近线方程为：

抛物线的焦点（0，）到双曲线C1的渐近线的距离为2，

所以2=，因为，所以p=8．

抛物线C2的方程为x2=16y．

故选D．

12．（5分）（2012•）设函数，g（x）=﹣x2+bx．若y=f（x）的图象与y=g（x）的图象有且仅有两个不同的公共点A（x1，y1），B（x2，y2），则下列判断正确的是（　　）

A．x1+x2＞0，y1+y2＞0B．x1+x2＞0，y1+y2＜0

C．x1+x2＜0，y1+y2＞0D．x1+x2＜0，y1+y2＜0

【分析】构造函数设F（x）=x3﹣bx2+1，则方程F（x）=0与f（x）=g（x）同解，可知其有且仅有两个不同零点x1，x2．利用函数与导数知识求解．

【解答】解：

设F（x）=x3﹣bx2+1，则方程F（x）=0与f（x）=g（x）同解，故其有且仅有两个不同零点x1，x2．

由F'（x）=0得x=0或．这样，必须且只须F（0）=0或，

因为F（0）=1，故必有由此得．不妨设x1＜x2，则．所以，

比较系数得，故.，

由此知，

故选B．

二、填空题：

本大题共4小题，每小题4分，共16分.

13．（4分）（2012•）如图，正方体ABCD﹣A1B1C1D1的棱长为1，E为线段B1C上的一点，则三棱锥A﹣DED1的体积为　　．

【分析】将三棱锥A﹣DED1选择△ADD1为底面，E为顶点，进行等体积转化VA﹣DED1=VE﹣ADD1后体积易求

【解答】解：

将三棱锥A﹣DED1选择△ADD1为底面，E为顶点，则VA﹣DED1=VE﹣ADD1，

其中S△ADD1=SA1D1DA=，E到底面ADD1的距离等于棱长1，

故．

故答案为：

14．（4分）（2012•）如图是根据部分城市某年6月份的平均气温（单位：

℃）数据得到的样本频率分布直方图，其中平均气温的围是[20.5，26.5]，样本数据的分组为[20.5，21.5），[21.5，22.5），[22.5，23.5），[23.5，24.5），[24.5，25.5），[25.5，26.5]．已知样本中平均气温低于22.5℃的城市个数为11，则样本中平均气温不低于25.5℃的城市个数为　9　．

【分析】由频率分布直方图，先求出平均气温低于22.5℃的频率，不低于25.5℃的频率，利用频数=频率×样本容量求解．

【解答】解：

平均气温低于22.5℃的频率，即最左边两个矩形面积之和为0.10×1+0.12×1=0.22，

所以总城市数为11÷0.22=50，

平均气温不低于25.5℃的频率即为最右面矩形面积为0.18×1=0.18，

所以平均气温不低于25.5℃的城市个数为50×0.18=9．

故答案为：

9．

15．（4分）（2012•）若函数f（x）=ax（a＞0，a≠1）在[﹣1，2]上的最大值为4，最小值为m，且函数在[0，+∞）上是增函数，则a=　　．

【分析】根据指数函数的性质，需对a分a＞1与0＜a＜1讨论，结合指数函数的单调性可求得g（x），根据g（x）的性质即可求得a与m的值．

【解答】解：

当a＞1时，有a2=4，a﹣1=m，

此时a=2，m=，此时g（x）=﹣为减函数，不合题意；

若0＜a＜1，则a﹣1=4，a2=m，故a=，m=，g（x）=在[0，+∞）上是增函数，符合题意．

故答案为：

．

16．（4分）（2012•）如图，在平面直角坐标系xOy中，一单位圆的圆心的初始位置在（0，1），此时圆上一点P的位置在（0，0），圆在x轴上沿正向滚动．当圆滚动到圆心位于（2，1）时，的坐标为　（2﹣sin2，1﹣cos2）　．

【分析】设滚动后圆的圆心为O'，切点为A，连接O'P．过O'作与x轴正方向平行的射线，交圆O'于B（3，1），设∠BO'P=θ，则根据圆的参数方程，得P的坐标为（2+cosθ，1+sinθ），再根据圆的圆心从（0，1）滚动到（2，1），算出θ=﹣2，结合三角函数的诱导公式，化简可得P的坐标为（2﹣sin2，1﹣cos2），即为向量的坐标．

【解答】解：

设滚动后的圆的圆心为O'，切点为A（2，0），连接O'P，

过O'作与x轴正方向平行的射线，交圆O'于B（3，1），设∠BO'P=θ

∵⊙O'的方程为（x﹣2）2+（y﹣1）2=1，

∴根据圆的参数方程，得P的坐标为（2+cosθ，1+sinθ），

∵单位圆的圆心的初始位置在（0，1），圆滚动到圆心位于（2，1）

∴∠AO'P=2，可得θ=﹣2

可得cosθ=cos（﹣2）=﹣sin2，sinθ=sin（﹣2）=﹣cos2，

代入上面所得的式子，得到P的坐标为（2﹣sin2，1﹣cos2）

∴的坐标为（2﹣sin2，1﹣cos2）．

故答案为：

（2﹣sin2，1﹣cos2）

三、解答题：

本大题共6小题，共74分.

17．（12分）（2012•）在△ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，已知sinB（tanA+tanC）=tanAtanC．

（Ⅰ）求证：

a，b，c成等比数列；

（Ⅱ）若a=1，c=2，求△ABC的面积S．

【分析】（I）由已知，利用三角函数的切化弦的原则可得，sinB（sinAcosC+sinCcosA）=sinAsinC，利用两角和的正弦公式及三角形的角和公式代入可得sin2B=sinAsinC，由正弦定理可证

（II）由已知结合余弦定理可求cosB，利用同角平方关系可求sinB，代入三角形的面积公式S=可求．

【解答】（I）证明：

∵sinB（tanA+tanC）=tanAtanC

∴sinB（）=

∴sinB•=

∴sinB（sinAcosC+sinCcosA）=sinAsinc

∴sinBsin（A+C）=sinAsinC，

∵A+B+C=π

∴sin（A+C）=sinB

即sin2B=sinAsinC，

由正弦定理可得：

b2=ac，

所以a，b，c成等比数列．

（II）若a=1，c=2，则b2=ac=2，

∴，

∵0＜B＜π

∴sinB=

∴△ABC的面积．

18．（12分）（2012•）袋中有五卡片，其中红色卡片三，标号分别为1，2，3；蓝色卡片两，标号分别为1，2．

（Ⅰ）从以上五卡片中任取两，求这两卡片颜色不同且标号之和小于4的概率；

（Ⅱ）现袋中再放入一标号为0的绿色卡片，从这六卡片中任取两，求这两卡片颜色不同且标号之和小于4的概率．

【分析】（Ⅰ）由列举法可得从五卡片中任取两的所有情况，分析可得两卡片的颜色不同且标号之和小于4的情况数目，由古典概型公式，计算可得答案；

（Ⅱ）加入一标号为0的绿色卡片后，共有六卡片，由列举法可得从中任取两的所有情况，分析可得两卡片的颜色不同且标号之和小于4的情况数目，由古典概型公式，计算可得答案．

【解答】解：

（I）从五卡片中任取两的所有可能情况有如下10种：

红1红2，红1红3，红1蓝1，红1蓝2，红2红3，红2蓝1，红2蓝2，红3蓝1，红3蓝2，蓝1蓝2．

其中两卡片的颜色不同且标号之和小于4的有红1蓝1、红1蓝2、红2蓝1，共3种情况，

故所求的概率为．

（II）加入一标号为0的绿色卡片后，共有六卡片，

从六卡片中任取两，有红1红2，红1红3，红1蓝1，红1蓝2，红2红3，红2蓝1，红2蓝2，红3蓝1，红3蓝2，蓝1蓝2，红1绿0，红2绿0，红3绿0，蓝1绿0，蓝2绿0，共有15种情况，

其中颜色不同且标号之和小于4的有红1蓝1，红1蓝2，红2蓝1，红1绿0，红2绿0，红3绿0，蓝1绿0，蓝2绿0，共8种情况，

所以概率为．

19．（12分）（2012•）如图，几何体E﹣ABCD是四棱锥，△ABD为正三角形，CB=CD，EC⊥BD．

（Ⅰ）求证：

BE=DE；

（Ⅱ）若∠BCD=120°，M为线段AE的中点，求证：

DM∥平面BEC．

【分析】

（1）设BD中点为O，连接OC，OE，则CO⊥BD，CE⊥BD，于是BD⊥平面OCE，从而BD⊥OE，即OE是BD的垂直平分线，问题解决；

（2）证法一：

取AB中点N，连接MN，DN，MN，易证MN∥平面BEC，DN∥平面BEC，由面面平行的判定定理即可证得平面DMN∥平面BEC，又DM⊂平面DMN，于是DM∥平面BEC；

证法二：

延长AD，BC交于点F，连接EF，易证AB=AF，D为线段AF的中点，连接DM，则DM∥EF，由线面平行的判定定理即可证得结论．

【解答】证明：

（I）设BD中点为O，连接OC，OE，则由BC=CD知，CO⊥BD，

又已知CE⊥BD，EC∩CO=C，

所以BD⊥平面OCE．

所以BD⊥OE，即OE是BD的垂直平分线，

所以BE=DE．

（II）证法一：

取AB中点N，连接MN，DN，

∵M是AE的中点，

∴MN∥BE，又MN⊄平面BEC，BE⊂平面BEC，

∴MN∥平面BEC，

∵△ABD是等边三角形，

∴∠BDN=30°，又CB=CD，∠BCD=120°，

∴∠CBD=30°，

∴ND∥BC，

又DN⊄平面BEC，BC⊂平面BEC，

∴DN∥平面BEC，又MN∩DN=N，故平面DMN∥平面BEC，又DM⊂平面DMN，

∴DM∥平面BEC

证法二：

延长AD，BC交于点F，连接EF，

∵CB=CD，∠BCD=120°，

∴∠CBD=30°，

∵△ABD是等边三角形，

∴∠BAD=60°，∠ABC=90°，因此∠AFB=30°，

∴AB=AF，

又AB=AD，

∴D为线段AF的中点，连接DM，DM∥EF，又DM⊄平面BEC，EF⊂平面BEC，

∴DM∥平面BEC

20．（12分）（2012•）已知等差数列{an}的前5项和为105，且a10=2a5．

（Ⅰ）求数列{an}的通项公式；

（Ⅱ）对任意m∈N*，将数列{an}中不大于72m的项的个数记为bm．求数列{bm}的前m项和Sm．

【分析】（I）由已知利用等差数列的通项公式及求和公式代入可求a1，d，从而可求通项

（II）由（I）及已知可得，则可得，可证{bm}是等比数列，代入等比数列的求和公式可求

【解答】解：

（I）由已知得：

解得a1=7，d=7，

所以通项公式为an=7+（n﹣1）•7=7n．

（II）由，得n≤72m﹣1，

即．

∵=49

∴{bm}是公比为49的等比数列，

∴．

21．（13分）（2012•）如图，椭圆M：

+=1（a＞b＞0）的离心率为，直线x=±a和y=±b所围成的矩形ABCD的面积为8．

（Ⅰ）求椭圆M的标准方程；

（Ⅱ）设直线l：

y=x+m（m∈R）与椭圆M有两个不同的交点P，Q，l与矩形ABCD有两个不同的交点S，T．求的最大值及取得最大值时m的值．

【分析】（Ⅰ）通过椭圆的离心率，矩形的面积公式，直接求出a，b，然后求椭圆M的标准方程；

（Ⅱ）通过，利用韦达定理求出|PQ|的表达式，通过判别式推出的m的围，①当时，求出取得最大值．利用由对称性，推出，取得最大值．③当﹣1≤m≤1时，取得最大值．求的最大值及取得最大值时m的值．

【解答】解：

（I）…①

矩形ABCD面积为8，即2a•2b=8…②

由①②解得：

a=2，b=1，

∴椭圆M的标准方程是．

（II），

由△=64m2﹣20（4m2﹣4）＞0得．

设P（x1，y1），Q（x2，y2），则，

．

当l过A点时，m=1，当l过C点时，m=﹣1．

①当时，有

，，

其中t=m+3，由此知当，即时，取得最大值．

②由对称性，可知若，则当