深圳观澜街道博文学校中考化学推断题80题专题训练含答案.docx
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深圳观澜街道博文学校中考化学推断题80题专题训练含答案
深圳观澜街道博文学校中考化学推断题80题专题训练（含答案）
一、中考化学推断题
1．A﹣E是初中常见物质，有如图所示的关系，其中A是单质，B是生活中常用的调味品，C是红色固体，E俗称小苏打．图中“﹣”表示相连的物质两两之间可以发生反应，“→”表示由某一物质可制得另一物质．（部分反应物、生成物及反应条件略去）．回答下列问题：
（1）写出B物质的化学式：
B______．
（2）分别写出C与D、D与E反应的化学方程式______________________、_____________________。
（3）由C转化为A的原理在工业上常用于____。
【答案】NaClFe2O3+6HCl=2FeCl3+3H2ONaHCO3+HCl=NaCl+H2O+CO2↑炼铁
【解析】
【分析】
B是生活中常用的调味品，故B是氯化钠，E俗称小苏打，E是碳酸氢钠，D能与碳酸氢钠反应，能生成氯化钠，故D是稀盐酸，C是红色固体,能生成单质A，且能与稀盐酸反应，故C是氧化铁，A是铁，经检验，推理合理。
【详解】
（1）由分析可知，B是氯化钠，化学式为：
NaCl。
（2）氧化铁与稀盐酸反应生成氯化铁和水，反应的方程式为：
Fe2O3+6HCl=2FeCl3+3H2O；稀盐酸与碳酸氢钠反应生成氯化钠、二氧化碳和水，反应方程式为：
NaHCO3+HCl=NaCl+H2O+CO2↑
（3）氧化铁转化为铁工业上长用于炼铁。
2．高纯碳酸钙广泛应用于电子、医药等领域。
某化工厂利用优质石灰石（含少量SiO2等不溶于水和稀盐酸的杂质）为原料得到高纯CaCO3．其工艺流程如图：
（1）该流程图中出现的氧化物有二氧化碳和_____（填名称）。
（2）实验室进行操作I的名称是_____，进行该操作时需要的玻璃仪器有烧杯、漏斗、_____。
（3）请完成“转化”步骤中发生反应的化学方程式：
CaCl2+_____NH3+CO2+_____═CaCO3↓+2NH4Cl
（4）该工艺的副产品NH4Cl的用途有_____（写出一种即可）。
【答案】二氧化硅（填名称）过滤玻璃棒2H2O氮肥
【解析】
【详解】
（1）氧化物是两种元素组成且其一为氧元素的化合物，所以该流程图中出现的氧化物有二氧化碳和二氧化硅；
（2）实验室进行操作I得到不溶性物质和溶液，所以为固体和液体分离，为过滤，进行该操作时需要的玻璃仪器有烧杯、漏斗、玻璃棒；
（3）根据图中“转化”步骤中反应物为氯化钙和氨气以及二氧化碳，据质量守恒定律可知，反应前后原子的种类、个数不变，生成物氯化铵中氮原子和氢原子个数小于氨气中氮原子和氢原子个数比，所以水应该也是反应物，所以发生反应的化学方程式：
CaCl2+2NH3+CO2+H2O＝CaCO3↓+2NH4Cl；
（4）该工艺的副产品NH4CI的用途有氮肥。
3．A～H是初中化学常见的物质，其相互转化关系如上右图所示，其中A是人体胃液中帮助消化的物质，B用于改良酸性土壤。
（1）D的化学式为______；
（2）A转化为E的化学方程式为_______，该反应的基本反应类型为___________。
【答案】
置换反应
【解析】
【分析】
A是人体胃液中帮助消化的物质,则A是盐酸，B用于改良酸性土壤，则B是氢氧化钙，A和B反应生成氯化钙和水，C通电生成E和F，则C是水，D是氯化钙，E和F可能是氢气和氧气中的一种，A能生成E，A是盐酸，则E是氢气，F是氧气，B生成白色沉淀H，则H是碳酸钙。
【详解】
（1）A是人体胃液中帮助消化的物质,则A是盐酸，B用于改良酸性土壤，则B是氢氧化钙，A和B反应生成氯化钙和水，C通电生成E和F，则C是水，D是氯化钙，故D的化学式为
。
（2）A能生成E，A是盐酸，则E是氢气，A转化为E的化学方程式为
，反应符合由一种单质和一种化合物生成另一种单质和另一种化合物的反应，故基本反应类型为置换反应。
【点睛】
A是人体胃液中帮助消化的物质,则A是盐酸，B用于改良酸性土壤，则B是氢氧化钙，C通电生成E和F，则C是水。
4．实验室现有四种失去标签的白色固体，分别为无水硫酸铜、硝酸钡、氯化钡、氢氧化钠中的一种。
为区分它们进行了下列实验，请回答问题。
（1）步骤Ⅰ：
将这四种白色固体分别编号为A、B、C、D。
步骤Ⅱ：
取少量上述四种白色固体样品分别放入四支试管中，加入足量蒸馏水，振荡，固体全部溶解，且C溶液呈蓝色，则C是_____（写化学式，下同）。
（2）步骤Ⅲ：
取少量A、B、D的溶液分别放入三支试管中，向三种溶液中各加入适量C溶液，装有B溶液的试管中产生蓝色沉淀，该反应的化学方程式为_____。
（3）步骤Ⅳ：
为进一步区分A和D，另有两支试管分别取少量A溶液和D溶液，加入适量_____溶液。
【答案】CuSO4
AgNO3
【解析】
【详解】
（1）C溶液呈蓝色，则C是硫酸铜，故填：
CuSO4。
（2）氢氧化钠和硫酸铜反应生成氢氧化铜蓝色沉淀和硫酸钠，化学方程式为
，故填：
。
（3）另有两支试管分别取少量A溶液和D溶液，分别为硫酸钡和氯化钡溶液，想要鉴别两者，可加入适量硝酸银溶液即可，有白色沉淀生成的是氯化钡，无变化的是硝酸钡；故填：
AgNO3。
5．根据图示推断（假设均完全反应），请回答问题：
（1）D是______（填化学式）。
（2）若B是水，则A是______（填化学式）。
（3）若B是酸，则与A发生反应的化学方程式为______。
（4）写出上述图示中生成白色沉淀C和红褐色沉淀E的反应的化学方程式：
生成白色沉淀C的反应：
______；
生成红褐色沉淀E的反应：
______。
【答案】FeCl3Fe2（SO4）3Fe2O3+3H2SO4=Fe2（SO4）3+3H2OFe2（SO4）3+3BaCl2=3BaSO4↓+2FeCl3FeCl3+3NaOH=Fe（OH）3↓+3NaCl
【解析】
【分析】
加入氯化钡后生成的白色沉淀C不溶于硝酸，且生成黄色溶液D，故C是硫酸钡，由于D加入氢氧化钠后会生成氯化钠和E氢氧化铁，则D是氯化铁，有色溶液含有的溶质是硫酸铁，带入框图推断合理；
【详解】
（1）D是氯化铁，化学式为FeCl3；
（2）若B是水，A是溶解后形成的硫酸铁溶液，故A是硫酸铁固体，化学式为Fe2（SO4）3；
（3）若B是酸，则与A发生的反应为氧化铁和稀硫酸反应，该化学方程式为：
Fe2O3+3H2SO4=Fe2（SO4）3+3H2O；
（4）上述图示中生成白色沉淀C和红褐色沉淀E的反应的化学方程式为：
Fe2（SO4）3+3BaCl2=3BaSO4↓+2FeCl3、FeCl3+3NaOH=Fe（OH）3↓+3NaCl。
6．有一固体混合物A，该混合物中可能含有
、
、
、
四种物质中的几种物质。
按下图所示进行实验，出现的现象如下图所述（假设过程中所有可能发生的反应恰好都完全迸行）。
请根据实验过程和发生的现象，填写下列空白：
（1）气体B的化学式为_____；沉淀G的化学式为_____。
（2）滤液F中的溶质为_____。
（3）混合物A的可能组成情况有_____种。
（4）写出生成沉淀D所发生反应的化学方程式：
_____。
【答案】CO2Mg（OH）2硫酸钠、氯化钠（或Na2SO4、NaCl）3
【解析】
【分析】
有一固体混合物A与过量稀硫酸反应生成使澄清石灰水变浑浊的气体（气体B为二氧化碳），说明混合物中含有碳酸钠，则白色沉淀E为碳酸钙；滤液C与氢氧化钠溶液反应，生成白色沉淀G（G为氢氧化镁），说明混合物中一定含有氯化镁或氢氧化镁中的一种，或氢氧化镁和氯化镁同时存在，沉淀D加稀硝酸不溶解，说明生成了硫酸钡，则混合物一定含有氯化钡。
【详解】
（1）由分析知，气体B为二氧化碳，化学式为：
CO2；沉淀G为氢氧化镁，化学式为：
Mg（OH）2；
（2）碳酸钠与硫酸反应生成硫酸钠、水、二氧化碳；硫酸和氯化钡反应生成氯化氢，又和氢氧化钠反应生成氯化钠和水，氯化镁与氢氧化钠溶液反应生成氢氧化镁沉淀和氯化钠，硫酸镁和氢氧化钠反应生成硫酸钠和氢氧化镁沉淀，故滤液F中的溶质为硫酸钠、氯化钠（或Na2SO4、NaCl）；
（3）由分析可知，混合物中一定含有碳酸钠和氯化钡，一定含有氢氧化镁和氯化镁中的一种或两种都含有，故混合物A的组成情况有3种；
（4）氯化钡与硫酸反应生成硫酸钡沉淀和盐酸，反应的化学方程式为：
。
7．A～E是初中化学常见的物质，E是大理石的主要成分，D是能供给呼吸的气体单质．它们的相互转化关系如图甲所示．“﹣”表示相互间能反应，“→”表示能转化．部分反应条件、反应物、生成物已略去．图乙表示的是A、C的相关信息．
请回答下列问题．
（1）E的化学式为_____．
（2）C的用途之一为_____．
（3）①②③三个反应的基本反应类型都可能为_____．
（4）A→E反应的化学方程式为_____．
【答案】CaCO3冶炼金属化合反应CO2＋Ca（OH）2===CaCO3↓＋H2O
【解析】
【详解】
（1）根据题目给出的流程图和信息：
A～E是初中化学常见的物质，E是大理石的主要成分，D是能供给呼吸的气体单质，因此D是氧气，E是碳酸钙；故E化学式为：
CaCO3；
（2）C是一氧化碳，一氧化碳可以做燃料和还原剂；
（3）碳和氧气充分燃烧生成二氧化碳，碳和氧气不充分燃烧生成一氧化碳，二氧化碳和碳在高温的条件下生成一氧化碳，它们都属于化合反应；
（4）二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙白色沉淀和水，反应的化学方程式为：
CO2+Ca（OH）2=CaCO3↓+H2O。
8．有一包白色粉末，可能是CuSO4、CaCO3、BaCl2、Na2SO4、KOH、KCl中的一种或几种，为证明其组成，进行如下实验：
（1）取少量白色粉末，加入足量的水，充分搅拌后过滤，得到白色沉淀和无色滤液
（2）向实验
（1）滤出的白色沉淀中加入足量的盐酸，沉淀全部溶解，并产生无色气体。
（3）向实验
（1）得到的滤液中通入CO2气体，得到白色沉淀。
根据上述实验现象判断：
①白色固体中一定不含______，一定含有_____________。
②写出（3）中白色沉淀的化学式____________________。
【答案】CuSO4、Na2SO4CaCO3、BaCl2BaCO3
【解析】
【详解】
取少量白色粉末，加入足量的水，充分搅拌后过滤，得到白色沉淀和无色滤液，说明一定不含有硫酸铜可能含有碳酸钙或硫酸钠和氯化钡；向实验
（1）滤出的白色沉淀中加入足量的盐酸，沉淀全部溶解，并产生无色气体。
说明一定含有碳酸钙，硫酸钠和氯化钡不能同时存在；向实验
（1）得到的滤液中通入CO2气体，得到白色沉淀。
说明一定含有氯化钡，一定不含硫酸钠。
①白色固体中一定不含①CuSO4、Na2SO4；一定含有CaCO3、BaCl2。
②（3）中白色沉淀的化学式BaCO3。
考点：
物质的推断及转化
9．A、B、C、D、E、F、G七种物质都是日常生活和生产中常见的物质，各物质间存在如下转化关系（反应的条件已省略）：
已知：
B、C两种物质在不同情况下可分别发生①和②两个反应；A﹣G七种物质都是由非金属元素组成的，其中只有一种物质是盐，一种物质是单质；且B的相对分子质量大于C。
（1）请写出下列物质的化学式：
A_____；G_____；
（2）请写出E+F→B+C的化学方程式：
_____。
【答案】NH4HCO3H2CO3C6H12O6+6O2
6CO2+6H2O
【解析】
【分析】
A、B、C、D、E、F、G七种物质都是日常生活和生产中常见的物质，七种物质都是由非金属元素组成的，其中只有一种物质是盐，则该种物质一定为铵盐，假设为碳酸铵，碳酸铵加热分解生成氨气、水和二氧化碳；二氧化碳和水反应生成碳酸，在一定条件可生成葡萄糖；碳酸分解又生成二氧化碳和水，葡萄糖和氧气在一定条件下生成二氧化碳和水，代入验证符合转化关系；
【详解】
（1）所以A为碳酸氢铵，B为二氧化碳，C为水，D为氨气，G为碳酸；
（2）E+F→B+C的反应是葡萄糖和氧气在一定条件下生成二氧化碳和水，化学方程式为：
C6H12O6+602
6CO2+6H2O。
10．A是镁、铝、铜三种单质中的一种，在化合物中A元素常显
价，物质
都含有相同的某种元素，
都是氧化物，
是由三种元素组成的盐.各物质间能发生如下反应：
（反应条件未标出）
①
②
③
④
⑤
请推断：
（1）写出下列物质的化学式：
A____，
_____.
（2）
所属的物质类型是_____（填字母）.
A氧化物B酸C碱D盐
（3）写出④的化学方程式：
_____.
（4）写出⑤的化学方程式：
_____.
【答案】MgH2BMg（OH）2+H2SO4=MgSO4+2H2OMgSO4+Ba（OH）2=Mg（OH）2↓+BaSO4↓
【解析】
【分析】
A是镁、铝、铜三种单质中的一种，在化合物中A元素常显+2价，所以A不是铝，A和D反应会生成E和气体F，所以A是镁，A、C、E、H含有相同的某种元素，C是氧化物，所以C是氧化镁，镁和氧气反应生成氧化镁，所以B是氧气，镁和D反应会生成E和气体F，所以F是氢气，D是盐酸或硫酸，G是氧化物，氧化镁和酸反应会生成盐和水，所以G是水，H和酸反应会生成E和水，所以H是碱，E是盐，E和I反应会生成沉淀H、J，J是由三种元素组成的盐，依据复分解反应的原理可知，E中含有三种元素，所以D是硫酸，E是硫酸镁，H是氢氧化镁，I是氢氧化钡，镁和氧气反应生成氧化镁，镁和硫酸反应生成硫酸镁和氢气，氧化镁和硫酸反应生成硫酸镁和水，氢氧化镁和硫酸反应生成硫酸镁和水，硫酸镁和氢氧化钡反应生成硫酸钡沉淀和氢氧化镁沉淀，在化合物中镁元素常显+2价，硫酸钡是由三种元素组成的盐，推出的各种物质均满足题中的转化关系，推导正确。
【详解】
（1）A是Mg，F是H2；
（2）通过推导可知D是硫酸，属于酸，所以D所属的物质类型是：
B；
（3）反应④是氢氧化镁和硫酸反应生成硫酸镁和水，化学方程式为：
Mg（OH）2+H2SO4=MgSO4+2H2O；
（4）反应⑤是氢氧化钡和硫酸镁反应生成硫酸钡沉淀和氢氧化镁沉淀，化学方程式为：
MgSO4+Ba（OH）2=Mg（OH）2↓+BaSO4↓．
11．A～G是初中化学常见的物质，它们之间的转化关系如图所示。
其中A、B、C、D都是氧化物，E、F、G都是金属单质，且F为导电性、导热性最好的金属，A和G均为红色固体（其中部分反应条件、反应物及生成物已略去）。
请回答下列问题：
（1）写出G物质的化学式___。
（2）写出B物质的一种用途___。
（3）写出①反应的化学方程式___。
写出②反应的化学方程式___。
（4）从微观角度解释B和D两种物质性质不同的原因___。
【答案】Cu冶炼金属或做燃料3CO+Fe2O3
2Fe+3CO2CO+CuO
Cu+CO2分子构成不同
【解析】
【详解】
（1）A～G是初中化学常见的物质，其中A、B、C、D都是氧化物，E、F、G都是金属单质，且F为导电性、导热性最好的金属，所以F是银，A和G均为红色固体，G会转化成银，所以G是铜，A和B生成的E会与转化成铜，所以A是氧化铁，B是一氧化碳，一氧化碳和C反应会生成铜，所以C是氧化铜，D是二氧化碳，经过验证，推导正确，所以G是Cu；
（2）B是一氧化碳，用途有冶金、做燃料；
（3）反应①一氧化碳和氧化铁在高温的条件下生成铁和二氧化碳，化学方程式是：
3CO+Fe2O3
2Fe+3CO2；反应②是一氧化碳和氧化铜在加热的条件下生成铜和二氧化碳，化学方程式是：
CO+CuO
Cu+CO2；
（4）从微观角度解释B和D两种物质性质不同的原因是：
分子构成不同，1个二氧化碳（CO2）分子比1个一氧化碳（CO）分子多1个氧原子。
12．甲、乙、丙、丁、戊、己六种常见物质，由氢、碳、氧、钠、钙5种元素中的2-3种组成。
（1）甲俗称熟石灰，其化学式为_______。
（2）乙是一种可溶性盐，遇盐酸反应产生大量无色气体己，此反应的化学方程式是________
（3）六种物质在一定条件下可以发生下列转化关系：
写出上图中反应I的化学方程式_______；符合上图转化关系的物质丙的化学式是______，物质已具有的一种用途是_______。
【答案】Ca（OH）2Na2CO3+2HCl=2NaCl+H2O+CO2↑Ca（OH）2+Na2CO3=CaCO3↓+2NaOHH2O灭火
【解析】
【详解】
（1）氢氧化钙俗称熟石灰，化学式为：
Ca（OH）2；
（2）乙是一种可溶性盐，遇盐酸反应产生大量无色气体己，则乙为碳酸盐，所以为碳酸钠，无色气体为二氧化碳，此反应为碳酸钠与盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，化学方程式是Na2CO3+2HCl=2NaCl+H2O+CO2↑；
（3）由图可知甲+乙→丁+戊，戊+己→乙和丙，又因为甲、乙、丙、丁、戊、己六种常见物质，由氢、碳、氧、钠、钙5种元素中的2-3种组成。
甲为氢氧化钙，乙为碳酸钠，己为二氧化碳，戊可以为氢氧化钠，丙为水，丁为碳酸钙，氢氧化钙与碳酸钠反应生成碳酸钙和氢氧化钠，化学方程式为：
Ca（OH）2+Na2CO3=CaCO3↓+2NaOH；丙为H2O；二氧化碳可用于灭火、气体肥料等。
13．图中A、B、C、D、E、F分别是铁、水、稀盐酸、稀硫酸、氢氧化钙溶液、硝酸银溶液中的一种，其中A为单质，C和E的物质类别相同。
图中用“﹣”或“⌒”表示两种物质之间能发生化学反应，用“→”或“
”表示一种物质可以转化为另一种物质（部分反应物和生成物及反应条件已略去）。
请回答下列问题：
（1）写出C、E物质（或溶质）的化学式：
C___，E___。
（2）A﹣B反应的化学方程式为___；F→D反应的化学方程式为___，该反应的基本类型为___。
（3）写出A与C发生反应的实验现象：
___。
【答案】HClH2SO4Fe+2AgNO3═Fe（NO3）2+2AgCaO+H2O═Ca（OH）2化合反应固体逐渐溶解，有气泡产生，最终得到浅绿色溶液
【解析】
【分析】
根据A是单质，所以A是铁，C和E的物质类别相同，故C和E是盐酸和稀硫酸中的一种；铁能与B反应，故B表示硝酸银；硝酸银能与C反应，E能转化为C，故C是盐酸，E是硫酸；硫酸能转化为F，F能转化为D，故F是水，D是氢氧化钙，然后将推出的物质进行验证即可。
【详解】
（1）C是盐酸，E是硫酸，故填：
HCl；H2SO4
（2）A与B的反应是铁和硝酸银反应生成硝酸亚铁和银，故填：
Fe+2AgNO3═Fe（NO3）2+2Ag
F生成D是氧化钙与水反应生成氢氧化钙，属于化合反应，故填：
CaO+H2O═Ca（OH）2；化合反应
（3）铁与盐酸反应生成氯化亚铁和氢气，故会观察到固体逐渐溶解，有气泡产生，最终得到浅绿色溶液，故填：
固体逐渐溶解，有气泡产生，最终得到浅绿色溶液
【点睛】
在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。
14．如图是某同学学习了氢氧化钠的化学性质后绘制的知识网络图，其中A、B、C分别表示不同类别的化合物，已知A是一种硫酸盐，其溶液呈蓝色，B能用于灭火，“﹣”表示相连两物质之间能相互反应．
（1）按物质分类，C属于_____（填“氧化物”、“酸”、“碱”或“盐”）．
（2）写出C的一种物质与NaOH反应的化学方程式：
_____．
（3）NaOH与A反应的实验现象是_____．
【答案】酸HCl+NaOH=NaCl+H2O（合理即可，如稀硫酸或稀硝酸与氢氧化钠反应）2NaOH+CuSO4=Cu（OH）2↓+Na2SO4
【解析】
（1）由碱的化学性质：
碱能与非金属氧化物、酸、盐等反应；A、B、C分别表示不同类别的化合物，已知A是一种硫酸盐，其溶液呈蓝色，则A为硫酸铜溶液；B能用于灭火，则B为二氧化碳，为非金属氧化物；故C属于酸，酸与碱发生中和反应；
（2）C为酸，盐酸能与氢氧化钠溶液反应生成氯化钠和水，反应的化学方程式为：
HCl+NaOH=NaCl+H2O（合理即可）；（3）NaOH与硫酸铜溶液生成氢氧化铜蓝色沉淀和硫酸钠溶液，会观察到有蓝色沉淀生成。
15．甲、乙、丙是初中常见物质，它们之间的转化关系如下图所示，其中部分反应物、生成物及反应条件已略去。
（1）若甲、乙、丙都是气体，丙是灭火剂，则乙是________。
（2）若甲、乙、丙都为金属，反应皆是在溶液中进行的置换反应，甲、乙、丙三种金属的化学式依次是________（写一组）。
（3）若甲、乙、丙含相同的金属元素。
甲是可用于改良酸性土壤的碱，乙转化为丙的化学方程式是________（写一个）。
（4）下列三组物质中，符合上述转化关系的是________（填标号）。
组别
甲
乙
丙
a
H2O2
H2O
O2
b
Na2CO3
NaOH
Na2SO4
c
KOH
KNO3
K2CO3
【答案】一氧化碳（或CO）Zn、Fe、Cu
ab
【解析】
【分析】
根据甲、乙、丙是初中常见物质，若甲、乙、丙都是气体，丙是灭火剂，所以丙是二氧化碳，甲转化成的乙会转化成二氧化碳，所以甲是氧气，乙是一氧化碳；若甲、乙、丙都为金属，反应皆是在溶液中进行的置换反应，排在前面的金属可以将排在后面的金属从其盐溶液中置换出来；若甲、乙、丙含相同的金属元素，甲是可用于改良酸性土壤的碱，所以甲是氢氧化钙，甲、乙都会转化成丙，所以乙是氯化钙，氢氧化钙、氯化钙都会生成丙，所以丙是碳酸钙，然后将推出的物质进行验证即可。
【详解】
（1）若甲、乙、丙都是气体，丙是灭火剂，所以丙是二氧化碳，甲转化成的乙会转化成二氧化碳，所以甲是氧气，乙是一氧化碳；
（2）若甲、乙、丙都为金属，反应皆是在溶液中进行的置换反应，排在前面的金属可以将排在后面的金属从其盐溶液中置换出来，所以甲、乙、丙三种金属的化学式依次是：
Zn、Fe、Cu；
（3）若甲、乙、丙含相同的金属元素，甲是可用于改良酸性土壤的碱，所以甲是氢氧化钙，甲、乙都会转化成丙，所以乙是氯化钙，氢氧化钙、氯化钙都会生成丙，所以丙是碳酸钙，乙转化为丙的反应是氯化钙和碳酸钠反应生成碳酸钙沉淀和氯化钠，化学方程式是：
；
（4）a、过氧化氢分解会生成水和氧气，水通电会生成氢气和氧气，故正确；
b、碳酸钠会转化成氢氧化钠，氢氧化钠会转化成硫酸钠，碳酸钠也会转化成硫酸钠，故正确；
c、硝酸钾不会转化成碳酸钾，故错误。
故选：
ab。
故答案为：
（1）一氧化碳（或CO）；
（2）Zn、Fe、Cu；
（3）
；
（4）ab。
16．如图是一个“珠漏”，A首先漏下，A﹣F分别代表6种初中化学的常见物质：
氧气、木炭、碳的某种氧化物、铁、四氧化三铁、硝酸铜。
珠子漏下的规则：
①相对分子质量第二大的第一个漏下；
②先漏下的珠子带动下一颗相互间能反应的珠子漏下，从而实现按A﹣B﹣C﹣D﹣E﹣F的顺序漏下。
（1）上述“碳的某种氧化物”的化学式是___。
（2）A与B反应的现象是____。
（3）物质C的用途是____。
（4）E与F发生反应的化学
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