故第6天的利润最大,最大利润为1050元.
21.解:
(1)由a>1,知x2+2x+a>0对任意x∈[-3,3]都成立.
令u(x)=x2+2x+a,x∈[-3,3],则y=log2u(x),
且u(x)=(x+1)2+a-1,x∈[-3,3],
∴u(x)在区间[-3,-1]上为减函数,在区间(-1,3]上为增函数.
又∵y=log2u(x)为增函数,
∴f(x)=log2(x2+2x+a)的两个单调区间为[-3,-1],(-1,3],且f(x)在[-3,-1]上为减函数,在(-1,3]上为增函数.
(2)由
(1)知f(x)在x=-1处取得最小值,在x=3处取得最大值,
∴f(x)max=f(3)=log2(a+15)=5,解得a=17,
∴f(x)min=f(-1)=log216=4.
22.解:
(1)取x=2,y=1,可得f(2×1)=f
(2)f
(1),
∴4=4f
(1),∴f
(1)=1.
取x=2,y=2,可得f(2×2)=f
(2)f
(2),∴f(4)=16.
取x=2,y=4,可得f(2×4)=f
(2)f(4)=4×16=64,∴f(8)=64.
(2)证明:
任取x1>x2>0,则f(x1)-f(x2)=f(·x2)-f(x2)=f()f(x2)-f(x2)=f(x2)[f()-1].
∵x1>x2>0,
∴>1,∴f()>1,∴f()-1>0.
要证明f(x)在(0,+∞)上为增函数,只需证f(x2)>0.
当x2>1时,f(x2)>1>0成立;当x2=1时,f(x2)=1>0成立;
当0∵>1,∴f()>1>0,∴>0,故此时仍有f(x2)>0成立.
综上知f(x2)>0在(0,+∞)上恒成立,从而函数f(x)在(0,+∞)上为增函数.
(3)由
(1)知f(4)=16,则原不等式可变形为f(4)f()≥f(x-3),即f()≥f(x-3),
∵f(x)为定义在(0,+∞)上的增函数,
∴解得3