网络工程师考试上半年上午试题解析.docx
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网络工程师考试上半年上午试题解析
网络工程师考试2007年上半年上午试题解析
●
(1)不属于计算机控制器中的部件。
(1)A.指令寄存器IR B.程序计数器PC
C.算术逻辑单元ALU D.程序状态字寄存器PSW
试题解析:
ALU属于运算器,不属于控制器。
答案:
C
●在CPU与主存之间设置高速缓冲存储器Cache,其目的是为了
(2)。
(2)A.扩大主存的存储容量 B.提高CPU对主存的访问效率
C.既扩大主存容量又提高存取速度 D.提高外存储器的速度
试题解析:
Cache是不具有扩大主存容量功能的,更不可能提高外存的访问速度。
但Cache的访问速度是在CPU和内存之间,可以提高CPU对内存的访问效率。
答案:
B
●下面的描述中,(3)不是RISC设计应遵循的设计原则。
(3)A.指令条数应少一些
B.寻址方式尽可能少
C.采用变长指令,功能复杂的指令长度长而简单指令长度短
D.设计尽可能多的通用寄存器
试题解析:
CISC的特点是多采用变长指令,而RISC刚好相反。
答案:
C
●某系统的可靠性结构框图如下图所示。
该系统由4个部件组成,其中2、3两个部件并联冗余,再与1、4部件串联构成。
假设部件1、2、3的可靠度分别为0.90、0.70、0.70。
若要求该系统的可靠度不低于0.75,则进行系统设计时,分配给部件4的可靠度至少应为(4)。
试题解析:
设某个部件的可靠性为Rx,在上图的连接方式中,总体可靠性=R1*(1-(1-R2)(1-R3))*R4。
答案:
C
●结构化开发方法中,数据流图是(5)阶段产生的成果。
(5)A.需求分析 B.总体设计
C.详细设计 D.程序编码
试题解析:
常识。
答案:
A
●关于原型化开发方法的叙述中,不正确的是(6)。
(6)A.原型化方法适应于需求不明确的软件开发
B.在开发过程中,可以废弃不用早期构造的软件原型
C.原型化方法可以直接开发出最终产品
D.原型化方法利于确认各项系统服务的可用性
试题解析:
原型是用于明确用户需求的,并非是提交用户的最终产品。
答案:
C
●如果两名以上的申请人分别就同样的发明创造申请专利,专利权应授予是(7)。
(7)A.最先发明的人 B.最先申请的人
C.所有申请人 D.协商后的申请人
试题解析:
常识。
答案:
B
●CMM模型将软件过程的成熟度分为5个等级,在(8)使用定量分析来不断地改进和管理软件过程。
(8)A.优化级 B.管理级 C.定义级 D.可重复级
试题解析:
CMM反映了软件过程能力的大小,它描述了五个级别的软件过程。
初始级:
特点是软件机构缺乏对软件过程的有效管理,软件过程是无序的,有时甚至是混乱的,对过程几乎没有定义,其软件项目的成功来源于偶尔的个人英雄主义而非群体行为,因此它不是可重复的。
可重复级:
特点是软件机构的项目计划和跟踪稳定,项目过程可控,项目的成功是可重复的。
已定义级:
特点在于软件过程已被提升成标准化过程,从而更加具有稳定性、可重复性和可控性。
已定量管理级:
特点是软件机构中软件过程和软件产品都有定量的目标,并被定量地管理,因而其软件过程能力是可预测的,其生产的软件产品是高质量的。
优化级:
特点是过程的量化反馈和先进的新思想、新技术促进过程不断改进,技术和过程的改进改进被作为常规的业务活动加以计划和管理。
答案:
A
●某系统的进程状态转换如下图所示,图中1、2、3、4分别表示引起状态转换的不同原因,原因4表示(9)。
(9)A.就绪进程被调度 B.运行进程执行了P操作
C.发生了阻塞进程等待的事件 D.运行进程时间片到了
试题解析:
常识。
即使不了解操作系统的进程管理,对四个选项进行分析也可以采用排除法获得正确答案。
答案:
C
●某网络工程计划图如下所示,边上的标记为任务编码及其需要的完成时间(天),则整个工程的工期为(10)。
(10)A.16 B.17 C.18 D.21
试题解析:
寻找最长路径1→2→3→4→5→6,路径之和就是整个工程的工期。
答案:
D
●关于多模光纤,下面的描述中描述错误的是(11)。
(11)A.多模光纤的芯线由透明的玻璃或塑料制成
B.多模光纤包层的折射率比芯线的折射率低
C.光波在芯线中以多种反射路径传播
D.多模光纤的数据速率比单模光纤的数据速率高
试题解析:
常识。
答案:
D
●关于路由器,下列说法中错误的是(12)。
(12)A.路由器可以隔离子网,抑制广播风暴
B.路由器可以实现网络地址转换
C.路由器可以提供可靠性不同的多条路由选择
D.路由器只能实现点对点的传输
试题解析:
D显然错误。
答案:
D
●100BASE-FX采用4B/5B和NRZ-I编码,这种编码方式的效率为(13)。
(13)A.50% B.60% C.80% D.100%
试题解析:
4B/5B编码法就是将数据流中的每4bits作为一组,然后按编码规则将每一个组转换成为5bits,因此效率为4/5=80%。
答案:
C
●在以太网中使用CRC校验码,其生成多项式是(14)。
试题解析:
谁都不会刻意记忆CRC编码的生成多项式。
但以太网帧格式的校验段总共有4个字节却是很多人熟识的,因此以太网的CRC码的生成多项式的最高阶必定是4*8=32,D是唯一满足条件的答案。
答案:
D
●8个9600b/s的信道按时分多路复用在一条线路上传输,在统计TDM情况下,假定每个子信道有80%的时间忙,复用线路的控制开销为5%,那么复用线路的带宽为(15)。
(15)A.32kb/s B.64kb/s C.72kb/s D.96kb/s
试题解析:
(8*9600)*80%/(1-5%)≈64kb/s。
答案:
B
●设信道带宽为4kHz,信噪比为30dB,按照香农定理,信道的最大数据速率约等于(16)。
(16)A.10kb/s B.20kb/s C.30kb/s D.40kb/s
试题解析:
答案:
D
●在E1载波中,每个子信道的数据速率是(17),E1载波的控制开销占(18)。
(17)A.32kb/s B.64kb/s C.72kb/s D.96kb/s
(18)A.3.125% B.6.25% C.1.25% D.25%
试题解析:
E1(或E-1)是欧洲电子传输格式,由ITU-TS设计并由欧洲邮政电讯管理委员会(CEPT)命名。
E1线路将32个信道复用在1个E1的数据帧中,每个信道占8个比特,每秒传输8000帧。
因此E1的速率为32×8×8000=2.048Mbps。
使用E1进行传输的ISDN使用了30个B信道传输数据,因此控制开销=(32-30)/32=6.25%。
(其实直接为E1载波的控制开销是多少是不严谨的,题目中并没有强调说一定是30B+D的ISDN系统,如果另外有其他的传输系统采用了不同的方式,那么控制开销自然也不同。
)
答案:
(17)B (18)B
●在HFC网络中,CableModem的作用是(19)。
(19)A.用于调制解调和拨号上网
B.用于调制解调以及作为以太网接口
C.用于连接电话线和用户终端计算机
D.连接ISDN接口和用户终端计算机
试题解析:
CableModem既不用于拨号上网,也不用于连接电话线,更与ISDN没有什么关系。
答案:
B
●以下属于对称数字用户线路(SymmetricalDigitalSubscriberLine)的是(20)。
(20)A.HDSL B.ADSL C.RADSL D.VDSL
试题解析:
答案:
A
●关于ARP表,以下描述中正确的是(21)。
(21)A.提供常用目标地址的快捷方式来减少网络流量
B.用于建立IP地址到MAC地址的映射
C.用于在各个子网之间进行路由选择
D.用于进行应用层信息的转换
试题解析:
常识。
答案:
B
●因特网中的协议应该满足规定的层次关系,下面的选项中能正确表示协议层次和对应关系的是(22)。
试题解析:
SNMP、TFTP是基于UDP的,而HTTP、Telnet是基于TCP的。
答案:
C
●BGP协议的作用是(23)。
(23)A.用于自治系统之间的路由器之间交换路由信息
B.用于自治系统内部的路由器之间交换路由信息
C.用于主干网中路由器之间交换路由信息
D.用于园区网中路由器之间交换路由信息
试题解析:
BGP(BorderGatewayProtocol,边界网关协议)负责在AS之间进行路由,是EGPs的一种。
答案:
A
●关于RIP,以下选项中错误的是(24)。
(24)A.RIP使用距离矢量算法计算最佳路由
B.RIP规定的最大跳数为16
C.RIP默认的路由更新周期为30秒
D.RIP是一种内部网关协议
试题解析:
RIP规定的最大跳数为15,16意味着无穷大。
答案:
B
●路由汇聚(RouteSummarization)是把小的子网汇聚成大的网络,下面4个子网:
172.16.193.0/24、172.16.194.0/24、172.16.196.0/24和172.16.198.0/24,进行路由汇聚后的网络地址是(25)。
(25)A.172.16.192.0/21 B.172.16.192.0/22
C.172.16.200.0/22 D.172.16.224.0/20
试题解析:
前两个字节和最后一个字节不做比较了,只比较第三个字节。
193→11000001
194→11000010
196→11000100
198→11000110
显然,这四个数字只有前五位是完全相同的,因此汇聚后的网络的第三个字节应该是11000000→192。
汇聚后的网络的掩码中1的数量应该有8+8+5=21。
因此答案是172.16.192.0/21。
答案:
A
●分配给某校园网的地址块是202.105.192.0/18,该校园网包含(26)个C类网络。
(26)A.6 B.14 C.30 D.62
试题解析:
C类地址的缺省掩码应该有24个“1”,24-18=6,因此正确答案应该是26=64。
但选项中没有64,只有62和它比较接近。
这是因为出题者还是遵循早已被废弃的“子网段中全0和全1都不可用”的旧规定。
答案:
D
●以下地址中属于D类地址的是(27)。
(27)A.224.116.213.0 B.110.105.207.0
C.10.105.205.0 D.192.168.0.7
试题解析:
常识。
答案:
A
●在windows操作系统中,采用(28)命令来测试到达目标所经过的路由器数目及IP地址。
(28)A.ping B.tracert C.arp D.nslookup
试题解析:
常识。
答案:
B
●FTP使用的传输层协议为(29),FTP的默认的控制端口号为(30)。
(29)A.HTTP B.IP C.TCP D.UDP
(30)A.80 B.25 C.20 D.21
试题解析:
常识。
答案:
(29)C (30)D
●在Linux操作系统中,(31)文件负责配置DNS,它包含了主机的域名搜索顺序和DNS服务器的地址。
(31)A./etc/hostname B./etc/host.conf
C./etc/resolv.conf D./etc/name.conf
试题解析:
常识。
答案:
C
●Linux系统在默认情况下将创建的普通文件的权限设置为(32)。
(32)A.-rw-r--r-- B.-r--r--r--
C.-rw-rw-rwx D.-rwxrwxrw-
试题解析:
普通文件是不可执行的,自然不会有x权限。
此外,文件拥有人缺省是具备读写权限的,而其他人只具备读权限。
答案:
A
●在Linux系统中,用户组加密后的口令存储在(33)文件中。
(33)A./etc/passwd B./etc/shadow
C./etc/group D./etc/shells
试题解析:
注意题目,问的是“用户组”,一不留神就上当了。
答案:
C
●以下关于WindowsServer2003的域管理模式的描述中,正确的是(34)。
(34)A.域间信任关系只能是单向信任
B.只有一个主域控制器,其它都为备份域控制器
C.每个域控制器都可以改变目录信息,并把变化的信息复制到其他域控制器
D.只有一个域控制器可以改变目录信息
试题解析:
Windows的活动目录包括域、域树、域林的概念,因此自然不会只有一个主域控制器,也不会只有一个域控制器可以改变目录信息了。
域间信任关系有单向信任和双向信任两种。
答案:
C
●在WindowsServer2003中,默认情况下(35)组用户拥有访问和完全控制终端服务器的权限。
(35)A.Interactive B.Network
C.Everyone D.System
试题解析:
自己看看就知道了。
答案:
D
●以下关于DHCP服务的说法中正确的是(36)。
(36)A.在一个子网内只能设置一台DHCP服务器,以防止冲突
B.在默认情况下,客户机采用最先到达的DHCP服务器分配的IP地址
C.使用DHCP服务,无法保证某台计算机使用固定IP地址
D.客户端在配置时必须指明DHCP服务器IP地址,才能获得DHCP服务
试题解析:
一个子网内可以设置多台DHCP服务器。
客户机采用广播方式发送地址请求,不需预先知道DHCP服务器的地址。
客户机采用最先到达的DHCP服务器分配的IP地址。
DHCP服务器可以采用MAC地址绑定的方式保证某台计算机使用固定IP地址。
答案:
B
●使用代理服务器(proxyserver)访问Internet的主要功能不包括(37)。
(37)A.突破对某些网站的访问限制
B.提高访问某些网站的速度
C.避免来自Internet上的病毒的入侵
D.隐藏本地主机的IP地址
试题解析:
代理服务器不具备抵御病毒入侵的能力。
答案:
C
●POP3协议采用(38)模式,当客户机需要服务时,客户端软件(OutlookExpress或Foxmail)与POP3服务器建立(39)连接。
(38)A.Browser/Server B.Client/Server
C.PeertoPeer D.PeertoServer
(39)A.TCP B.UDP
C.PHP D.IP
试题解析:
POP3是典型的C/S模式,POP3使用的TCP110端口。
答案:
(38)B (39)A
●DES是一种(40)算法。
(40)A.共享密钥 B.公开密钥 C.报文摘要 D.访问控制
试题解析:
DES是一种56位共享密钥的加密算法。
答案:
A
●在Linux系统中,利用(41)命令可以分页显示文件的内容。
(41)A.list B.cat C.more D.cp
试题解析:
常识。
答案:
C
●在Windows操作系统中,要实现一台具有多个域名的Web服务器,正确的方法是(42)。
(42)A.使用虚拟目录 B.使用虚拟主机
C.安装多套IIS D.为IIS配置多个Web服务端口
试题解析:
常识。
答案:
B
●下列行为不属于网络攻击的是(43)。
(43)A.连续不停Ping某台主机
B.发送带病毒和木马的电子邮件
C.向多个邮箱群发一封电子邮件
D.暴力破解服务器密码
试题解析:
邮件群发有可能是发垃圾邮件,但不属于网络攻击。
答案:
C
●采用Kerberos系统进行认证时,可以在报文中加入(44)来防止重放攻击。
(44)A.会话密钥 B.时间戳
C.用户ID D.私有密钥
试题解析:
会话密钥、用户ID和私有密钥都不具备防止重放攻击的能力。
答案:
B
●包过滤防火墙通过(45)来确定数据包是否能通过。
(45)A.路由表 B.ARP表 C.NAT表 D.过滤规则
试题解析:
路由表是用来决定数字包转发方向的。
ARP表是用来解析网络层地址和数据链路层地址的对应关系的。
NAT表是用来转换内网地址和外网地址的转换关系的。
只有过滤规则是用来决定数据包是否可以通过的。
答案:
D
●目前在网络上流行的“熊猫烧香”病毒属于(46)类型的病毒。
(46)A.目录 B.引导区 C.蠕虫 D.DOS
试题解析:
多了解时事是有好处的。
答案:
C
●多形病毒指的是(47)的计算机病毒。
(47)A.可在反病毒检测时隐藏自己 B.每次感染都会改变自己
C.可以通过不同的渠道进行传播 D.可以根据不同环境造成不同破坏
试题解析:
多形病毒又可称为自变体病毒,也就是说每次感染都会改变自己。
答案:
B
●SNMP采用UDP提供数据报服务,这是由于(48)。
(48)A.UDP比TCP更加可靠
B.UDP数据报文可以比TCP数据报文大
C.UDP是面向连接的传输方式
D.采用UDP实现网络管理不会太多增加网络负载
试题解析:
A、B、C都是明显错误。
答案:
D
● 在SNMPv2中,一个实体发送一个报文,一般经过四个步骤:
① 加入版本号和团体名,构造报文;
② 把PDU、源和目标端口地址以及团体名传送给认证服务,认证服务产生认证码或对数据进行加密,返回结果;
③ 根据要实现的协议操作构造PDU;
④ 进行BER编码,产生0/1比特串。
这四个步骤的正确次序是(49)。
(49)A.①③②④ B.③②①④
C.④①③② D.②①③④
试题解析:
即使不知道具体过程的人,也可以进行步骤分析。
④必定是最后的步骤,③必定在②之前,①必定不是第一个步骤,所以满足条件的只有B。
答案:
B
●嗅探器可以使网络接口处于杂收模式,在这种模式下,网络接口(50)。
(50)A.只能够响应与本地网络接口硬件地址相匹配的数据帧
B.只能够响应本网段的广播数据帧
C.只能响应组播信息
D.能够响应流经网络接口的所有数据帧
试题解析:
常识。
答案:
D
●把IP网络划分成子网,这样做的好处是(51)。
(51)A.增加冲突域的大小 B.增加主机的数量
C.减小广播域的大小 D.增加网络的数量
试题解析:
划分子网可以增加子网的数量,子网之间的数据传输需要通过路由器进行,因此自然就减小了广播域的大小。
答案:
C
●局域网中某主机的IP地址为172.16.1.12/20,该局域网的子网掩码为(52),最多可以连接的主机数为(53)。
(52)A.255.255.255.0 B.255.255.254.0
C.255.255.252.0 D.255.255.240.0
(53)A.4094 B.2044 C.1024 D.512
试题解析:
/20表示子网掩码中有20个“1”,因此子网掩码是255.255.240.0。
子网掩码中“0”的个数有32-20=12个,因此每个网络的主机数可达212-2=4094。
答案:
(52)D (53)A
●下面的地址中,属于私网地址的是(54)。
(54)A.192.118.10.1 B.127.1.0.1
C.172.14.2.240 D.172.17.20.196
试题解析:
答案:
D
●一个主机的IP地址是172.16.2.12/24,该主机所属的网络地址是(55)。
(55)A.172.0.0.0 B.172.16.0