江苏省云阳市学年第一学期末模拟高一物理卷.docx

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江苏省云阳市学年第一学期末模拟高一物理卷

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江苏省云阳市2016-2017学年第一学期末模拟高一物理卷

学校：

___________姓名：

___________班级：

___________考号：

___________

分卷I

一、单选题

1.下列关于质点的说法，正确的是（　　）

A．原子很小，所以可以看做质点

B．研究和观察日食时，可把太阳看做质点

C．在伦敦奥运会的单杠比赛中，运动员邹凯可看做质点

D．从地球上的控制中心跟踪观察在太空中飞行的宇宙飞船，可以把飞船看做质点

2.如图所示是三个质点A、B、C的运动轨迹，三个质点同时从N点出发，同时到达M点．下列说法正确的是（　　）

A．三个质点从N到M的平均速度相同

B．三个质点到达M点的瞬时速度相同

C．三个质点从N到M的平均速率相同

D．B质点从N到M的平均速度方向与任意时刻的瞬时速度方向相同

3.甲、乙两位同学进行百米赛跑，假如把他们的运动近似当做匀速直线运动来处理，他们同时从起跑线起跑，经过一段时间后他们的位置如下图所示，分别作出在这段时间内两人运动的位移x、速度v与时间t的关系图象，正确的是（　　）

A．

B．

C．

D．

4.如图是一辆汽车做直线运动的x－t图象，对线段OA，AB，BC，CD所表示的运动，下列说法正确的是（　　）

A．OA段运动速度最大

B．AB段物体做匀速运动

C．CD段的运动方向与初始运动方向相反

D．运动4h汽车的位移大小为30km

5.如图所示，一小球在斜面上处于静止状态，不考虑一切摩擦，如果把竖直挡板由竖直位置缓慢绕O点转至水平位置，则此过程中球对挡板的压力F1和球对斜面的压力F2的变化情况是（　　）

A．F1先增大后减小，F2一直减小

B．F1先减小后增大，F2一直减小

C．F1和F2都一直减小

D．F1和F2都一直增大

6.如图所示，质量分别为m和2m的A和B两球用轻弹簧连接，A球用细线悬挂起来，两球均处于静止状态，如果将悬挂A球的细线剪断，此时A和B两球的瞬时加速度aA、aB的大小分别是（　　）

A．aA＝0，aB＝0

B．aA＝g，aB＝g

C．aA＝3g，aB＝g

D．aA＝3g，aB＝0

7.物体做曲线运动的条件是（　　）

A．受到的合外力必须是恒力

B．受到的合外力必须是变力

C．合外力方向与速度方向在一条直线上

D．合外力方向与速度方向不在一条直线上

二、多选题

8.（多选）下列所描述的运动中，可能的是（　　）

A．速度变化很大，加速度很小

B．速度变化方向为正，加速度方向为负

C．速度变化越来越快，加速度越来越小

D．速度越来越大，加速度越来越小

9.（多选）如图是某质点的运动图象，由图象可以得出的正确结论是（　　）

A．0～4s内的位移大小是3m

B．0～1s内加速度是2m/s2

C．0～4s内平均速度是1.25m/s

D．0～1s内的速度方向与2～4s内速度方向相反

10.（多选）一辆汽车以12m/s的速度行驶，遇到情况紧急刹车，司机采取制动措施，使汽车做匀减速直线运动，若制动后汽车的加速度大小为6m/s2，则（　　）

A．经3s，汽车的速度为0

B．经3s，汽车的速度为6m/s

C．经3s，汽车的位移为9m

D．经3s，汽车的位移为12m

11.（多选）将重为50N的物体放在某直升电梯的地板上，该电梯在经过某一楼层地面前后运动过程中，物体受到电梯地板的支持力随时间变化的图象如图所示，由此可以判断（　　）

A．t＝1s时刻电梯的加速度方向竖直向上

B．t＝6s时刻电梯的加速度为零

C．t＝8s时刻电梯处于失重状态

D．t＝11s时刻电梯的加速度方向竖直向下

12.（多选）如下图所示，A、B两物体均静止，关于B物体的受力情况，下列叙述正确的是（　　）

A．可能受到三个力，也可能受到四个力

B．一定受到四个力的作用

C．必受到地面的静摩擦力作用

D．必受到地面的支持力作用

13.（多选）如图所示，斜面体放置在水平地面上，物块沿粗糙的斜面加速下滑，斜面体始终保持静止，在此过程中（　　）

A．斜面体对物块的作用力斜向左上方

B．斜面体对物块的作用力斜向右上方

C．地面对斜面体的摩擦力水平向右

D．地面对斜面体的支持力大于物块与斜面体的重力之和

14.（多选）如图所示，水平传送带A、B两端点相距x＝3.5m，以v0＝2m/s的速度（始终保持不变）顺时针运转，今将一小煤块（可视为质点）无初速度地轻放在A端，已知小煤块与传送带间的动摩擦因数为0.4.由于小煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕，小煤块从A运动到B的过程中（g取10m/s2）（　　）

A．所用的时间是2s

B．所用的时间是2.25s

C．划痕长度是4m

D．划痕长度是0.5m

分卷II

三、实验题

15.某同学在做“研究匀变速直线运动”的实验中，所用电源频率为50Hz.如图所示，取一段实验纸带，从0点开始每5个点取一个计数点，分别记为1、2、3、4，各计数点到0点的距离已在图中标出．则相邻计数点间的时间间隔为______s，小车到计数点2时的瞬时速度v2＝________m/s，根据数据可求得小车的加速度a＝________m/s2.（结果保留2位有效数字）

16.在“验证牛顿第二定律”的实验中，实验装置如图甲所示．

甲

（1）某组同学采用控制变量的方法，来研究小车质量不变的情况下，小车的加速度与小车受到的力的关系，下列措施中不需要和不正确的是（　　）

①首先要平衡摩擦力，使小车受到的合力就是细绳对小车的拉力

②平衡摩擦力的方法就是，在塑料小桶中添加砝码，使小车能匀速滑动

③每次改变拉小车的拉力后都需要重新平衡摩擦力

④实验中通过在塑料桶中增加砝码来改变小车受到的拉力

⑤实验中应先放小车，然后再开打点计时器的电源

A．①③⑤B．②③⑤

C．③④⑤D．②④⑤

（2）有一位同学通过实验测量作出了图乙中的A图线，另一位同学实验测出了如图丙中的B图线．试分析：

①A图线不通过坐标原点的原因是_______________________________________________

_________________________；

②A图线上部弯曲的原因是_____________________________________________________

___________________；

③B图线在纵轴上有截距的原因是______________________________________________

__________________________．

（3）在处理数据时，某同学做出的a－

的关系图线，如图丁所示．从图象中可以看出，作用在物体上的恒力F＝________N．当物体的质量为2.5kg时，它的加速度为________m/s2.

17.李明同学在做“探究合力与分力的关系”实验时，利用坐标纸记下了橡皮筋的结点位置O以及两只弹簧测力计拉力的大小，如图（a）所示．

（1）试在图（a）中作出无实验误差情况下F1和F2的合力图示，并用F表示此力．

（2）有关此实验，下列叙述正确的是（　　）

A．两弹簧测力计的拉力可以同时比橡皮筋的拉力大

B．橡皮筋的拉力是合力，两弹簧测力计的拉力是分力

C．两次拉橡皮筋时，需将橡皮筋结点拉到同一位置O，这样做的目的是保证两次弹簧测力计拉力的作用效果相同

D．若只增大某一只弹簧测力计的拉力大小而保持橡皮筋结点位置不变，只需调整另一只弹簧测力计拉力的大小即可

（3）如图（b）所示是李明和张华两位同学在做以上实验时得到的结果，其中哪一个实验结果比较符合实验事实？

（力F′是用一只弹簧测力计拉时的图示）

________________________________________________________________________

（4）在以上比较符合实验事实的一位同学的实验中，造成误差的主要原因是：

（至少写出两种情况）________________________________________________________________________

18.某同学在做研究弹簧的形变与外力的关系实验时，将一轻弹簧竖直悬挂让其自然下垂，测出其自然长度；然后在其下部施加外力F，测出弹簧的总长度L，改变外力F的大小，测出几组数据，作出外力F与弹簧总长度L的关系图线如下图所示．（实验过程是在弹簧的弹性限度内进行的）由图可知该弹簧的自然长度为________cm；该弹簧的劲度系数为________N/m.

四、计算题

19.如图所示，将一个小球水平抛出，抛出点距水平地面的高度h＝1.8m，小球抛出的初速度为

。

不计空气阻力。

取g＝

。

求：

（1）小球从抛出到落地经历的时间t；

（2）小球落地点与抛出点的水平距离s；

（3）小球落地时的速度大小

。

20.如图所示，质量为m1的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O，轻绳OB水平且B端与站在水平面上的质量为m2的人相连，轻绳OA与竖直方向的夹角θ＝37°，物体甲及人均处于静止状态．若人的质量m2＝60kg，人与水平面之间的动摩擦因数μ＝0.3，欲使人在水平面上不滑动，则物体甲的质量m1最大不能超过多少？

（已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）

21.如图所示，质量为4kg的物体静止于水平面上，物体与水平面间的动摩擦因数为μ＝0.5，物体在大小为20N、方向与水平方向成37°角斜向上的拉力F作用下，从静止开始沿水平面做匀加速运动．求：

（取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）

（1）物体的加速度是多大？

（2）经过10s后速度大小为多少？

（3）若10s末撤去外力F，物体还可以运动多远？

22.如图所示，质量M＝1kg且足够长的木板静止在水平面上，与水平面间动摩擦因数μ1＝0.1.现有一质量m＝2kg的小铁块以v0＝3m/s的水平速度从左端滑上木板，铁块与木板间动摩擦因数μ2＝0.2.重力加速度g＝10m/s2.求：

（1）铁块刚滑上木板时，铁块和木板的加速度分别多大？

（2）木板的最大速度多大？

五、填空题

23.某同学采用如图甲所示的实验装置做“研究平抛运动”的实验．

（1）实验时下列哪些操作是必须的________（填序号）

①将斜槽轨道的末端调成水平．

②用天平称出小球的质量．

③每次都要让小球从同一位置由静止开始运动．

（2）实验时此同学忘记在白纸上记录小球抛出点的位置，于是他根据实验中记录的点迹描出运动轨迹曲线后，在该段曲线上任取水平距离均为Δx＝20.00cm的三点A，B，C，如图乙所示，其中相邻两点间的竖直距离分别为y1＝10.00cm，y2＝20.00cm.小球运动过程中所受空气阻力忽略不计．请你根据以上数据帮助他计算出小球初速度v0＝________m/s.（g取10m/s2）

答案解析

1.【答案】D

【解析】物体能否看作质点不是根据物体的大小来判断的，原子虽然很小，但是研究原子内部结构时，原子不能看做质点，A错误；研究日食时，需要用到太阳的大小，所以不能看做质点，B错误；在单杠比赛中，需要观察运动员的动作，不能看成质点，C错误；研究太空中飞船的运动，飞船的大小可以忽略，可以看做质点，D正确．

2.【答案】A

【解析】平均速度等于位移与时间的比值，由于位移与时间都相等，故平均速度相同，故A正确；平均速率等于路程与时间的比值，由于时间相等，路程不等，故平均速率不相等，故C错误；三个质点到达M点的瞬时速度方向肯定不同，所以瞬时速度肯定不同，B错误；B点不一定做单向直线运动，所以B质点从N到M的平均速度方向与任意时刻的瞬时速度方向不一定相同，D错误．

3.【答案】B

【解析】由题图可知，在相同时间内乙的位移大于甲，乙的速度大于甲，B正确．

4.【答案】C

【解析】x－t图象中的斜率表示速度，由图可知CD段速度最大，A错；AB段表示静止，B错；初始运动沿正方向，CD段运动沿负方向，C对；4h内汽车的位移为0，D错．

5.【答案】B

【解析】小球受重力、挡板弹力F1和斜面弹力F2，将F1与F2合成为F，如图所示：

小球一直处于平衡状态，三个力中的任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故F1和F2合成的合力F一定与重力等值、反向、共线．从图中可以看出，当挡板绕O点逆时针缓慢地转向水平位置的过程中，F1先变小，后变大，F2越来越小；故A、C、D错误，B正确．

6.【答案】D

【解析】分析B球原来受力如图甲所示F′＝2mg，剪断细线后弹簧形变瞬间不会恢复，故B球受力不变，aB＝0.分析A球原来受力如图乙所示：

FT＝F＋mg，F′＝F，故FT＝3mg.

剪断细线，FT变为0，F大小不变，物体A受力如图丙所示：

由牛顿第二定律得：

F＋mg＝maA，解得aA＝3g.

7.【答案】D

【解析】A、B、在恒力作用下可能做曲线运动，比如平抛运动；也可以是变力，比如匀速圆周运动，故A、B错误．

C、D、由牛顿第二定律可知合外力的方向与加速度的方向始终相同，所以物体的加速度与速度方向不在同一直线上．故C错误，D正确．

8.【答案】AD

【解析】因为Δv＝a・Δt，尽管a很小，只要Δt足够大，Δv可以很大，选项A是正确的．当a与v同方向时，质点做加速运动，尽管a逐渐减小，但a与v是同方向的，所以v还是增大，一直到a减小到零时为止，故D项正确．加速度方向和速度变化方向一定相同，所以B项错误．加速度a＝

是描述速度变化快慢的物理量，速度变化快，加速度一定大，所以C项是错误的．

9.【答案】BC

【解析】v－t图象的“面积”表示位移，所以0～4s内的位移大小为x＝

×（1＋4）×2m＝5m，平均速度是v＝

＝

m/s＝1.25m/s，A错误，C正确；v－t图象的斜率表示加速度，所以0～1s内加速度是a＝2m/s2，B正确；0～4s内的v－t图象均位于横轴上方，这表示速度的方向相同，即与规定的正方向相同，故D错误．

10.【答案】AD

【解析】汽车速度减为零的时间为：

t＝

＝

s＜3s，可知经过3s，汽车的速度为零，A正确，B错误；汽车3s内的位移等于2s内的位移，则有：

x＝v0t＋

at2＝12×2m＋

×

×22m＝12m，C错误，D正确．

11.【答案】ABD

【解析】t＝1s时刻，支持力大于重力，所以加速度方向向上，故A正确；t＝6s时，支持力等于重力，加速度为零，故B正确；t＝8s时，支持力等于重力，处于平衡状态，故C错误；t＝11s时，支持力小于重力，加速度方向向下，故D正确．

12.【答案】BCD

【解析】B受到重力、绳的拉力、水平向右的摩擦力和地面支持力四个力的作用．由于B受到向右的摩擦力则必受到地面的支持力的作用．

13.【答案】BC

【解析】以物块为研究对象，受力分析可知，物块受重力、斜面的作用力而加速下滑，则合外力一定沿斜面向下；根据二力合成可知，斜面体对物块的作用力只能斜向右上方；故A错误，B正确；再对斜面体受力分析可知，斜面体受物块向左下的压力，故斜面体受到的摩擦力水平向右，故C正确；对整体受力分析可知，整体有向下的加速度，可以认为整体处于失重状态，故整体对地面的压力小于两物体的重力，故D错误．

14.【答案】AD

【解析】根据牛顿第二定律，小煤块的加速度a＝μg＝4m/s2，则匀加速运动的时间t1＝

＝

s＝0.5s，匀加速运动的位移x1＝

at

＝

×4×（0.5）2m＝0.5m，则小煤块匀速运动的位移x2＝x－x1＝3.5m－0.5m＝3m，则匀速运动的时间t2＝

＝

s＝1.5s，所以小煤块从A运动到B的时间t＝t1＋t2＝2s，故A正确，B错误；在小煤块匀加速运动的过程中，传送带的位移x3＝v0t1＝2×0.5m＝1m，则划痕的长度Δx＝x3－x1＝0.5m，故C错误，D正确．

15.【答案】0.1　0.19　0.20

【解析】打点时间间隔为0.02s，所以相邻计数点间的时间间隔为0.02×5s＝0.1s

小车到计数点2时的瞬时速度v2＝

＝

m/s×10－2＝0.19m/s，

根据数据可求得小车的加速度a＝

＝

＝

×10－2m/s2＝0.20m/s2.

16.【答案】

（1）B　

（2）①没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够；

②未满足拉车的砝码质量m远小于小车的质量M；　③在平衡摩擦力时，长木板的倾角过大，小车沿斜面向下的分力大于摩擦力，使尚未对小车施加拉力时，小车已有加速度　（3）5　2

【解析】

（1）①首先要平衡摩擦力，使小车受到合力就是细绳对小车的拉力，①正确．

②平衡摩擦力的方法就是，不挂塑料小桶，把木板的一端垫高，轻推小车，使小车能匀速滑动，②错误．

③平衡摩擦力后，在实验过程中不需要重新平衡摩擦力，③错误．

④实验中通过在塑料桶中增加砝码来改变小车受到的拉力，④正确．

⑤实验中应先接通电源，然后再释放小车，⑤错误；

本题选不正确的，故选：

B.

（2）①A图线不通过坐标原点，即拉力要有一定数值小车才有加速度，可知其原因是可能是实验前没有平衡摩擦力或摩擦力没有平衡够；

②A图线上部弯曲的原因是未满足塑料桶及桶中砝码的质量m远小于小车的质量M这个条件；

③B图线在纵轴上有截距的原因是在平衡摩擦力时，长木板的倾角过大，小车沿斜面向下的分力大于摩擦力，使尚未对小车施加拉力时，小车已有加速度．因此作出的图线中，F为0时，a不为0，而是有一定的数值；

（3）从图中可知a＝2m/s2时，

＝0.4，根据牛顿第二定律可知F＝Ma＝5N，当物体的质量为2.5kg时，它的加速度为a1＝

＝

m/s2＝2m/s2.

17.【答案】

（1）如图所示

（2）AC（3）张华的实验结果比较符合实验事实

（4）①F1的方向比真实方向偏左；②F2的大小比真实值偏小且方向比真实方向偏左；③作图时两虚线不分别与F1线和F2线平行

【解析】

18.【答案】10　50

【解析】当外力F大小为零时，弹簧的长度即为原长，得原长为10cm；图线的斜率是其劲度系数，k＝

＝50N/m.

19.【答案】0.6s4.8m10m/s

【解析】

（1）由

得：

（2）由

得：

小球着地时竖直分速度

小球着地时的速度大小

解得：

v=10m/s

20.【答案】24kg

【解析】当人刚要滑动时，甲的质量达到最大，受力分析如图，此时人受到的静摩擦力达到最大值．有Ffm＝μm2g

由平衡条件得FOBm＝Ffm

又FOB′m＝m1mgtanθ＝

m1mg

联立以上二式解得m1m＝24kg

即物体甲的质量m1最大不能超过24kg.

21.【答案】

（1）0.5m/s2　

（2）5m/s　（3）2.5m

【解析】

（1）根据牛顿第二定律得物体的加速度为：

a＝

＝0.5m/s2.

（2）10s末的速度为：

v＝at＝0.5×10m/s＝5m/s.

（3）撤去拉力后物体的加速度大小为：

a′＝

＝μg＝5m/s2

则还能滑行的距离为：

x＝

＝2.5m.

22.【答案】

（1）2m/s2　1m/s2

（2）1m/s

【解析】

（1）设铁块和木块的加速度大小分别a1和a2，对铁块受力分析，由牛顿第二定律可得：

μ2mg＝ma1，

代入数据解得：

a1＝2m/s2

对木板同理可得：

μ2mg－μ1（m＋M）g＝Ma2，

a2＝1m/s2

故铁块和木板的加速度大小分别为2m/s2和1m/s2.

（2）铁块先向右减速，木板向右加速，两者速度相等后，又一起向右减速，直到静止．设木板从开始运动到速度最大时所需时间为t，最大速度为v，由运动学公式可知：

v＝v0－a1t

v＝a2t

两式联立可得：

t＝1s，v＝1m/s

故木板的最大速度为1m/s.

23.【答案】

（1）①③　

（2）2.00

【解析】

（1）为了保证小球离开斜槽时的速度沿水平方向，斜槽的末端要调整成水平，①对．该实验不用测小球的质量，②错．为了保证小球每次离开斜槽时的速度都相同，每次都要让小球从斜槽上同一位置由静止开始运动，③对．

（2）由于xAB＝xBC＝Δx＝20.00cm，所以小球从A运动到B与从B运动到C的时间相同，设此时间为t.据y2－y1＝gt2得t＝

＝

s＝0.1s

故初速度v0＝

＝

m/s＝2.00m/s.