海口高考模拟卷.docx

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海口高考模拟卷

海口市第一中学2014届高三3月月考

物理试题（B卷）

一、选择题：

本题共6小题，每小题3分，共18分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.如图所示，将一个质量为m的球固定在弹性杆AB的上端，今用测力计沿水平方向缓慢拉动球，使杆发生弯曲，在测力计示数逐渐增大的过程中，AB杆对球的弹力方向为（　　）

A.始终水平向左

B.始终竖直向上

C.斜向左上方，与竖直方向的夹角逐渐增大

D.斜向左下方，与竖直方向的夹角逐渐增大

解析：

选C　分析小球受力可知，小球受重力mg，竖直向下；水平向右的拉力F，杆对小球的作用力F杆，由平衡条件可知，F杆一定与mg和F的合力等大反向，故F杆斜向左上方，且F越大，F与mg的合力与竖直方向夹角越大，所以F越大，F杆与竖直方向的夹角也越大，C正确。

2.质点做直线运动的位移s与时间t的关系为s＝5t＋t2（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（　　）

A.第1s内的位移是5m

B.前2s内的平均速度是6m/s

C.任意相邻的1s内位移差都是1m

D.任意1s内的速度增量都是2m/s

解析：

由s＝v0t＋

at2与s＝5t＋t2的对比可知：

该运动的初速度v0＝5m/s，加速度a＝2m/s2。

将t＝1s代入所给位移公式可求得第1s内位移是6m；前2s内的位移是14m，平均速度

m/s＝7m/s；由Δs＝aT2可得T＝1s时，相邻1s内的位移差都是2m；由加速度的物理意义可得任意1s内速度的增量（增加量）都是2m/s。

因此D正确。

答案：

D

3.在电场中存在A、B、C三点，如果A、B、C三点刚好构成等腰直角三角形，且A、B、C三点的电场强度方向相同，则下列关于该电场的说法正确的是（　　）

A．一定是匀强电场B．可能是一个点电荷形成的

C．可能是两个同种点电荷形成的D．可能是两个异种点电荷形成的

2．D　点电荷的电场是辐向的，故B错误；根据电场强度的叠加原理，同种点电荷产生的电场，在点电荷连线的中点处，电场强度等于零，中点两边的电场强度方向相反，中垂线上电场强度的方向与点电荷的连线垂直，故C错误；异种点电荷产生的电场，在连线上方向都指向负电荷，中垂线上电场强度的矢量和与连线平行且指向负电荷，故该电场可能是匀强电场，也可能是异种点电荷形成的电场，所以A错误、D正确．

4.如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，b是原线圈的中心抽头，电压表和电流表均为理想交流电表，从某时刻开始在原线圈c、d两端加上交变电压，其瞬时值表达式为u1＝220

sin100πt（V），则（　　）

A.当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为22V图3

B.当t＝

s时，c、d间的电压瞬时值为110V

C.单刀双掷开关与a连接，在滑动变阻器触头P向上移动的过程中，电压表和电流表的示数均变小

D.当单刀双掷开关由a扳向b时，电压表和电流表的示数均变小

解析：

选A　开关与a连接时，副线圈两端电压为22V，因为电压表测量值为有效值，所以A正确；当t＝1/600s时，u1＝220

×sin

＝110

V，B错误；开关与a连接时P向上滑动时电压表读数由原线圈电压和匝数比决定，所以不变，但电流表读数变小，C错误；开关由a到b连接时根据

＝

得U2变大，所以电流也变大，D错误。

5.如图所示，一个菱形的导体线框沿着自己的对角线匀速运动，穿过具有一定宽度的匀强磁场区域，已知对角线AC的长度为磁场宽度的两倍且与磁场边界垂直。

下面对于线框中感应电流随时间变化的图象

（电流以ABCD顺序流向为正方向，从C点进入磁场开始计时）正确的是（　　）

解析：

选B　在BD对角线到达磁场中心之前，线框的磁通量最大，之后逐渐减小，由楞次定律可知，感应电流方向先沿正方向，后沿负方向，在BD对角线到达磁场左边界之前，线框的等效长度均匀增大，当BD对角线与磁场左边界重合时，线框的等效长度最大，均匀增加到电流最大，当BD对角线到达磁场中心时，电流为零，故B正确。

6.如图所示，平行板电容器与电源相连，下极板接地。

一带电油滴位于两极板的中心P点且恰好处于静止状态，现将平行板电容器两极板在纸面内绕O′O迅速顺时针转过45°，则（　　）

A.P点处的电势升高

B.带电油滴仍将保持静止状态

C.带电油滴将水平向右做匀加速直线运动

D.带电油滴到达极板前具有的电势能不断增加

解析：

选C　设极板水平时板间距为d，两板间电压为U，由平衡条件得：

q＝mg，沿如图示位置旋转45°时，板间距为dcos45°，电场力F＝

·q，由Fcos45°＝mg可知，油滴在竖直方向合力为零，水平方向合力向右，故油滴沿水平方向向右匀加速运动，且电场力做正功，电势能减少，B、D错误，C正确；因P点仍在板间中点，故φP＝

，P点电势没变，A错误。

二、多项选择题：

本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分；选对但不全的得3分；有选错的得0分。

7.在物理学发展史上，许多科学家通过恰当地运用科学研究方法，超越了当时研究条件的局限性，取得了辉煌的研究成果，下列表述符合物理学史实的是（　　）

A．牛顿根据理想斜面实验首先提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础

B．库仑利用库仑扭秤巧妙地实现了他对电荷间相互作用力规律的研究

C．伽利略将理想斜面实验的结论合理外推，证明了自由落体运动是匀变速直线运动

D．法拉第发现电流的磁效应，这和他坚信电和磁之间一定存在着联系的哲学思想是分不开的

1．BC　首先提出惯性概念的不是牛顿，A项错；库仑利用库仑扭秤把微小的力“放大”，最终发现了库仑定律，B项正确；伽利略通过合理外推，证明了自由落体运动是匀变速直线运动，C项正确；发现电流的磁效应的是奥斯特，D项错．

8.自然界中某个量D的变化量ΔD，与发生这个变化所用时间Δt的比值

，叫做这个量D的变化率。

下列说法正确的是（　　）

A.若D表示某质点做匀速直线运动的位移，则

是恒定不变的

B.若D表示某质点做平抛运动的速度，则

是恒定不变的

C.若D表示某质点的动能，

越大，则质点所受外力做的总功就越多

D.若D表示穿过某线圈的磁通量，

越大，则线圈中的感应电动势就越大

解析：

选ABD　若D表示某质点做匀速运动的位移，则

表示质点运动的速度，故A正确；若D表示某质点做平抛运动的速度，则

表示质点做平抛运动的加速度，是恒定不变的，B正确；若D表示某质点的动能，则

表示质点所受合外力做功的功率，

越大，合外力的功率越大，但外力做功不一定越多，C错误；若D表示穿过某线圈的磁通量，则

表示线圈的感应电动势，

越大，线圈的感应电动势也就越大，D正确。

9.北京时间2012年2月25日凌晨0时12分，中国在西昌卫星发射中心用“长征三号丙”运载火箭，将第十一颗北斗导航卫星成功送入太空轨道。

这是一颗地球同步卫星，也是中国2012年发射的首颗北斗导航系统组网卫星。

2020年左右，将建成由30余颗卫星组成的北斗卫星导航系统，提供覆盖全球的高精度、高可靠的定位、导航和授时服务。

下列关于第十一颗北斗导航卫星说法正确的是（　　）

A.运行速度大于7.9km/s

B.离地面的高度一定，相对地面静止

C.比月球的角速度大

D.与地球赤道上的物体向心加速度相等

解析：

选BC　第十一颗北斗导航卫星是同步卫星，其离地面的高度一定，周期为24h，相对地面静止，运行速度一定小于第一宇宙速度，故A错误，B正确；由ω＝

可知，其运动的角速度一定大于月球的角速度，C正确；由a＝ω2r可知，地球赤道上的物体与第十一颗北斗导航卫星的角速度相同，但r卫>R地，故a卫>a物，D错误。

10.如图7所示，一带电粒子，质量为m，电荷量为q，以一定的速度沿水平直线A′B′方向通过一正交的电磁场，磁感应强度为B1，电场强度为E。

粒子沿垂直等边三角形磁场边框的AB边方向由中点的小孔O进入另一匀强磁场，该三角形磁场的边长为a，经过两次与磁场边框碰撞（碰撞后速度等大反向，电量保持不变）后恰好返回到小孔O，

则以下说法正确的是（　　）

A.该带电粒子一定带正电

B.该带电粒子的速度为

C.等边三角形磁场的磁感应强度为

D.该粒子返回到小孔O之后仍沿B′A′直线运动

解析：

选BC　由于磁场的方向没有明确，因此无法确定带电粒子的电性；由粒子做直线运动不难得出，该粒子做的一定是匀速直线运动，则由Eq＝B1qv可得v＝

；进入三角形磁场区后，经过2次碰撞恰好返回到小孔O，经分析可知，该粒子在其中做匀速圆周运动的半径为

，由

＝

可得B2＝

；当粒子重新返回到小孔O时，由粒子的受力不难得出电场力和洛伦兹力同向，故不能沿直线运动。

第II卷

本卷包括必考题和选考题两部分，第11题～第14题为必考题，每个试题都必须做答。

第15题～第17题为选考题，根据要求做答。

三．实验题：

本题共2小题，第11题6分，第12题9分，共15分。

把答案写在答题卡中指定的答题处。

11.（6分）某学兴趣小组为了探究自行车的初速度与其克服阻力做功的关系。

设计实验的主要步骤是：

①在学校操场的跑道上画一道起点线；②骑上自行车用较快速度驶过起点线，并同时从车把手处自由释放一团很容易辨别的橡皮泥（可视为平抛运动）；③车驶过起点线就不再蹬自行车脚蹬，让车依靠惯性沿直线继续前进；④待车停下时，记录自行车停下的位置；⑤用卷尺量出起点线到橡皮泥落地点间的距离x、起点线到终点的距离L及车把手处离地高度h。

若自行车在行驶中所受阻力保持恒定，设当地的重力加速度为g，人车的总质量为m。

那么：

（1）自行车经过起点线时的速度v＝________。

（用已知的物理量和所测量得到的物理量表示）

（2）自行车经过起点线后克服阻力做的功W＝______。

（用已知的物理量和所测量得到的物理量表示）。

解析：

（1）根据平抛运动的规律可知：

x＝vt①h＝

gt2②由①②联立解得：

v＝x

。

（2）由于只有阻力做功，所以W＝

mv2＝

mgx2。

12.（9分）一有根细长而均匀的金属管线样品，长约为60cm，电阻大约为6Ω，横截面如图8甲所示。

（1）用螺旋测微器测量金属管线的外径，示数如图乙所示，金属管线的外径为________mm；

（2）现有如下器材：

A.电流表（量程0.6A，内阻约0.1Ω）

B.电压表（量程3V，内阻约3kΩ）

C.滑动变阻器（15Ω，3A）

D.蓄电池（6V，内阻很小）

E.开关一个，带夹子的导线若干请将图所示的测量金属管线电阻的电路补充完整。

（3）已知金属管线样品材料的电阻率为ρ，通过多次测量得出金属管线的电阻为R，金属管线的外径为d，金属管线的长度L。

则计算中空部分横截面积的表达式为S＝________。

解析：

（1）螺旋测微器的读数为：

1mm＋0.01×12.5mm＝1.125mm。

（2）因Rx≈6Ω<

≈

Ω，故测量电路应连接为外接法电路。

因滑动变阻器的总阻值大于样品阻值，且实验中不需从零调节，故控制电路接为限流式即可。

（3）由导体电阻公式得R＝ρ

，可得S＝

－

，

四．计算题：

本题共2小题，第13题10分，第14题13分，共23分。

把解答写在答题卡中指定的答题处，要写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13.（10分）如图所示，足够长的金属导轨ABC和FED，二者相互平行且相距为L，其中AB、FE是光滑弧形导轨，BC、ED是水平放置的粗糙直导轨，在矩形区域BCDE内有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度为B，金属棒MN质量为m、电阻为r，它与水平导轨间的动摩擦因数为μ，导轨上A与F、C与D之间分别接有电阻R1、R2，且R1＝R2＝r，其余电阻忽略不计．现将金属棒MN从弧形导轨上离水平部分高为h处由静止释放，最后棒在导轨水平部分上前进了距离s后静止．（金属棒MN在通过轨道B、E交接处时不考虑能量损失，金属棒MN始终与两导轨垂直，重力加速度为g），求：

（1）金属棒在导轨水平部分运动时的最大加速度；

（2）整个过程中电阻R1产生的焦耳热．

13．解：

（1）设金属棒刚到达水平轨道时速度为v，且此时合外力最大，加速度最大．

由牛顿第二定律，得BLI＋μmg＝ma（2分）

由欧姆定律，得I＝

（1分）

由法拉第电磁感应定律，得E＝BLv（1分）

由动能定理，得mgh＝

mv2（1分）

联立①②③④，解得a＝μg＋

（2分）

（2）设金属棒MN中的电流强度为I，通过电阻R1、R2的电流强度分别为I1、I2，则I1＝I2＝

，由公式Q＝I2Rt，得QMN＝4QR1（1分）

设整个过程中回路产生的焦耳热为Q，Q＝QMN＋2QR1（1分）

由能量的转化和守恒定律，得mgh＝μmgs＋Q（2分）

14.（13分）如图所示，长L＝1.5m，高h＝0.45m，质量M＝10kg的长方体木箱，在水平面上向右做直线运动。

当木箱的速度v0＝3.6m/s时，对木箱施加一个方向水平向左的恒力F＝50N，并同时将一个质量m＝1kg的小球轻放在距木箱右端

的P点（小球可视为质点，放在P点时相对于地面的速度为零），经过一段时间，小球脱离木箱落到地面。

木箱与地面的动摩擦因数为0.2，其他摩擦均不计。

取g＝10m/s2。

求：

（1）小球从离开木箱开始至落到地面所用的时间；

（2）小球放到P点后，木箱向右运动的最大位移；

（3）小球离开木箱时木箱的速度。

（1）设小球从离开木箱开始至落到地面所用的时间为t，由于h＝

gt2，①则t＝

＝0.3s。

②

（2）小球放到木箱后相对地面静止，木箱的加速度为a1＝

＝7.2m/s2。

③

木箱向右运动的最大位移为x1＝

＝0.9m④

（3）x1<1m，故小球不会从木箱的左端掉下。

木箱向左运动的加速度为a2＝

＝2.8m/s2⑤

设木箱向左运动的距离为x2时，小球脱离木箱x2＝x1＋

＝1.4m⑥

设木箱向左运动的时间为t2，由x2＝

a2t

，得t2＝

＝1s⑦（2分）

小球刚离开木箱瞬间，木箱的速度方向向左，大小为v2＝a2t2＝2.8m/s⑧（2分）

答案：

（1）0.3s　

（2）0.9m　（3）2.8m/s

QR1＝

mg（h－μs）（1分）

五．选考题：

请考生在第15、16、17三题中任选二题做答，如果多做则按所做的第一、二题计分。

做答时用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。

计算题请写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

15．模块3-3试题（12分）

（1）（4分）下列说法中正确的是________。

（填正确答案标号。

选对1个得2分，选对2个得3分.选对3个得4分;每选错I个扣2分，最低得分为0分）

A.对于一定质量的密闭气体，体积不变、温度升高时，分子的热运动变得剧烈，分子的平均动能增大，撞击器壁的作用力增大，从而气体的压强一定增大

B.对于一定质量的密闭气体，温度不变时气体体积变小时，气体的压强一定增大

C.分子A从远处趋近固定不动的分子B，当A到达与B的距离为r0（分子力为零）处时，A、B系统分子势能最低

D.悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间跟它相撞的液体分子数越小，布朗运动越不明显

E.如果没有漏气、没有摩擦，也没有机体热量的损失，热机的效率可以达到100%

（1）气体的压强由单位体积内的分子数和分子的平均动能共同决定，若只知道单位体积内分子数增多，是无法确定压强的变化的，故A正确，B错误；当分子A向分子B运动的过程中，当间距r>r0时，分子间表现为引力，引力做正功，分子势能减小，当r

ABC

（2）（8分）如图是用导热性能良好的材料制成的气体实验装置，开始时封闭的空气柱长度为20cm，人用竖直向下的力F压活塞，使空气柱长度变为原来的一半，人对活塞做功10J，大气压强为P0＝1×105Pa，不计活塞的重力。

问：

①若用足够长的时间缓慢压缩，求压缩后气体的压强多大；

②若以适当的速度压缩气体，此过程气体向外散失的热量为2J，则气体的内能增加多少。

（活塞的横截面积S＝1cm2）

解析：

（2）①设压缩后气体的压强为p，活塞的横截面积为S，L0＝20cm，L＝10cm，V0＝L0S，V＝LS。

缓慢压缩，气体温度不变，由玻意耳定律：

p0V0＝pV

解出p＝2×105Pa

②大气压力对活塞做功W1＝p0S（L0－L）＝1J，人做功W2＝10J，

由热力学第一定律：

ΔU＝W1＋W2＋Q

将Q＝－2J等代入，解出ΔU＝9J

答案：

（1）AC　

（2）Q1－Q2＝W　内　机械　（3）①2×105Pa　②9J

17．模块3-5试题（12分）

（1）（4分）下列有关近代物理的说法正确的是________。

（填正确答案标号。

选对1个得2分，选对2个得3分.选对3个得4分;每选错I个扣2分，最低得分为0分）

A．较重的核分裂成中等质量大小的核或较轻的核合并成中等质量大小的核，核子的比结合能都会增加

B．α粒子散射实验中少数粒子发生较大偏转是卢瑟福猜想原子核式结构模型的主要依据

C．玻尔原子理论无法解释较为复杂原子光谱的现象，说明玻尔提出的原子定态概念是错误的

D．根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能增大，核外电子的运动速度减小

E．放射性的原子核发生衰变后产生的新核从高能级向低能级跃迁时，辐射出γ射线

（1）ABE

（2）（8分）1934年约里奥—居里夫妇用α粒子轰击静止的

Al，发现了放射性磷

P和另一种粒子，并因这一伟大发现而获得诺贝尔物理学奖。

①写出这个过程的核反应方程式；

②若该种粒子以初速度v0与一个静止的12C核发生碰撞，但没有发生核反应，该粒子碰后的速度大小为v1，运动方向与原运动方向相反，求碰撞后12C核的速度。

①核反应方程式为：

He＋

Al→

P＋

n

②设该种粒子的质量为m，则12C核的质量为12m。

由动量守恒定律可得：

mv0＝m（－v1）＋12mv2

解得：

v2＝

且碰撞后12C核的运动方向与初速度v0方向相同。

班级姓名学号考号

密封线内不得答题

海口市第一中学2011—2012学年度第二学期期中考试

高一年级物理答题卷（A卷）

坐号

题号

一

二

三

四

五

总分

得分

一．第一、二大题:

共10小题，共34分．请你把正确答案填在下列表格中.

题号

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

答案

三、实验题:

共2小题,,共15分.

11．12．、

．实验题:

本题3小题,共15分

13．

（1）

（2）（3）

四、计算题（共43分）：

14．（9分）

15．（11分）

16（12分）

17（12分）