专题11三角形的证明章末重难点题型举一反三北师大版.docx
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专题11三角形的证明章末重难点题型举一反三北师大版
专题1.1
三角形的证明章末重难点题型【北师大版】
【考点1等腰三角形的性质】
【方法点拨】掌握等腰三角形的性质:
1.等腰三角形是轴对称图形,顶角平分线所在的直线是它的对称轴。
2.等腰三角形的两底角相等(简称“等边对等角”)。
3.等腰三角形底边上的高线、中线及顶角平分线重合(简称“三线合一”)。
【例1】(2018春•金水区校级期中)已知等腰三角形一腰的垂直平分线与另一腰所在的直线的夹角为40°,则此等腰三角形的顶角是()
A.50°
B.130°
C.50°或140°
D.50°或130°
【分析】由题意可知其为锐角等腰三角形或钝角等腰三角形,不可能是等腰直角三角形,所以应分开来讨论.
【答案】解:
当为锐角时,如图:
1
∵∠ADE=40°,∠AED=90°,∴∠A=50°,
当为钝角时,如图:
∠ADE=40°,∠DAE=50°,
∴顶角∠BAC=180°﹣50°=130°.
故选:
D.
【点睛】本题考查了等腰三角形的性质及三角形内角和定理,分类讨论是正确解答本题的关键.
【变式1-1】(2018秋•洪山区期中)如图,已知AB=AC=BD,则∠1与∠2的关系是()
A.3∠1﹣∠2=180°
C.∠1+3∠2=180°
B.2∠1+∠2=180°D.∠1=2∠2
【分析】根据等腰三角形的性质和三角形内角和定理可得∠1和∠C之间的关系,再根据三角形外角的性质可得∠1和∠2之间的关系.
【答案】解:
∵AB=AC=BD,
∴∠B=∠C=180°﹣2∠1,
2
1
1
1
12
121
12
2
123
23
2
4
∴∠1﹣∠2=180°﹣2∠1,
∴3∠1﹣∠2=180°.
故选:
A.
【点睛】本题考查了等腰三角形的性质:
等腰三角形的两个底角相等,三角形内角和定理以及三角形外
角的性质;熟练掌握等腰三角形的性质,弄清角之间的数量关系是解决问题的关键,本题难度适中.
【变式1-2】(2018秋•邗江区期中)如图,若AB=AC,下列三角形能被一条直线分成两个小等腰三角形的是()
A.
(1)
(2)(3)
B.
(1)(3)(4)
C.
(2)(3)(4)
D.
(1)
(2)(4)
【分析】根据等腰三角形的判定对①②③④个选项逐一分析,只有②不能被一条直线分成两个小等腰三角形
【答案】解:
①中作∠B的角平分线即可;
3过A点作BC的垂线即可;
4中以A为顶点AB为一边在三角形内部作一个72度的角即可;
只有②选项不能被一条直线分成两个小等腰三角形.
故选:
B.
【点睛】考查了等腰三角形的判定方法以及三角形的内角和定理;进行尝试操作是解答本题的关键.
【变式1-3】(2018秋•新吴区期中)如图,在第一个△ABA中∠B=20°,AB=AB,在AB上取一点C,
延长AA到A,使得AA=AC,得到第二
AAC;在AC上取一点D,延长AA到A,使得AA=AD;…,按此做法进行下去,则以点A为顶点的等腰三角形的底角的度数为()
3
1
21
32
43
6
1
1
1
121
1
12
21
32
43
n
4
5
5
21
32
43
A.175°
B.170°
C.10°
D.5°
【分析】先根据等腰三角形的性质求出∠BAA的度数,再根据三角形外角的性质及等腰三角形的性质分别求出∠CAA,∠DAA及∠EAA的度数,找出规律即可得出∠A的度数.
【答案】解:
∵在△ABA中,∠B=20°,AB=AB,
∴∠BAA==80°,
∵AA=AC,∠BAA是
AC的外角,
∴∠CAA===40°;A
同理可得∠DAA=20°,∠EAA=10°,
∴∠A=,
以点A为顶点的底角为∠A.
∵∠A=
=5°,
故选:
D.
【点睛】本题考查的是等腰三角形的性质及三角形外角的性质,根据题意得出∠CAA,∠DAA及∠EAA的度数,找出规律是解答此题的关键.
【考点2等腰三角形的判定】
【方法点拨】掌握等腰三角形的判定:
等腰三角形的判定定理:
有两个角相等的三角形是等腰三角形。
简称“等角对等边”
牢记:
(1)等腰三角形的性质“等边对等角”与等腰三角形的判定“等角对等边”的条件和结论正好相反,要注意区分;
(2)判定定理可以用来判定一个三角形是等腰三角形,同时也是今后证明两条线段相等的重要依据。
【例2】(2019春•深圳期中)如图,DE∥BC,CG=GB,∠1=∠2,求证
DGE是等腰三角形.
4
【分析】根据已知条件,容易得出△ADE
ABC都是等腰三角形,则G为等腰△ABC底边BC的中点,为此连接AG,由等腰三角形的轴对称性质,得出结果
【答案】解:
连接AG,
∵DE∥BC,
∴∠ABC=∠1,∠ACB=∠2.
又∵∠1=∠2,
∴∠ABC=∠ACB.
又∵G为BC中点,
∴AG⊥BC.
∴AG⊥DE且平分DE,
∴DG=GE.
∴△DGE是等腰三角形.
【点睛】本题主要考查等腰三角形的判定与性质和平行线的知识点,解题要充分利用已知条件,联系所学结论,灵活选用解法.
【变式2-1】(2018秋•双阳区校级期中)如图,BD是△ABC的角平分线,DE∥BC,交AB于点E.求证:
△BED是等腰三角形.
5
【分析】依据角平分线即可得到∠EBD=∠DBC,依据平行线的性质即可得到∠EDB=∠DBC,进而得出∠EBD=∠EDB,由此可得△BED是等腰三角形.
【答案】证明∵BD是△ABC的角平分线,
∴∠EBD=∠DBC.
∵DE∥BC,
∴∠EDB=∠DBC.
∴∠EBD=∠EDB,
∴ED=EB,
∴△BED是等腰三角形.
【点睛】本题主要考查了等腰三角形的判定,如果一个三角形有两个角相等,那么这两个角所对的边也相等.
【变式2-2】(2018秋•鸠江区期中)已知:
如图,O为△ABC的∠BAC的角平分线上一点,∠1=∠2,求证:
△ABC是等腰三角形.
【分析】要证明三角形是等腰三角形,只需证明∠ABC=∠ACB即可,只要∠5=∠6,只要三角形全等即可,作出辅助线可证明三角形全等,于是答案可得.
【答案】证明:
作OE⊥AB于E,OF⊥AC于F,
∵AO平分∠BAC,
∴OE=OF(角平分线上的点到角两边的距离相等).
∵∠1=∠2,
∴OB=OC.
∴
OBE≌
OCF(HL).
6
∴∠5=∠6.
∴∠1+∠5=∠2+∠6.
即∠ABC=∠ACB.∴AB=AC.
∴△ABC是等腰三角形.
【点睛】此题主要考查等腰三角形的判定及全等三角形的判定及性质;作出辅助线构建全等的三角形是正确解答本题的关键.
【变式2-3】(2019秋•望谟县期中)已知:
如图,锐角△ABC的两条高BD、CE相交于点O,且OB=OC.求证:
△ABC是等腰三角形.
【分析】由OB=OC,即可求得∠OBC=∠OCB,又由,锐
ABC的两条高BD、CE相交于点O,根据三角形的内角和等于180°,即可证得△ABC是等腰三角形.
【答案】证明:
∵OB=OC,
∴∠OBC=∠OCB,
∵锐角△ABC的两条高BD、CE相交于点O,
∴∠BEC=∠CDB=90°,
∵∠BEC+∠BCE+∠ABC=∠CDB+∠DBC+∠ACB=180°,
∴180°﹣∠BEC﹣∠BCE=180°﹣∠CDB﹣∠CBD,
∴∠ABC=∠ACB,
7
∴AB=AC,
∴△ABC是等腰三角形;
【点睛】此题考查了等腰三角形的性质与判定,以及角平分线的判定等知识.此题难度不大,注意等角对等边与三线合一定理的应用.
【考点3“三线合一”性质的应用】
【方法点拨】等腰三角形底边上的高线、中线及顶角平分线重合(简称“三线合一”)。
【例3】(2019秋•武昌区期中)如图,
ABC中,∠BAC=90°,AD⊥BC,BE平分∠ABC,G为EF的中点,求证:
AG⊥EF.
【分析】只要证明AF=AE,利用等腰三角形的三线合一的性质即可解决问题;
【答案】证明:
∵BE平分∠ABC
∴∠ABE=∠CBE∠AEF=90°﹣∠ABE
又∵∠AFE=∠DFB=90°﹣∠CBE
∴∠AFE=∠AEF,
∴△AFE为等腰三角形
又∵G为EF的中点
∴AG⊥EF.
【点睛】本题考查等腰三角形的性质和判定,解题的关键是熟练掌握基本知识,属于中考常考题型.【变式3-1】(2019秋•青山区期中)在△ABC中,BC边上的高AG平分∠BAC.
(1)如图1,求证:
AB=AC;
(2)如图2,点D、E在△ABC的边BC上,AD=AE,BC=10cm,DE=6cm,求BD的长.
8
【分析】
(1)想办法证明∠B=∠C即可解决问题.
(2)如图2中,作AG⊥BC于G.利用等腰三角形的三线合一的性质证明BD=CE即可解决问题.【答案】
(1)证明:
如图1中,
∵AG为∠BAC的平分线,∴∠BAG=∠CAG,
∵AG为BC边上高
∴∠AGB=∠AGC=90°,∴∠B=∠C,
∴AB=AC.
(2)如图2中,作AG⊥BC于G.
∵AB=AC,AG⊥BC,
∴BG=CG,
∵AD=AE,AG⊥BC,
∴DG=EG,
∴BG﹣DG=CG﹣EG,
∴BD=CE,
∵BC=10cm,DE=6cm,
∴BD=2cm.
【点睛】本题考查等腰三角形的性质和判定,解题的关键是熟练掌握基本知识,属于中考常考题型.
9
【变式3-2】(2019•衡阳校级期中)已知:
如图,在等边三角形ABC的AC边上取中点D,BC的延长线上取一点E,使CE=CD.求证:
BD=DE.
【分析】欲证BD=DE,只需证∠DBE=∠E,根据等边三角形的性质及角的等量关系可证明∠DBE=∠E=30°.
【答案】证明:
∵△ABC为等边三角形,BD是AC边的中线,
∴BD⊥AC,BD平分∠ABC,∠DBE=∠ABC=30°.
∵CD=CE,
∴∠CDE=∠E.
∵∠ACB=60°,且∠ACB为△CDE的外角,
∴∠CDE+∠E=60°.
∴∠CDE=∠E=30°,
∴∠DBE=∠DEB=30°,
∴BD=DE.
【点睛】本题考查等腰三角形与等边三角形的性质及三角形内角和为180°等知识.此类已知三角形边
之间的关系求角的度数的题,一般是利用等腰(等边)三角形的性质得出有关角的度数,进而求出所求角的度数.
【变式3-3】如图所示,△ABC是等腰直角三角形,∠BAC=90°,AB=AC.
(1)若D为BC的中点,过D作DM⊥DN分别交AB、AC于M、N,求证:
DM=DN;
(2)若DM⊥DN分别和BA、AC延长线交于M、N,问DM和DN有何数量关系,并证明.
10
【分析】
(1)连接AD,可得∠ADM=∠CDN,可证△AMD≌△CND,可得DM=DN;
(2)连接AD,可得∠ADM=∠CDN,可证△AMD≌△CND,可得DM=DN.【答案】解:
(1)连接AD,
∵D为BC中点,
∴AD=BD,∠BAD=∠C,
∵∠ADM+∠ADN=90°,∠ADN+∠CDN=90°,
∴∠ADM=∠CDN,
在△AMD和△CND中,
,
∴△AMD≌△CND(ASA),
∴DM=DN.
(2)连接AD,∵D为BC中点,∴AD=BD,∠BAD=∠C,
∵∠ADM+∠MDC=90°,∠MDC+∠CDN=90°,
∴∠ADM=∠CDN,
∵∠MAD=MAC+DAC=135°,∠NCD=180°﹣∠ACD=135°在△AMD和△CND中,
11
,
∴△AMD≌△CND(ASA),
∴DM=DN.
【点睛】本题考查了全等三角形的判定,考查了全等三角形对应边相等的性质,本题中求证△AMD≌△CND是解题的关键.
【考点4等边三角形的判定与性质】
【方法点拨】等边三角形的性质:
(1)等边三角形是轴对称图形,并且具有3条对称轴;
(2)等边三角形的每个角都等于60°。
等边三角形的判定:
(1)三边相等的三角形是等边三角形。
(2)三个角都相等的三角形是等边三角形。
(3)有两个角是60°的三角形是等边三角形。
(4)有一个角是60°的等腰三角形是等边三角形。
【例4】(2018秋•松桃县期末)如图,点P,M,N分别在等
ABC的各边上,且MP⊥AB于点P,MN⊥BC于点M,PN⊥AC于点N.
(1)求证:
△PMN是等边三角形;
(2)若AB=12cm,求CM的长.
【分析】
(1)根据等边三角形的性质得出∠A=∠B=∠C,进而得出∠MPB=∠NMC=∠PNA=90°,再根据平角的意义即可得出∠NPM=∠PMN=∠MNP,即可证得△PMN是等边三角形;
(2)易证得△PBM≌△MCN≌△NAP,得出PA=BM=CN,PB=MC=AN,从而求得BM+PB=AB=12cm,
根据直角三角形30°角所对的直角边等于斜边的一半得出2PB=BM,即可求得PB的长,进而得出MC的长.
12
【答案】解:
(1)∵△ABC是正三角形,
∴∠A=∠B=∠C,
∵MP⊥AB,MN⊥BC,PN⊥AC,
∴∠MPB=∠NMC=∠PNA=90°,
∴∠PMB=∠MNC=∠APN,
∴∠NPM=∠PMN=∠MNP,
∴△PMN是等边三角形;
(2)根据题意△PBM≌△MCN≌△NAP,
∴PA=BM=CN,PB=MC=AN,
∴BM+PB=AB=12cm,
∵△ABC是正三角形,
∴∠A=∠B=∠C=60°,
∴2PB=BM,
∴2PB+PB=12cm,
∴PB=4cm,
∴MC=4cm.
【点睛】本题考查了等边三角形的判定和性质,平角的意义,三角形全等的性质等,得出∠NPM=∠PMN=∠MNP是本题的关键.
【变式4-1】(2018秋•邵阳县期末)如图,在等边△ABC中,∠ABC与∠ACB的平分线相交于点O,且OD∥AB,OE∥AC
(1)试判定△ODE的形状,并说明你的理由;
(2)若BC=10,求△ODE的周长.
【分析】
(1)证明∠ABC=∠ACB=60°;证明∠ODE=∠ABC=60°,∠OED=∠ACB=60°,即可解决问题.
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(2)证明BD=OD;同理可证CE=OE;即可解决问题.
【答案】解:
(1)△ODE是等边三角形;理由如下:
∵△ABC是等边三角形,
∴∠ABC=∠ACB=60°;
∵OD∥AB,OE∥AC,
∴∠ODE=∠ABC=60°,∠OED=∠ACB=60°,∴△ODE为等边三角形.
(2)∵OB平分∠ABC,OD∥AB,
∴∠ABO=∠DOB,∠ABO=∠DBO,
∴∠DOB=∠DBO,
∴BD=OD;同理可证CE=OE;
∴△ODE的周长=BC=10.
【点睛】该题主要考查了等边三角形的判定及其性质的应用问题;解题的关键是灵活运用平行线的性质、等边三角形的性质来分析、判断、解答.
【变式4-2】(2019秋•寿光市期末)如图,A、B、C三点在同一直线上,分别以AB、BC为边,在直线AC
的同侧作等边△ABD和等边△BCE,连接AE交BD于点M,连接CD交BE于点N,连接MN得△BMN.
(1)求证:
△ABE≌△DBC.
(2)试判断△BMN的形状,并说明理由.
【分析】
(1)由三角形ABD与三角形BCE都为等边三角形,利用等边三角形的性质得到两条边对应相等,两个角相等都为60°,利用SAS即可得到三角形ABE与三角形DBC全等;
14
(2)三角形BMN为等边三角形,理由为:
由第一问三角形ABE与三角形DBC全等,利用全等三角形
的对应角相等得到一对角相等,再由∠ABD=∠EBC=60°,利用平角的定义得到∠MBE=∠NBC=
60°,再由EB=CB,利用ASA可得出三角形EMB与三角形CNB全等,利用全等三角形的对应边相等
得到MB=NB,再由∠MBE=60°,利用有一个角为60°的等腰三角形为等边三角形可得出三角形BMN为等边三角形.
【答案】解:
(1)证明:
∵等
ABD和等边△BCE,
∴AB=DB,BE=BC,∠ABD=∠EBC=60°,
∴∠ABE=∠DBC=120°,
在△ABE和△DBC中,
∵,
∴△ABE≌△DBC(SAS);
(2)△BMN为等边三角形,理由为:
证明:
∵△ABE≌△DBC,
∴∠AEB=∠DCB,
又∠ABD=∠EBC=60°,
∴∠MBE=180°﹣60°﹣60°=60°,
即∠MBE=∠NBC=60°,
在△MBE和△NBC中,
∵,
∴△MBE≌△NBC(ASA),
∴BM=BN,∠MBE=60°,
则△BMN为等边三角形.
【点睛】此题考查了等边三角形的判定与性质,以及全等三角形的判定与性质,熟练掌握判定与性质是解本题的关键.同时做第二问时注意利用第一问已证的结论.
【变式4-3】(2019秋•中江县期末)如图,△ABC中,AB=BC=AC=12cm,现有两点M、N分别从点A、
点B同时出发,沿三角形的边运动,已知点M的速度为1cm/s,点N的速度为2cm/s.当点N第一次到
15
达B点时,M、N同时停止运动.
(1)点M、N运动几秒后,M、N两点重合?
(2)点M、N运动几秒后,可得到等边三角形△AMN?
(3)当点M、N在BC边上运动时,能否得到以MN为底边的等腰三角形AMN?
如存在,请求出此时M、N运动的时间.
【分析】
(1)首先设点M、N运动x秒后,M、N两点重合,表示出M,N的运动路程,N的运动路程比M的运动路程多12cm,列出方程求解即可;
(2)根据题意设点M、N运动t秒后,可得到等边三角形△AMN,然后表示出AM,AN的长,由于∠A等于60°,所以只要AM=AN三角形ANM就是等边三角形;
(3)首先假设△AMN是等腰三角形,可证
ACM≌△ABN,可得CM=BN,设出运动时间,表示出CM,NB,NM的长,列出方程,可解出未知数的值.
【答案】解:
(1)设点M、N运动x秒后,M、N两点重合,
x×1+12=2x,
解得:
x=12;
(2)设点M、N运动t秒后,可得到等边三角形△AMN,如图①,
AM=t×1=t,AN=AB﹣BN=12﹣2t,
∵三角形△AMN是等边三角形,
∴t=12﹣2t,
解得t=4,
∴点M、N运动4秒后,可得到等边三角形△AMN.
(3)当点M、N在BC边上运动时,可以得到以MN为底边的等腰三角形,
由
(1)知12秒时M、N两点重合,恰好在C处,
16
如图②,假设△AMN是等腰三角形,
∴AN=AM,
∴∠AMN=∠ANM,
∴∠AMC=∠ANB,
∵AB=BC=AC,
∴△ACB是等边三角形,
∴∠C=∠B,
在△ACM和△ABN中,
∵,
∴△ACM≌△ABN,
∴CM=BN,
设当点M、N在BC边上运动时,M、N运动的时间y秒时,△AMN是等腰三角形,
∴CM=y﹣12,NB=36﹣2y,CM=NB,
y﹣12=36﹣2y,
解得:
y=16.故假设成立.
∴当点M、N在BC边上运动时,能得到以MN为底边的等腰三角形AMN,此时M、N运动的时间为16秒.
【考点5直角三角形全等的判定】
【方法点拨】对于特殊的直角三角形,判定它们全等时,还有HL定理(斜边、直角边定理):
有斜边和一条直角边对应相等的两个直角三角形全等(可简写成“斜边、直角边”或“HL”)
【例5】(2018秋•思明区校级月考)如图,在四边形ABCD中,AD⊥BD,AC⊥CB,BD=AC.求证
ABD≌△BAC;
【分析】根据AD⊥BD,AC⊥CB,可得∠ADB=∠BCA=90°,而AB=BA,BD=AC,利用HL可证
ADB≌
BCA.
【答案】证明:
∵AD⊥BD,AC⊥CB,
17
∴∠ADB=∠BCA=90°,
在
ADB和
BCA中,
AB=BA,BD=AC,
∴
ADB≌
BCA(HL)
【点睛】本题考查了全等三角形的判定,解题的关键是证明
ADB≌
BCA.
【变式5-1】(2019秋•睢宁县校级月考)如图,
ABC中,∠C=90°,BC=2,一条直线MN=AB,M、
N分别在AC和过点A且垂直于AC的射线AP上运动.问点M运动到什么位置,才能使△ABC和△AMN全等?
并证明你的结论.
【分析】由条件可知∠C=∠MAN=90°,且AB=MN,故要使△ABC和△AMN全等则有AM与CA对应或AM和BC对应,从而可确定出M的位置.
【答案】解:
当点C和点M重合或AM=2时两个三角形全等,
证明如下:
∵PA⊥AC,
∴∠BCA=∠MAN=90°,
当点C、点M重合时,则有AM=AC,
在
ABC和
MNA中,
∴
ABC≌
MNA(HL),当AM=BC=2时,
在
ABC和
MNA中,
∴
ABC≌
MNA(HL),
综上可知当点C和点M重合或AM=2时两个三角形全等.
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【点睛】本题主要考查全等三角形的判定,掌握全等三角形的判定方法是解题的关键,即SSS、SAS、ASA、AAS和HL.
【变式5-2】(2019秋•合浦县期末)如图,已知∠A=∠D=90°,E、F在线段BC上,DE与AF交于点O,且AB=CD,BE=CF.求证:
ABF≌
DCE.
【分析】由于△ABF与△DCE是直角三角形,根据直角三角形全等的判定的方法即可证明.【答案】证明:
∵BE=CF,
∴BE+EF=CF+EF,即BF=CE,
∵∠A=∠D=90°,
∴△ABF与△DCE都为直角三角形,
在
ABF和
DCE中,
,
∴
ABF≌
DCE(HL).
【点睛】此题考查了直角三角形全等的判定,解题关键是由BE=CF通过等量代换得到BF=CE.
【变式5-3】(2019春•醴陵市期末)如图,在四边形ABCD中,AB=AD,CA平分∠BCD,AE⊥BC于点E,AF⊥CD交