区级联考四川省泸州市江阳区届九年级上学期物理期末模拟检测物理试题.docx

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区级联考四川省泸州市江阳区届九年级上学期物理期末模拟检测物理试题

【区级联考】四川省泸州市江阳区2019届九年级上学期物理期末模拟检测物理试题

学校:

___________姓名：

___________班级：

___________考号：

___________

一、单选题

1．关于温度、内能和热量的说法错误的是

A．0℃的冰也具有内能

B．物体放出热量，温度不一定降低

C．物体对外做功，内能可能减小

D．温度高的物体，内能一定大

2．冰在熔化成水的过程中，下列判断正确的是（）

A．比热容改变，内能和温度不变

B．比热容改变，内能增加，温度不变

C．比热容、内能和温度都不变

D．比热容、内能和温度都增加

3．甲、乙两物体质量都为1kg，丙物体质量为2kg，三个物体温度都升高1℃，吸收热量如图所示，以下说法正确的是（　　）

A．乙的比热容与丙的相等

B．甲的比热容比乙的大

C．甲的温度升高1℃，需吸收2000J的热量

D．甲、乙的温度都降低1℃，乙比甲放出的热量多

4．热机效率的高低，决定于

A．热机功率的大小，功率大，效率高

B．热机的燃料的热值，燃料热值大的放出热量多，效率就高

C．热机对燃料的利用率，利用率高的热量损失少，效率就高

D．热机做功本领，做功本领大的效率就一定高

5．如图是某内燃机能量流向图，该内燃机的热机效率是：

A．25%B．40%C．75%D．35%

6．电动机通电后带动其他机器运转，一段时间后，电动机的外壳就会变得烫手，则下列关于能的转化和守恒的说法中正确的是

A．电能全部转化为机械能，总的能量守恒

B．电能一部分转化为机械能，另一部分转化为内能，总的能量守恒

C．电能全部转化为内能，内能守恒

D．电能转化为机械能和内能，机械能守恒

7．下列各电路中，闭合全部开关，只有一个灯泡发光的电路是

A．

B．

C．

D．

8．小明和小丽用电流表测量电路中的电流，小明接入电路中的是0～0.6A量程，而小丽却按照0～3A量程读得测量值为2.4A，则实际测得的电流应该是

A．1.2AB．4.8A

C．0.12AD．0.48A

9．如图所示，能直接测量通过灯L2电流的电路是（）

A．

B．

C．

D．

10．如图是滑动变阻器的结构和连入电路的示意图，当滑片P向右滑动时，连入电路的电阻变小的是（）

A．

B．

C．

D．

11．在同样环境下，比较两根长度相同、粗细不同的铜导线电阻大小，下列说法中正确的是

A．粗的大B．一样大C．细的大D．无法确定

12．电位器是变阻器的一种，小菲同学买了一个电位器，如图所示．小菲想把它与灯泡串联起来，利用它改变灯泡的亮度；请仔细观察，现想使滑动触头顺时针转动时灯泡变亮，以下接线方法正确的是

A．A、B两个接线柱分别接入电路

B．B、C两个接线柱分别接入电路

C．A、C两个接线柱分别接入电路

D．以上连接方法都正确

13．对于甲、乙所示的图像，丙、丁所示的实物电路及电路图的相关说法不正确的是

A．甲图是研究电压一定时，导体中的电流与导体的电阻关系时描绘出的图像

B．乙图像能说明甲导体的电阻比乙导体的电阻小

C．丙实物电路开关闭合后发光二极管与小灯泡都能亮，电路中自由电荷移动的方向是从电源负极经小灯泡流向电源的正极，仅对调电源的正、负极，闭合开关后两灯都不能亮

D．丁图滑动变阻器的滑片向左移动时，电灯会变亮，电流表示数变大

14．小明对中考体育测试使用的身高测量仪感兴趣，为了了解它的测量原理，他尝试设计了如图所示的四个电路，其中能够实现身高越高、电压表示数越大的电路是（）

A．

B．

C．

D．

15．如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端向b端滑动时（）

A．电压表V2示数与电流表A示数比值变大

B．电压表V1示数与电流表A示数比值变小

C．电流表A示数变大，电压表V1变大

D．电流表A示数变大，电压表V2变大

16．如图所示是电阻甲和乙的I－U图像，下列说法正确的是（　　）

A．电阻乙为定值电阻

B．当电阻甲两端电压为2V时，R甲＝0.4Ω

C．如图2所示，当开关S闭合，电路电流为0.2A时，电路总电阻是15Ω

D．如图3所示，当开关S闭合，电源电压为2V时，电路总电流为0.4A

二、填空题

17．甲、乙两物体质量之比是4∶1，用两个相同的酒精灯分别给它们加热，假设酒精灯放出的热量都被它们吸收，甲、乙两物体温度随时间变化的图像如图所示，则经过4min，甲、乙升高的温度之比是__________________；若甲的比热容是0.4×103J/（kg·℃），则乙的比热容是____________J/（kg·℃）。

18．老师用如图所示实验装置，加热试管使水沸腾，发现试管上方的小风车，开始不停地转动；由此引出以下问题，请利用所学的知识回答．

（1）如图1实验中能量转化方式与如图2中汽油机的哪个冲程相同？

_____

（2）若某四冲程汽油机的功率为36千瓦，做功冲程每次对外做功800焦耳，则在1秒钟内该汽油机能完成_____个冲程，此汽油机飞轮的转速为_____转/分．

（3）如图3所示的是等质量两种液体吸收的热量与温度变化情况的图象．根据图中提供的信息判断，这两种液体中，选择_____液体作为汽车冷却液效果会更好．

三、实验题

19．（4分）小明和小华分别利用图甲所示的相同装置探究水沸腾时温度变化的特点，当水温接近90℃时，每隔0.5分钟记录一次温度，并绘制出了如图乙所示的水温与时间关系的图像。

（1）实验时，当看到水中有大量气泡不断上升、变大，到水面破裂开来，里面的散发到空气中，就表明水沸腾了。

（2）分析图乙可知，小华将水加热至沸腾的时间明显较长，最有可能的原因是。

（3）小明在第9分钟撤掉酒精灯后，发现有一段时间水温依然保持不变。

如图乙所示，这段时间内烧杯底部的温度（填“高于”“等于”或“低于”）杯内水的温度，原因是。

20．小明在探究并联电路电流规律的实验中，如图甲是实验的电路图。

（1）在连接电路时发现，刚接好最后一根导线，表的指针就发生了偏转，由此可知在连接电路时，他忘了_________。

（2）他先将电流表接入A点处，闭合开关后，观察到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，电路可能存在的故障是____________________。

（3）他在测量B处的电流时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，原因是_________；在排除故障后，电流表的示数如图丙所示，则电流表的示数为________A。

（4）在解决了以上问题后，将电流表分别接入A、B、C三点处，闭合开关，测出了一组电流并记录在表格中，立即得出了并联电路的电流规律。

请你指出他们的实验改进方法是_____________。

21．在“探究导体的电阻跟哪些因素有关”的实验中．

（1）小宇的猜想是①电阻可能与导体的材料有关．小丽的猜想是②电阻可能与导体的温度有关．小亮的猜想是③电阻可能与导体的长度有关．根据你掌握的电学知识，你认为：

④电阻还与导体的_____________有关．

（2）如图是三位同学为上述探究活动准备的实验器材（a、b、c是镍铬合金丝，d是锰铜合金丝；a、b长度相同而粗细不同；a、c粗细相同而长度不同；c、d长度和粗细都相同），他们已经完成了部分实物的连接．若电阻受温度的影响可以忽略，要探究猜想①，应该控制_______________不变；要探究猜想③，应该选用导线_______和导线_______（填导线的代号字母）进行对比实验．

（3）如果在图中只给了一根足够长的镍铬合金丝和其他辅助器材，也能完成上述猜想中的

____________（填序号）．

四、计算题

22．中国改革开放后，汽车走进了普通百姓的家庭，截至2021年，全球处于使用状态的汽车数量已突破20亿辆。

每辆汽车每年耗油1.5吨，汽车内燃机的效率平均值取30%。

如果能把内燃机效率提高1%，全球每年可以节约的燃油会很可观，所以汽车节油等性能的研究相当重要。

如图所示是一种自动测定汽车油箱内油面高度的装置，其中R1是滑动变阻器的电阻片（R1上标有“50Ω，1A”的字样），滑动变阻器的滑片跟滑杆连接，滑杆AOB可以绕固定轴O转动，其一端滑片B可以在R1上滑动，另一端固定着一个浮子，油面下降时，浮子随液面落下，带动滑杆使滑片B向上移动，从而在油量表（实际上是一个电流表）上显示对应的油面的高度；若油箱内油量最多或最少时，滑片B刚好移到R1的两端，发现油量表的示数变化范围转化成电流变化为0.1～0.6A，求：

（1）如果能把内燃机效率提高1%，全球每年可以节约多少吨的燃油？

（2）定值电阻R2的阻值；

（3）电源的电压。

参考答案

1．D

【解析】

试题分析：

一切物体都具有内能，同一个物体，温度越高内能越大，故A正确；晶体物质在凝固过程中放出热量但温度保持不变，故B正确；物体对外做功，内能会减小，对物体做功，物体内能会增加，故C正确；如果物体的质量较小，虽然温度较高，但内能也不一定大，故D错误；应选D。

【考点定位】内能；热量；做功

2．B

【详解】

冰在熔化过程中,吸收热量,而温度保持不变,但内能在增加,因为比热容与物质的种类和物质所处的状态有关,当冰熔化成水后,比热容变大；故B选项正确;

【点睛】

冰在熔化过程温度不变,但需要继续吸热,所以内能增加,水的比热容比冰的比热容大,所以比热容变化.

3．B

【详解】

A.根据Q=cm△t，乙丙的质量和吸收的热量相同，比热容与温度变化成反比，乙的温度变化小，乙的比热容比丙的大，A错误；

B.根据Q=cm△t，甲乙质量相等，温度变化相同，比热容与吸收热量成正比．甲吸收热量比乙多，因此甲的比热容与乙的大，B正确；

C.从图像看出，甲的温度升高1℃，需吸收3000J的热量，C错误；

D.根据B选项分析，甲、乙的温度都降低1℃，甲比乙放出的热量多，D错误；

4．C

【解析】

解答：

热机效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比．要提高效率，首先使燃料充分燃烧，然后减少燃烧产生能量的损失，提高其利用率．

故选C.

点睛：

热机效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比．要提高效率，就要减少热的损失．

5．D

【详解】

内燃机的效率是用来做有用功的那部分能量占总能量的比例，所以热机的效率为100%-25%-40%=35%；故应选D．

6．B

【详解】

电动机工作时，消耗电能输出机械能，但根据电流的热效应，电机绕圈具有电阻，所以通过电流时会发热，即产生一定的热量，即电动机工作时电能转化为机械能和内能．根据能量守恒的定律，能量不会凭空产生，也不会凭空消失，只会从一种形式转化为另一种形式或在物体间转移，所以消耗的电能等于机械能加上内能．B符合题意．

选B．

【点睛】

重点要理解电能向其它形式的能转化时，除了超导现象以外，都会有内能的产生．

7．C

【解析】

【详解】

A、开关S在干路上，当S闭合后，两灯泡并联，都能发光，故A不符合题意；

B、当S闭合后，两灯串联，两灯泡都发光，故B不符合题意；

C、当两开关闭合后，灯泡L1被S1短路，只有灯泡L2发光，故C符合题意；

D、开关S在干路上，S1位于支路，当两开关都闭合后，两灯泡都发光，故D不符合题意。

故选：

C。

8．D

【解析】

电流表的大量程是小量程的5倍，所以接入小量程，而读数按大量程的话，实际电流为：

．

故选D．

点睛：

这一类的题目及类似的问题，牢记实验室中使用的电流表和电压表的两个量程都是5倍的关系，根据此关系可以快速解题．

9．C

【详解】

A．图电路中两灯并联，电流表串联在干路中，测量干路电流；

B．图电路中两灯并联，电流表串联在L2所在的支路中，但电流表正负接线柱接错；

C．图电路中两灯并联，电流表串联在L2所在的支路中，电流表正负接线柱正确，测量L2的电流；

D．图电路中两灯并联，电流表串联在L1所在的支路中，电流表正负接线柱正确，测量L1的电流；

故C图为测量L2电流的电路．

10．B

【详解】

A．同时接入上方两接线柱，相当于接入一导线，滑片移动时，接入的电阻不变，故A不合题意；

B．滑片向右移动时，电阻丝接入部分的长度减小，接入电路中的电阻变小，故B符合题意．

C．同时接入下方两接线柱，相当于接入一定值电阻，滑片移动时，接入的电阻不变，故C不合题意；

D．滑片向右移动时，电阻丝接入部分的长度增大，接入电路中的电阻变大，故D不合题意．

11．A

【解析】

在同样环境下，电阻的大小不仅跟导体的材料有关，还跟材料的长度和横截面积大小有关，在横截面积和材料相同时，长的铜丝电阻大．

点睛：

导体的电阻是导体本身的一种性质，其决定因素与其本身的材料、长度、横截面积有关，若说与外界有关，也只与外界的温度这个因素有关．导体一定，则电阻一定．与导体两端电压的高度，导体中电流的大小等都没有关系．

12．B

【解析】

【详解】

A．A、B两个接线柱分别接入电路，当滑动触头顺时针转动时接入电路中的电阻变大，电路中的电流变小，灯泡变暗，故A不符合题意；

B．B、C两个接线柱分别接入电路，当滑动触头顺时针转动时接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，灯泡变亮，故B符合题意；

C．A、C两个接线柱分别接入电路，无论滑动触头怎么转动，连入电路中的电阻值都不变，等的亮度不变，故C不符合题意；

D．以上连接有正确的，故D不符合题意。

故选B。

13．D

【解析】

【详解】

A、图甲是反比例函数图象，提示了电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比，故A说法正确；

B、由图乙知，当电压相同时，通过甲导体的电流更大，根据

知，甲导体的电阻小，故B说法正确；

C、开关闭合后LED灯与小灯泡都能亮，此时电流由电源的正极流向负极，但自由电子定向移动方向与电流方向相反，由电源的负极流向正极，若对调电源的正、负极，由于发光二极管的单向导电性，所以两灯都不亮，故C说法正确；

D、由图知，电压表接在了滑片与滑动变阻器的右端，ab相当于定值电阻接入电路，移动滑片时，只有电压表的示数变化，不影响通过灯的电流，故D说法错误。

故选：

D。

【点睛】

综合考查了对图象的分析，要熟悉电路图，以及常见的实验结论图像，另外一定要知道，二极管具有单向导电性，所以电源两极对调时，没有电流通过，灯和二极管都不能发光。

14．B

【解析】

【详解】

A．图中两电阻串联，电压表测R′两端的电压，身高越高R′接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，R两端的电压变大，根据串联电路的总电压可知R′电压变小，即电压表的示数变小，不符合题意；

B．图中两电阻串联，电压表测R两端的电压，身高越高R′接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，R两端的电压变大，即电压表的示数变大，符合题意；

C．图中两电阻串联，电压表测电源的电压，因电源的电压不变，所以身高越高时电压表的示数保持不变，不符合题意；

D．图中两电阻并联，电压表测电源的电压，身高越高时，定值电阻R不能保护电路，并且由并联电路电压特点知电压表的示数不变，不符合题意；

故应选B．

15．C

【解析】

【详解】

A．由电路图可知，R1和R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；当开关S闭合，滑片由a端向b端移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=U/R可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；

因电压表V2示数与电流表A示数比值等于滑动变阻器接入电路的阻值，因此比值变小，故A错误；

B．因电压表V1示数与电流表A示数比值等于R1的阻值，所以，滑片移动时，电压表示数与电流表示数的比值不变，故B错误；

C．由U=IR可知，R1两端电压变大，故C正确；

D．因串联电路总电压等于各分电压之和，所以由U2=U﹣U1可知：

即电压表V2读数会变小，故D错误。

16．C

【详解】

A．由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化，故A不正确；

B．由图象可知，当甲两端电压为2V时，通过的电流为0.4A，根据欧姆定律可得:

，

故B不正确；

C．如图2所示，甲和乙串联，通过两电阻的电流相等，当电路电流为0.2A时，由图象可知，

U甲=1V，U乙=2V，

根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，电源的电压:

U=U甲+U乙=1V+2V=3V，

根据欧姆定律可得:

，

故C正确；

D．如图3所示，甲、乙并联，两电阻两端的电压相等，当电源电压为2V时，由图象可知，

I甲=0.4A，I乙=0.2A，

根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流:

I=I甲+I乙=0.4A+0．2A=0.6A，

故D不正确．

17．1∶20.8×103

【详解】

[1]已知

m甲∶m乙＝4∶1，Q甲＝Q乙，c甲＝0.4×103J/（kg⋅℃）

由图看出：

经过4分时

t甲＝60℃−40℃＝20℃，

t乙＝60℃−20℃＝40℃

∴

t甲∶

t乙＝20℃∶40℃＝1∶2

[2]根据Q＝cm

t得

c甲m甲

t甲＝c乙m乙

t乙

c乙＝

＝0.8×103J/（kg⋅℃）

【点睛】

由图得出经过4分时甲、乙两物体的初温和末温，即可求出之比。

已知甲、乙两物体质量之比是4∶1和求出的升高的温度，根据Q＝cmΔt代入数值，计算即可。

18．丁1804800乙

【解析】

（1）由图1知，加热试管使水沸腾，水蒸气推动小风车做功，使之不停地转动；这一过程中内能转化为机械能．图2中：

甲、两个气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，将机械能转化为内能；乙、一个气门关闭，一个气门打开，活塞向上运动，属排气冲程，没有能量转化；丙、一个气门关闭，一个气门打开，活塞向下运动，是吸气冲程，没有能量转化；丁、两个气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程，将内能转化为机械能；可见，图1实验中能量转化方式与图2中汽油机的丁冲程相同；

（2）某四冲程汽油机的功率P=36kW=36000W，每秒做功36000J，每秒做功次数n=

=45次，则每秒完成45个循环，飞轮转动90转，有45×4=180个冲程；1min转90×60=4800R，故该汽油机工作时飞轮的转速为4800R/min．（3）根据比热容的概念可知，比热容大的物体每升高（或降低）1℃所吸收（或放出）的热量就大，根据图象判断甲、乙液体，每升高1℃，哪一个需要吸收的热量多，吸收热量多的比热容就大；可以看出乙比热容大；根据Q=cm△t，吸收相同的热量，比热容大的，温度升高的就小，就更适合做冷却液．故乙做冷却液更好．

点睛：

（1）瓶内热水蒸发产生大量水蒸气，水蒸气膨胀对瓶塞做功，内能转化为机械能；汽油机的四个冲程中，压缩冲程机械能转化为内能，做功冲程内能转化为机械能．

（2）知道某四冲程汽油机的功率，可得每秒做功大小，知道每次做功大小，可求每秒做功次数．而四冲程内燃机1个工作循环中包括4个冲程、对外做功1次、曲轴（飞轮）转2圈，据此求转速；（3）根据吸收热量的公式Q=cm△t，质量相等的甲、乙液体，吸收相同的热量，比热容大的，温度升高的少，就更适合做冷却液．

19．

（1）水蒸气

（2）小华用的水的质量比小明的大（3）高于，水汽化要吸收热量，而水温保持不变，说明能水继续从杯底吸热

【解析】

试题分析：

（1）水沸腾时，水汽化后形成的水蒸气气泡上升，变大，到水面破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中；

（2）分析图乙可知，小华将水加热至沸腾的时间明显较长，而小明和小华分别用相同的装置研究水的沸腾，所以在相同的时间内水吸收的热量相同，小华将水加热至沸腾时间较长的最有可能的原因是小华用的水质量比小明的大；（3）撤掉酒精灯后，发现有一段时间水温依然保持不变，而水沸腾的条件是到达沸点，继续吸热，说明撤掉酒精灯后水仍继续吸热，即烧杯底部的温度高于杯内水的温度。

【考点定位】水的沸腾实验

20．断开开关L1所在支路断路电流表正、负接线柱接反了0.24换用不同的灯泡测量多组数据

【解析】

【详解】

（1）在连接电路时，刚接好最后一根导线，表的指针就发生了偏转，由此可知在连接电路时，他忘了断开开关；

（2）将电流表接A处，闭合开关后，观察到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，说明L1所在支路断路，因为是并联电路，不可能是L1所在支路短路；

（3）电流表的指针偏转如图乙所示，发生反向偏转，说明：

电流表正负接线柱接反了；

在排除故障后，电流表的示数如图丙所示，图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，则电流表的示数为0.24A；

（4）实验中，只测量了一组数据得出的结论具有偶然性；

改进方法：

为了使结论更有说明说服力，更具普遍性，应换用不同的灯泡测量多组数据。

21．横截面积长度和横截面积ac②③④

【解析】

（1）导体的电阻大小与导体的长度、横截面积、材料和温度有关，所以电阻还与横截面积有关；

（2）探究导体电阻大小与材料的关系时，导体的长度、横截面积必须相同；探究导体电阻大小与长度的关系时，导体的材料、横截面积必须相同，故a、c符合题意；（3）利用一根足够长的镍铬合金丝和其它辅助器材，也能完成上述猜想中的②③④；

点睛：

导体的电阻大小与导体的长度、横截面积、材料和温度有关，探究导体电阻大小与材料的关系时，导体的长度、横截面积必须相同；探究导体电阻大小与长度的关系时，导体的材料、横截面积必须相同；探究导体电阻大小与横截面积的关系时，导体的材料、长度必须相同．

22．

（1）108t；

（2）10Ω；（3）6V。

【解析】

（1）若内燃机效率提高1%，则有：

η1＝η1

1

＝31

由η＝

可得：

W有用＝η

，∵内燃机效率提高后有用功是相同的，∴每辆汽车：

η1

1＝η2

2，∴

2＝

1，则每辆汽车每年节约燃油：

m＝m1

m2＝m1

1＝（1

）m1＝（1

）

1.5t

0.05t，∴全球每年可以节约燃油：

m总＝n

m＝2.0

109

0.05t＝108t；

（2）（3）.据题意，当R1＝0时，电路中的电流为最大值0.6A,当R1＝50Ω时，电路中的电流为最小值0.1A，则I大＝

＝0.6A---------------①,I小＝

＝0.1A----------------②，联立①②解得：

R2＝10Ω，U＝6V，即定值电阻R2的阻值为10Ω，电源的电压为6V.

点睛：

（1）由于内燃机效率提高后有用功是相同的，因为η＝

，所以可得η1qm1＝η2qm2，知道每辆汽车每年耗油1.5t，可求每辆汽车每年节约燃油，继而根据全球的汽车数量可求全球可以节约的燃油。

（2）（3）由题意列出方程组，解出电阻R2的阻值和电源电压。