高中物理各章的典型题目错解及说明与正解第1112章.docx
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高中物理各章的典型题目错解及说明与正解第1112章
第十一章 分子热运动
1、下列说法正确的是（）
A、布朗运动就是分子运动
B、物体的温度升高，分子的热运动加快，分子的内能增加
C、能量是守恒的，因此我们不必节约水电
D、绝对零度可以达到
错解：
A，布朗运动是分子的结合块，如花粉的运动，花粉不是分子，所以它不是分子的运动
C，能量是守恒的，但能量的转化有方向性，浪费了水电，就是浪费了能量，再转化成这种有用的能量是要付出代价的
D，绝对零度永远达不到
正解：
B，物体的温度升高，分子的热运动加快，分子的平均动能增大，在分子的数目及分子的势能不变的情况下，内能增加。
2、下列说法中正确的是（）
A．温度低的物体内能小
B．温度低的物体分子运动的平均速率小
C．做加速运动的物体，由于速度越来越大，因此物体分子的平均动能越来越大
D．外界对物体做功时，物体的内能不一定增加
错解：
错解一：
因为温度低，动能就小，所以内能就小，所以应选A
错解二：
由动能公式Ek=
mv2可知，速度越小，动能就越小，而温度低的物体分子平均动能小，所以速率也小。
所以应选B。
错解三：
由加速运动的规律我们了解到，物体的速度大小由初速和加速度与时间决定，随着时间的推移，速度肯定越来越快再由动能公式
Ek=
mv2可知，物体动能速度也越来越大，所以应该选C。
，
说明：
错解一是没有全面考虑内能是物体内所有分子的动能和势能的总和。
温度低只表示物体分子平均动能小，而不表示势能一定也小，也就是所有分子的动能和势能的总和不一定也小，所以选项A是错的。
实际上因为不同物质的分子质量不同，而动能不仅与速度有关，也与分子质量有关，单从一方面考虑问题是不够全面的，所以错解二选项B也是错的。
错解三的原因是混淆了微观分子无规则运动与宏观物体运动的差别。
分子的平均动能只是分子无规则运动的动能，而物体加速运动时，物体内所有分子均参与物体的整体、有规则的运动，这时物体整体运动虽然越来越快，但并不能说明分子无规则运动的剧烈情况就要加剧。
从本质上说，分子无规则运动的剧烈程度只与物体的温度有关，而与物体的宏观运动情况无关。
正解：
由于物体内能的变化与两个因素有关，即做功和热传递两方面。
内能是否改变要从这两方面综合考虑。
若做功转化为物体的内能等于或小于物体放出的热量，则物体的内能不变或减少。
即外界对物体做功时，物体的内能不一定增加，选项D是正确的。
第十二章 固体、液体和气体
1、设一氢气球可以自由膨胀以保持球内外的压强相等，则随着气球的不断升高，因大气压强随高度而减小，气球将不断膨胀。
如果氢气和大气皆可视为理想气体，大气的温度、平均摩尔质量以及重力和速度随高度变化皆可忽略，则氢所球在上升过程中所受的浮力将______（填“变大”“变小”“不变”）
错解：
错解一：
因为气球上升时体积膨胀，所以浮力变大。
错解二：
因为高空空气稀薄，所以浮力减小。
说明：
因为浮力的大小等于气球排开大气所受的重力，F=p空·g·V，当气球升入高空时，密度p减小，体积V增大，错解一和二都是分别单一地强调一方面的变化，没有综合考虑，因此导致错解。
正解：
以氢气为研究对象，设地面附近和高空h处的压强和体积分别为p1，p2，V1，V2。
因为温度不变，由玻-马定律可知：
p1V1=p2V2
以大气为研究对象，在地面附近和高空h处的压强和大气密度分别为户p1，p2（与氢气对应相等）p1，p2因为大气密度和压强都与高度成正比，所以有
设氢气球在地面附近和高空h处的浮力分别为F1，F2则F1=p1·g·V1F2=p2·gV2
所以正确答案为浮力不变。
说明：
如上分析，解决变化问题，需要将各种变化因素一一考虑，而不能单独只看到一面而忽略另一面。
此题也可以利用克拉珀龙方程求解：
在高度h处：
对氢气列克拉珀龙方程
①
对排开空气列克拉珀龙方程
②
因为p，V，R，T均相同
所以联立①②得：
我们知道，空气、氢气的摩尔质量是不变的，此题气球中的氢气质量也是一定的，所以排开空气的质量不随高度h而变，又因为重力加速度也不变（由题目知）所以，气球所受浮力不变。
利用克拉珀龙方程处理浮力，求解质量问题常常比较方便。
2、如图所示，已知一定质量的理想气体，从状态1变化到状态2。
问：
气体对外是否做功？
错解：
错解一：
因为判断不了气体体积情况，所以无法确定。
错解二：
因为1状态与2状态在一条直线上．而p-T坐标上的等容线是直线．所以状态1与状态2的体积相等，气体对外不做功。
图12-2a
说明：
错解一是不会应用等容线，不知道如何利用p-V图比较两个状态的体积，因而感到无从下手。
错解二是把等容线的概念弄错了，虽然状态1和状态2在一条直线上，但并不是说p—T图上的所有直线都是等容线。
只有延长线过原点的直线才表示一个等容过程。
而此题的状态1与状态2所在的直线就不是一条等容线。
正解：
如图7-2所示，分别做出过1和2的等容线Ⅰ和Ⅱ，由图可知，直线Ⅰ的斜率大于直线Ⅱ的斜率，则VⅡ＞VⅠ，即V2＞V1，所以，从状态1变化到状态2，气体膨胀对外做功了。
图12-2b
说明：
从此题的解答可以看到，利用图象帮助解决问题，有时是很方便的，但这种方法首先必须按图象有一个清楚的了解，只有在“识别”图象的基础上，才能准确地“运用”图像。
3、一定质量的理想气体的三个状态在V-T图上用A，B，C三个点表示，如图7-3所示。
试比较气体在这三个状态时的压强pA，pB，pC的大小关系有：
（）
A．pC＞pB＞pC
B．pA＜pC＜pB
C．pC＞pA＞pB
D．无法判断。
图12-3a
错解：
错解一：
因为一定质量的理想气体压强与温度成正比，哪个状态对应的温度高，在哪个状态时，气体的压强就大，即TC＞TA＞TB，所以有pC＞pA＞pB，应选C。
错解二：
因为一定质量的理想气体的压强与体积成反比，体积越大，压强越小，从图上可以看出：
VA＞VC＞VB，所以户pA＜pC＜pB，应选B。
说明：
以上两种错解，从分析思路上讲都错了，都没有了解到气体状态的三个参量（p，V，T）之间两两定量关系是有条件的。
如压强与温度（当然应为热力学温度T）成正比的条件是体积不变，而压强与体积成反比的条件应是温度不变。
如果不考虑第三个参量，而单纯只讲两个参量之间的关系，显然只能导致错误的结果，同时也培养了错误的思考问题方式，是不可取的。
当第三个参量不是定量时，
三者之间的关系只能是，
，要综合分析考虑。
正解：
因为所给的是V-T图，A，B，C三点的温度体积都不一样，要想比较三个状态的压强，可以利用V-T图上的等压线辅助分析。
在V-T图上，等压线是一条延长线过原点的直线，可以通过A，B，C三点做三条等压线分别表示三个等压过程，如图7-4所示。
一定质量的理想气体在等压过程中压强保持不变，体积与温度成正比，为了比较三个等压线所代表的压强的大小，可以做一条等温线（亦可作一条等容线，方法大同小异，以下略），使一个等温过程与三个等压过程联系起来，等温线（温度为T'）与等压线分别交于A'，B'，C'，在等温过程中，压强与体积成反比（玻意耳定律），从图上可以看出：
VA'＞VB'＞VC'，所以可以得出结论：
pA'＜pB'＜pC’，而A与A'，B与B'，C与C分别在各自的等压线上，即pA=pA'，pB=pB'，pC=pC’，所以可以得出结论，即pA＜pB＜pC，所以正确答案为A。
图12-3b
4、如图7-5，A，B是体积相同的气缸，B内有一导热的、可在气缸内无摩擦滑动的、体积不计的活塞C，D为不导热的阀门。
起初，阀门关闭，A内装有压强p1=2.0×105a温度T1=300K的氮气。
B内装有压强P2=1.0×105Pa，温度T2=600K的氧气。
打开阀门D，活塞C向右移动，最后达到平衡，以V1和V2分别表示平衡后氮气和氧气的体积，则V1∶V2=______（假定氧气和氮气均为理想气体，并与外界无热交换，连接气缸的管道体积可忽略）
图10-4
错解：
开始是平衡状态，未态还是平衡状态，由理想气体状态方程可知
此题答案为1∶4。
说明：
理想气体状态方程或气体定律，针对的对象应为一定质量的理想气体，而不能是两种（或两部分）气体各自的状态，必须是一定质量的理想气体初、末两种状态之间满足的关系，上述解法把两部分气体的p1，p2，T1，T2与一定质量的气体前后两种状态的p1，p'1，T1，T'1混为一谈，以致出现完全相反的结论。
正解：
对于A容器中的氮气，其气体状态为：
p1=2.0×105paV1=VT1＝300K
P'1=PV'1=V1（题目所设）T'1=T
由气体状态方程可知：
①
对于B容器中的氧气，其气体状态为：
p2=1.0×105paV2＝VT2=600K
p'2=pV'2=V2（题目所设）T’2=T
由气态方程可知
②
联立①②消去T，V可得：
=4
此题的正确答案为V1∶V2=4∶1
说明：
解决有关两部分气体相关联的问题时，要注意两方面的问题。
首先，要把两部分气体分开看待，分别对每一部分气体分析出初、未状态的p，V，T情况，分别列出相应的方程（应用相应的定律、规律）切不可将两部分气体视为两种状态。
其次，要找出两部分气体之间的联系，如总体积不变，平衡时压强相等，等等。
如本题中，阀门关闭时两边气体体积相等，阀门打开两边气体压强相等，温度相等，利用这些关系，可以消去方程中的未知因素，否则，也解不出正确结果。
5、如图7-6所示，一个横截面积为S的圆筒型容器竖直放置，金属圆板A的上表面是水平的，下表面是倾斜的，下表面与水平面的夹角为θ，圆板的质量为M，不计圆板A与容器内壁之间的摩擦，若大气压强为P0，则被圆板封闭在容器中气体的压强p等于（）
图12-5a
A.p0+
B.
C.p0+
D.p0+
错解：
错解一：
因为圆板下表面是倾斜的，重力产生的压强等于Mg/S/,其中S/为斜面的面积，
即S/=
，因此重力产生的压强为
，
所以气体压强为p0+
故选项A正确
错解二：
重力产生的压强应该为重力的分力
在活塞下表面上产生的压强，即pG=
而大气压强
，所以气体压强为
，因此选B。
错解三：
大气压p0可以向各个方向传递，所以气体压强里应包括p0，
而重力的分力Mgcosθ产生的压强作用在斜面S/=
上。
因此重力的压强
，因此气体压强为p0+
，所以选C。
说明：
重力产生的压强，压力都应该是垂直于接触面方向，所以重力产生压强应是重力的分力Mg/cosθ，而不是Mg，错解一是对压力这个概念理解不对。
错解二虽然注意到重力的分力Mg/cosθ产生压强，但没有考虑到面积应为
S/（S/=
）而不是S，还是对压强概念的理解不对。
错解三在分解重力时错了，重力的一个分力应是Mg/cosθ而不是Mgcosθ，因为另一个分力一定要垂直斜板的竖直面，如图7-7。
所以重力的压强pG=
图12-5b
图12-5c
图12-5d
正解：
以金属圆板A为对象，分析其受力情况，从受力图7-8可知，圆板A受竖直向下的力有重力Mg、大气压力p0S，竖直向上的力为气体压力PS/在竖直方向的分力p0S/cosθ，其中S/=
，所以p0
cosθ=p0Sp=p0+
正确答案应为D。
说明：
正如本题的“分析解答”中所做的那样，确定被活塞封闭的气体的压强的一般方法是：
以活塞为研究对象；分析活塞的受力情况；概括活塞的运动情况（通常为静止状态），列出活塞的受力方程（通常为受力平衡方程）；通过解这个方程便可确定出气体的压强。
6、如图7-9所示，在一个圆柱形导热的气缸中，用活塞封闭了一部分空气，活塞与气缸壁间是密封而光滑的，一弹簧秤挂在活塞上，将整个气缸悬吊在天花板上。
当外界气温升高（大气压不变）时，（）
A.弹簧秤示数变大
B.弹簧秤示数变小
C.弹簧秤示数不变
D.条件不足，无法判断
错解：
对活塞进行受力分析，如图7-10由活塞平衡条件可知：
F=mg+p0S-pS
图12-6a
图12-6b
当外界气温上升时，气体压强增大，所以弹簧秤的接力F将变小，所以答案应选B。
图12-6c
说明：
主要是因为对气体压强变化的判断，没有认真细致地具体分析，而是凭直觉认为温度升高，压强增大。
正解：
对活塞受力分析如错解，
F=mg+p0S-pS
现在需要讨论一下气体压强的变化。
以气缸为对象受力分析，如图7-11
p=p0-
因为M、S、P0均为不变量，所以，在气体温度变化时，气体的压强不变。
而气体在此过程中作等压膨胀。
由此而知，弹簧秤的示数不变，正确答案为C。
图12-6d
说明：
通过本题的分析可以看出，分析问题时，研究对象的选取对解决问题方向的作用是至关重要的。
如本题要分析气体压强的变化情况，选取气缸为研究对象比研究活塞要方便得多。
另外如本题只是分析弹簧秤的示数变化，选整个气缸和活塞为研究对象更为方便，因对气缸加热的过程中，气缸、气体及活塞所受重力不变，所以弹簧秤对它们的拉力就不会变化，因此弹簧秤的示数不变。
7、如图7-12所示，两端封闭、粗细均匀的细玻璃管，中间用长为h的水银柱将其分为两部分，分别充有空气，现将玻璃管竖直放置，两段空气柱长度分别为l1，l2，已知l1＞l2，如同时对它们均匀加热，使之升高相同的温度，这时出现的情况是：
（）
A．水银柱上升
B．水银柱下降
C．水银柱不动
D．无法确定
错解：
假设两段空气柱的压强p1，p2保持不变，它们的初温为T
当温度升高△T时，空气柱1的体积由V1增至V'1；，增加的体积△V1=V'1-V1，考虑到空气柱的总长度不变，空气柱2的体积从V2增至V'2，且△V2=V'-V2，
由盖·吕萨克定律得：
在T，△T都同的情况下，因为V1＞V2，所以△V1＞△V2，所以，水银柱应向下移动。
选B。
说明：
这道题因为初温一样，又升高相同的温度，所以比较液柱移动，可能有两种假设，一种为设压强不变，另一种是设体积不变。
而上述解法中假定压强不变而导出水银柱下降这本身就是自相矛盾的。
水银柱的移动情况是由水银柱的受力情况决定的，而受力情况是由两边压强的大小决定的，因此不能假设压强不变。
正解：
假定两段空气柱的体积不变，即V1，V2不变，初始温度为T，当温度升高△T时，空气柱1的压强由p1增至p'1，△p1=p'1-p1，空气柱2的压强由p2增至p'2，△p2=p'2-p2。
由查理定律得：
因为p2=p1+h＞p1，所以△p1＜△p2，即水银柱应向上移动。
所以正确答案应选A。
说明：
（1）这类题目只能按等容过程求解。
因为水银柱的移动是由于受力不平衡而引起的，而它的受力改变又是两段空气柱压强增量的不同造成的所而它的受力改变又是手。
（2）压强的变化由压强基数（即原来气体的压强）决定，压强基数大，升高相同的温度，压强增量就大。
同理，若两段空气柱同时降低相同的温度，则压强基数大的，压强减少量大。
就本题而言，水银柱将向下移动。
8、把一根两端开口带有活塞的直管的下端浸入水中，活塞开始时刚好与水面平齐，现将活塞缓慢地提升到离水面H=15m高处，如图7-13所示，求在这过程中外力做功为多少？
（已知活塞面积S=1.0dm2，大气压户p0=1.0×105Pa，活塞的厚度和质量不计，取g=10m/s2）
图12-8
错解：
把活塞缓慢提升需做的功等于水柱上升增加的重力势能。
因活塞上升H，故上升的水柱的高亦为H，其重心高为
，而上升的水柱质量m=P·S·H，
则水柱的重力势能增加Ep=mgh=pS
g，代入数据得
Ep=1.1×104J也就是说，外力需做功
W=Ep=1.1×104J
说明：
在大气压p0=1.0×105pa的情况下，水柱能上升的最大高度
hm=
=10（m）即真空抽水机原理所讲，并且应忽略水蒸气气压的影响），而不是题目中提到的15m。
正解：
在把活塞提升最初的10m的过程中，外力做功等于水柱势能的增加，即
W1=Ep1=mg
=ρShmg
=ρShmg
＝ρSg
＝5.0×103（J）
在把活塞提升的后5m的过程中，外力做功就等于克服大气压力的做功，即：
W2=p0S（H-h,）=5.0×103（J）
则在全过程中外力做功为W=W1+W2=1.0×104（J），即为正确答案。
说明：
解决物理问题的关键是要分析清楚题目所述的物理过程，这个“分析物理过程”就是所谓的审题。
审题不应将注意力完全集中到已知数值上，而应重点分析问题描述的是怎样一个过程。
如本题中虽然给出了活塞上移15m，但结合大气压强的知识，要分析真实的物理过程是水并未随之上升15m，而是只将水提升了10m。
9、如图7-14所示，A，B两容器容积相同，用细长直导管相连，二者均封入压强为户，温度为T的一定质量的理想气体，现使A内气体温度升温至T'，稳定后A容器的压强为多少？
图12-9a
错解：
因为A容器温度升高，所以气体膨胀，有一些会跑到B容器中去，假设有△V的气体迁移至B容器，由气态方程可知：
对A容器：
①
对B容器：
p（V+△V）＝p/V②
联解①②得p/＝
p
说明：
主要是因为研究对象不清楚。
我们知道，应用气体定律（如玻-马定律，查理定律或气态方程等）时，研究对象应该是一定质量的气体，而本题无论是对于A容器，还是B容器，气体的质量都变化。
若把△V做为迁移气体，那么，它所对应的压强、温度参量，在两个式子中应该是一致的，而上解式①中为（△V，p'T'），式②中为（△V，p，T），这显然是矛盾的，是研究对象选择不当造成的。
正解：
因为升温前后，A，B容器内的气体都发生了变化，是变质量问题，我们可以把变质量问题转化为定质量问题。
我们把升温前整个气体分为（V-△V）和（V+△V）两部分（如图7-15所示），以便升温后，让气体（V-△V）充满A容器，气体（V+△V）压缩进B容器，于是由气态方程或气体实验定律有：
对A容器：
①
对B容器：
p（V+△V）＝p/V②
联解①②得p/＝
p
图12-9b
说明：
气态方程及气体实验定律都只适用于质量一定的理想气体，但对于质量变化的问题，我们只要巧妙地选取研究对象，便可将变质量问题转化为定质量问题，这是一种处理问题的重要方法。
10、一端封闭一端开口，内径均匀的直玻璃管注入一段60mm的水银柱，当管水平放置达到平衡时，闭端空气柱长140mm，开口端空气柱长140mm，如图7-16所示。
若将管轻轻倒转后再竖直插入水银槽内，达到平衡时，管中封闭端空气柱A长133mm，如图7-17所示（设大气压强为1.01325×105Pa（760mmHg），温度保持不变），求槽中水银进入管中的长度H=？
图12-10
错解：
以水平放置作为初态，以竖直插入水银槽后作为末态，分别对A，B两部。
分气体应用玻意耳定律
对A气体：
pAVA=p'A·V'A
代入数据得：
＝800（mmHg）
对于B气体：
pBVB=p'BV'B因为p'B=p'A+h=800+60=860（mmHg）
代入数据得：
＝123.72（mm）
则进入玻璃管中的水银柱长H=（lA+lB）-（l/A+l/B）
H=[（140+140）-（133+123.72）]=23.28（mm）
说明：
初看上述解题过程似乎没有问题，实际上，认真分析解题的全过程不难发现，在玻璃管竖直倒立的过程中，当其还未插入水银槽内时，水银受重力作用要下降，故封闭端空气柱变长，开口端空气柱变短，说明开口端有空气溢出，即B部分气体质量减少（不是定质量）。
这部分研究对象的质量发生了变化，但如仍草率地认为初态水平，末态竖直插入的这两个状态是质量不变，而应用玻马定律，固而造成上述失误。
正解：
把全过程分为两个过程看待。
第一个过程：
从水平到竖直尚未插入
对A气体：
pAVA=p'AV'A
代入数据得：
=152（mm）
对B气体：
l'B=（140×2-152）=128（mm）
p'B=p0=760（mm）
第二个过程：
当玻璃管插入水银槽后
对A气体：
pA·VA=p''AV''A
所以
＝800（mmHg）
可以求得p//B=（800+60）=860（mmHg）
对B气体；初态为竖直尚未插入，未态为已经插入后
p/BV/B=p//BV//B
=113（m）
所以，水银进入管中的水银长度为：
H=（140×2-133-133）=34（mm）
说明：
本题与前面的第8题类似，都需要分析清楚问题所述情景的真实物理过程。
而有些同学在解题时，只关注已知数值，对某些微妙的变化混然不顾，因此导致思维失误，以致产生错误解法和答案。
11、如图7-18所示，一根一端封闭的玻璃管，当l=0.96m，内有一段长h1=0.20m的水银柱。
当温度为t1=27℃，开口端竖直向上时，封闭空气柱h2=0.60m。
问温度至少升到多高时，水银柱才能从管中全部溢出？
（外界大气压相当于l0=0.76m高的水银柱产生的压强）
图12-11
错解：
以封闭气体为研究对象，其初态：
p1=（l0+h1），V1=h2S下；末态是水银刚好完全溢出时的状态：
p2=l0，V2=lS
T2=？
根据气态方程
解得：
代入数据得：
T2=
＝380K
说明：
上述解答中有一个错误，就是存在“潜在假设”。
即认为：
水银柱在外溢过程中，气体体积越大，对应温度越高，当气体充满整个玻璃管（即水银全部溢出）时，所对应的温度是最高的。
事实是：
根据气态方程
＝C＝＞pV=cT由此可见，pV的乘积越大，对应的温度越高。
在水银末溢出前，p不变，V越大，T越大。
在水银溢出的过程中，p减小，V增大，p·V的乘积并非一直增大。
所以我们在解题的过程中，应找出在什么条件下，pV的乘积最大，由此确定相应的温度。
正解：
由气态方程
＝CT＝可知，，pV乘积越大，对应的温度T越高，假设管中还有长为X的水银柱尚未溢出时，pV值最大，即（l0+x）（l-x）S的值最大，这是一个数学求极值问题。
因为（l0+x）+（l-x）=（l0+l）与x的大小无关，所以由数学知识可知：
两数之和为一常数，则当这两数相等时，其乘积最大。
所以：
l0+x=l-x
解得：
x=
=1.0（m）
即管内水银柱由0.20m溢出到还剩下0.10m的过程中，p·V的乘积越来越大，这一过程必须是升温的。
此后，温度不必再升高（但要继续给气体加热），水银柱也将继续外溢，直至完全溢出。
由气态方程：
有：
代入数据得：
T2=385.2K。
12、如图7-19所示，一个上下都与大气相通的直圆筒，中间用两个活塞A与B封住一定质量的理想气体，A，B都可沿圆筒无摩擦地上、下滑动，但不漏气。
A的质量可不计，B的质量为M，并与一劲度系数k=5×103N/m的较长的弹簧相连，已知大气压强p0=1×105Pa，平衡时，两活塞问的距离l0=0.6m，现用力压A，使之缓慢向下移动一定距离后，保持平衡，此时，用于压A的力F=5×102N,求活塞A向下移动的距离。
（假定气体温度保持不变）
图12-12a
错解：
设活塞A向下移动的距离为l，对封闭气体列玻-马定律：
p0l0S=（p0+
）（l0-l+x）S①
由胡克定律可知：
F+Mg=kx②
由于B的质量M没有给出具体数据，只能由①②两式联系解得一个数值，其中带有质量M。
说明：
这是一道力热综合题，应根据活塞的力学特征和气体的热学特征分别应用力学规律和热学规律求解。
上述题解对气体的分析是正确的，但对活塞的分析是错的。
用胡克定律表达式中F=kx中，x若为压缩量，则F为受到的压力，x若为增加的压缩量，则F为增加的压力，F与x要相对应。
正解：
设活塞A向下移动l，相应B向下移动x，对气体分析：
初态：
p1=p0V1=l
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