届中考物理压轴题试题及答案.docx

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届中考物理压轴题试题及答案

中考物理选择题压轴试题及解析

1.如图所示，容器内盛有部分水，气球下面悬挂一石块，它们恰好悬浮在水中，若大气压增大，则石块将（）

A.上浮B.下沉C.静止D.先上浮后下沉

2.两只灯泡L1L2规格分别为“110V40W”及“110V100W”接入220V电路中，使两灯能正常发光，电路消耗的总功率又最小，应选用（）

3.人们在观看“日出”或“日落”现象时，考虑到大气对传播的影响，太阳的真实位置S与人们看到的太阳的位置Q相比（）

A.“日出”时S在Q的下方，“日落”时S在Q的上方

B.“日出”时S在Q的上方，“日落”时S在Q的下方

C.“日出”或“日落”时S均在Q的上方

D.“日出”或“日落”时S均在Q的下方

4.如图11-2所示，OO'为凸透镜的主光轴，将点光源放在A点时，像在B点；将点光源放在B点时，像在C点。

当将点光源放在C点时，则（）

A．一定在B点成一个实像

B．一定在A点的左侧成一个虚像

C．可能在B、C之间成一个实像

D．可能在C点的右侧成一个虚像

5.两平面镜

，凸透镜的主光轴恰好是该直角的角平分线，凸透镜的光心为O,A点恰好是凸透镜的焦点，光源S位于主光轴上，通过该系统，光源S所成的像为（）

A.四个虚像，三个实像；B.四个虚像，一个实像

C.三个虚像，一个实像D.三个虚像，两个实像

6.某灯泡直接连在电压不变的电源两端，灯泡的电功率为16瓦，现通过长导线将该灯泡连接到原来的电源上，灯泡的电功率为9瓦，若灯泡的电阻不变，则长导线消耗的电功率为（）

A.7瓦B.5瓦C.3瓦D.1瓦

7.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻

移动滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为2安时，滑动变阻器的电功率为3.6瓦，当电流表的示数为3安时，滑动变阻器的电功率为（）

A.1.2瓦B.2.4瓦C.3.6瓦D.4.8瓦

8.在图

所示的电路中，电源电压保持不变，

为定值电阻，

为滑动变阻器，闭合电键S，将滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，电压表

的示数随电流表A示数变化的完整图线如图

中

、

图线所示，在图

中能正确反映该过程的电压表

随电流表A示数变化的完整图线是（）

9.阻值相等的三个电阻R和

组成如图所示的电路，且

，若电阻

两端的电压为20伏，电阻

两端的电压为4伏，则电阻

两端的电压为（）

A.6伏B.8伏C.10伏D.12伏

10.如图3所示，海北中学有一个跑道为400m的操场，在操场的主席台和观众席上方一字形排列着A,B,C三个相同的音箱。

在一次运动会的开幕式上，站在操场中的所有同学都可以听到音箱发出的足够大的声音，但站在某些位置的同学却感觉听不清音箱中播放的内容，在图3的1,2,3三个位置中，位于哪个位置附近的同学应该是“感觉听不清”的?

（）

A.1B.2C.3D.在哪个位置都一样

11.北斗卫星导航系统是我国自行研制的全球卫星定位与通信系统（BDS）。

系统由空间端、地面端和用户端（导航仪）组成，全部建成后可在全球范围内为各类用户提供高精度、高可靠定位、导航、授时服务。

2012年12月27日，北斗导航业务正式对亚太地区提供无源定位、导航、授时服务。

关于“BDS”的工作过程，下列说法正确的是（）

A.导航仪只能接收地面端的中心控制系统的信息而不能接收导航卫星的信息

B.导航仪只能接收导航卫星的信息而不能向导航卫星发送信息

C.导航卫星发射的电磁波不能在真空中传播

D.导航仪与导航卫星之间是通过电磁波传递信息的

12.某测量仪器及其控制电路如图5所示。

仪器的等效内阻为100Ω，正常工作电流为100～300mA，电源电压为30V。

控制电路由两个滑动变阻器组成，为了快速准确地调节仪器的工作电流，应选用哪一组变阻器？

（）

A.R1=100Ω，R2=10ΩB.R1=200Ω，R2=20Ω

C.R1=100Ω，R2=100ΩD.R1=200Ω，R2=200Ω

13、据报道，我国载人空间站工程已正式启动实施，2020年前后将建成规模较大、长期有人参与的国家级太空实验室。

在太空实验室中可以正常使用的实验器具是（）

A．天平、测力计、电磁炉、微波炉；B．测力计、液体温度计、微波炉、指针式电压表；

C．机械式秒表、超声波测距仪、液体式气压计；D．测力计、滴（液）管、数字式电压表和电流表。

14、如图3所示，是一根长直密绕通电螺线管的剖面图，A、B分别是在螺线管轴线上的两点，A点在螺线管的端面处，B点在螺线管的内部，则B点的磁场（）

A.比A点磁场强；B.比A点磁场弱；

C.与A点磁场大小相等；D.无法确定。

15．如图2所示，底面积不同的圆柱形容器A和B分别盛有甲、乙两种液体，两液面相平

且甲的质量大于乙的质量。

若在两容器中分别加入原有液体后，液面仍保持相平．则此

时液体对各自容器底部的压强PA、PB的压力FA、FB的关系是（）

A．PA＜PBFA＝FBB．PA＜PBFA＞FB

C．PA＞PBFA＝FBD．PA＞PBFA＞FB

16、如图13所示，甲、乙两个质量相等的均匀实心正方体放在水平地面上，已知铜的密度而在于铁的密度，可能使甲和乙对地面的压强相等的方法是（）

A．将质量相等的铜块和铁块分别放在甲、乙的上面

B．将体积相等的铜块和铁块分别放在甲、乙的上面

C．沿水平方向分别截去质量相等的部分

D．沿水平方向分别截去体积相等的部分

17.明光中学物理实践小组在装配直流电动机模型后参加班级的实践成果展示交流会，在会上演示通过改变直流电动机的转动方向及转速使重物上升或下降的过程。

电路元件包括以单刀单掷开关、一个双刀双掷开关、一个滑动变阻器、一个小型直流电动机和一个直流电源，如图9所示。

请完成电路图的连接以实现上述功能。

（操作过程中只能扳动开关，不得再改变电路中的接线）

18.电磁波遇到平滑的金属表面会像光遇到平面镜一样发生反射，反射过程遵循光的反射定律。

小明与叔叔一起去参观救生艇时，发现救生艇的上方悬挂着一个由三块相互垂直的正方形薄金属平板组成的“角反射器”，如图10所示。

请你简述角反射器的工作原理以及该救生艇悬挂角反射器的原因。

19、如图所示，A球为均匀带正电的绝缘球体，当它绕着白己的轴做逆时针旋转（由上往下看）时，则A球上方的小磁针的N级将＿＿＿＿＿＿，A球左侧的小磁针的N级将＿＿＿＿＿＿（均选填：

“指向左”、“指向右”、“指向上方”、“指向下方”）。

20．如图19所示，电源两端电压U保持不变。

当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器接入电路中的电阻为RA时，电压表的示数为U1，电流表的示数为I1，电阻R1的电功率为P1，电阻RA的电功率为PA；当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器接入电路中的电阻为RB时，电压表的示数U2为2V，电流表的示数为I2，电阻RB

的电功率为PB；当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器滑片P位于最右端时，电阻R2的电功率为8W。

已知：

R1:

R2=2:

1，P1:

PB=1:

10，U1:

U2=3:

2。

求：

（1）电源两端的电压U；

（2）电阻R2的阻值；

（3）电阻RA的电功率PA。

21、如图4所示的直筒形容器的底面积为100cm2，筒内有用密度不同的材料制成的a、b两实心小球。

已知a球的体积为80cm3，是b球体积的3.4倍。

两球用细线相连能悬浮在水中。

现剪断细线，a球上浮，稳定后水对容器底的压强变化了40Pa。

试求：

（1）细线被剪断前后水面的高度差。

（2）a、b两球的密度。

（本题g取近似值10N/kg）

22．如图10所示，实心均匀正方体A，B放置在水平地面上，受到的重力均为64牛，A的边长为0.2米，B的边长为0.3米。

①求正方体A对水平地面的压强②求正方体A.B的密度之比ρA：

ρB

③若正方体A、B上沿水平方向分别截去相同的厚度h后．A、B剩余部分对水平地面的压强PA1和PB1．请通过计算比较它们的大小关系及其对应的h的取值范围．

23、一木块浮于足够高的圆柱形盛水容器中，如图所示，它浸入水中部分的体积是75cm3，它在水面上的部分

是25cm3。

（g取10N/kg）求：

（1）木块受到的浮力；　

（2）木块的密度；　

　　*（3）若未投入木块时，水对容器底部的压力为F0。

试分别表示出木块漂浮时、木块浸没时，水对容器底部的压力F1和F2；　

　　*（4）从未投入木块到漂浮，从漂浮到浸没的三个状态中，水对容器底部第二次增加的压力为木块浸没时水对容器底部压力的n分之一，求n的取值范围。

中考物理选择题解析

1.原来石块和气球悬浮在水中，F浮=G；

若大气压增大，增大的压强大小不变的传给气球，气球受到的压强增大，气球的体积减小，排开水的体积变小，

由公式F浮=ρ液gV排知，气球受到的浮力减小，使得石块和气球受到的浮力小于总重而下沉．

2.A、图是灯泡L1和可变电阻并联后又和灯泡L2串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡L2与可变电阻并联后和灯泡L1的电阻相等；但并联电路中，电阻越并越小，小于任何一个分电阻，所以此电路中灯泡L1和灯泡L2不能正常工作，故A不正确．

B、图是灯泡L1和可变电阻并联后又和灯泡L2串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡L1与可变电阻并联后和灯泡L2的电阻相等；串联电路，电阻越串越大；可以使灯泡L1和灯泡L2正常工作；所以R总=2R2=2×121Ω=242Ω；

C、图是灯泡L2和可变电阻串联后又和灯泡L1并联，然后接到220V的电源上，灯泡L1两端的电压220V大于其额定电压，所以不能正常工作，故C不正确；

D、图是灯泡L1和灯泡L1并联后又与可变电阻串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡L1与灯泡L1的并联后和可变电阻的阻值相等；由公式

U2

R

得灯泡L1和灯泡L2并联后的电阻R≈86.4Ω，故D图的总电阻为R总=2R=2×86.4Ω=172.8Ω；

根据公式P=

可知，电路电阻越大，消耗的功率就越小，

比较B图和D图可知，B图的总电阻大，消耗的功率最小，

3.

（1）由于大气层下部密度大，上部密度小，“日出”时阳光穿过大气层发生折射，折射光线向下偏折，我们逆着折射光线看过去，认为太阳在折射光线的反向延长线上，我们看到太阳的位置Q比太阳的实际位置S高；

（2）由于大气层下部密度大，上部密度小，“日落”时阳光穿过大气层发生折射，折射光线向下偏折，我们逆着折射光线看过去，认为太阳在折射光线的反向延长线上，我们看到太阳的位置Q比太阳的实际位置S高；

4.如果凸透镜放在C点右侧，那么当点光源放在A点时，成像在A点左侧，而不是右侧的B，所以不可能； 

当光源在A点时，像在透镜另一侧，说明成实像，那么像距应在一倍焦距外，这样当点光源在B点时就也会在相对于B的另一侧成实像，（也就是A的一侧）而不是成像在C点．所以透镜不可能在AB和BC之间． 

如果凸透镜放在A点左侧，那么当点光源放在A点时，成像在B点，当点光源放在B点时，成像在C点，成像都是虚像．故此时凸透镜只能放在A点的左侧；所以该情况下有如下几种可能，即若C点在透镜的1倍焦距以外，像应成在透镜左侧的1倍焦距以外；另一种可能是，若C点还在透镜的1倍焦距以内，即此时所成的像应在C点的右侧．故分析四个选项，只有D是正确的．

5.解：

如图所示：

①S通过两个平面镜成3个虚像，（因为其中两个重合了），分别是S1、S2、S3，；

②S1、S2分别在凸透镜的焦点处，则不能成像，只有S3在凸透镜的焦点以外，且通过凸透镜的光心，可以成一个实像S4；

③S在凸透镜的焦点以内，由u＜f，成正立放大的虚像S′；综上分析，通过该系统，光源S所成的像有四个虚像，一个实像．

6.解：

设灯泡直接连接在电源两极上时电路中的电流为I， 

此时灯泡的功率为P=I2R=16W--------------------① 

当它通过两根长导线连接到原来的电源上时电路中的电流为I′， 

此时灯泡的实际功率为P′=I′2R=9W---------② 

由①②可得：

I′=34I， 

此时电路的总功率P总=UI′=U×34I=34×16W=12W， 

长导线消耗的电功率为12W-9W=3W． 

7.C

8.A

9.设R2两端的电压为U2，R1=R2=R3=x， 

由图1可知：

BCD中R与R3串联，通过R3的电流4Vx， 

∵最右边R3与R串联后在与R2并联， ∴通过R的电流U2−4VR， ∴U2−4VR=4Vx------① 

如图2可知：

BE与BCD并联， 通过中间电阻R的电流I=U2x+4Vx， 

中间R两端的电压为UR中=IR=（U2x+4Vx）R， 由图3可得：

ABE与AF并联， 

∵电阻R1两端的电压为20伏， ∴（U2x+4Vx）R+U2=20V---------② 

由①②两式可得：

U22+4U2-96=0， 解得：

U2=8V，U2=-12V（舍掉）

10.位置1声波干涉相互削弱，所以位于位置1附近的同学应该是“感觉听不清”的；2和3声波相互加强，听到的声音足够大．

故选A．

11.D

12.B

13.B

.14.如果是无限长密绕通电螺线管，A磁场是B的一半

可以想象在A端左面还有一个这样的通电螺线管接上，这样A、B两电磁场近似相等，拿掉后A点电磁场近似变为原来一半

15.由图知,两液面相平,甲的体积小于乙的体积,又知道甲的质量大于乙的质量,根据密度公式可以得知两液体的密度关系；若在两容器中分别加入原有液体后,液面仍保持相平（h相同）,根据压强公式p=ρgh得出PA、PB的大小关系；对于圆柱形容器,液体对容器底部的压力等于液体自身的重力,根据压强公式p=Fs得出液体对各自容器底部的压力FA、FB的关系．

由图知,容器底面积s甲＜s乙,∵v=sh,液面相平、h相同,∴v甲＜v乙,

∵ρ=mv,m甲＞m乙,∴两液体的密度关系：

ρ甲＞ρ乙；

由m甲＞m乙,即：

ρ甲v甲＞ρ乙v乙⇒ρ甲s甲h＞ρ乙s乙h,可得：

ρ甲s甲＞ρ乙s乙；

若在两容器中分别加入原有液体后,液面仍然相平,则：

①ρ甲s甲h′＞ρ乙s乙h′,即：

m甲′＞m乙′；

由G=mg可得出：

G甲＞G乙；又∵对于圆柱形容器,液体对容器底部的压力F=ps=ρghs=ρgv=mg=G,

∴液体对各自容器底部的压力：

FA＞FB．

②∵p=ρgh,液面仍保持相平（h相同）,且ρ甲＞ρ乙,∴液体对各自容器底部的压强：

pA＞pB；

16.A、质量相等的两块别离放上边后，甲乙两物块的总质量还是相等的，而受力面积一定不等，故对地面压强一定不等

B、将体积相等的铜块以及铁块别离放在原来的两个铜块以及铁块上后，原来没放时：

因铜的疏密程度大，体积小，受力面积小，所以对地面压强就大，再放上个以及铁同体积的铜块后，压强只会增大，所以只能使甲对地面的压强更加大于乙对地面的压强，故不克不及相等

D、接纳极限推理：

现在是甲的压壮大于乙的压强（甲是铜块，体积小嘛）如果把两个物块沿水平标的目的截去以及甲体积相等的部门，则甲对地面的压强为0，而乙不为0，所以甲的压强就小于了乙的压强，也就是说，只有效D选项的要领，截得体积合适的环境下，就可能出现甲、乙对地面压强相等的环境

故此题选D

17.

18.

（1）无论雷达波从哪个角度射向角反射器，反射波最终都会沿与入射方向平行的直线返回.

（2）救生艇悬挂角反射器是为了让雷达能够尽快发现救生艇，在必要的时候开展营救.

19.指向上方指向下方

20.解：

当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器接入电路中的电阻为RA时，等效电路如图3甲所示；当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器接入电路中的电阻为RB时，等效电路如图3乙所示；

当开关S1闭合、S2断

开，滑动变阻器滑片P位于最右端时，等效电路如图3丙所示。

（1）已知：

U1∶U2=3∶2R1∶R2=2∶1

由图3甲、乙得：

U1=I1（R1+R2）U2=I2R2解得：

=

已知：

P1∶PB=1∶10

由图3甲、乙得：

P1=I12R1PB=I22RB解得：

R1=

RB

由电源两端电压U不变I1（R1+R2+RA）=I2（R2+RB）解得：

RA=9R2

由图3乙得：

=

U2=2V解得：

U=12V

（2）由图3丙得：

=

解得：

U2=4VP2=8WR2=

=

=2

（3）由U1∶U2=3∶2解得：

U1=3VUA=U－U1=9V

RA=9R2=18

PA=

=4.5W（其他解法正确的，均可相应得分）

21.

（1）分析容器底部的压强变化的原因，是因为剪断细线后，a球上浮，由悬浮变为了漂浮，排开水的体积变小，液面下降，由p=ρgh可知应有：

Δp=ρgΔh

　　故液面下降高度为：

Δh=

=0.004（m）=0.4（cm）

（2）经分析可知a球露出水面的体积应为液体下降的体积，所以，a球漂浮时露出部分的体积V露=ΔhS=0.4×100=40（cm3）　　此后球排开水的体积为：

V排=Va－V露=

Va

应用阿基米德原理，对a来考虑，a球漂浮时有：

ρ水gV排=ρagVa，故，ρa=

ρ水=0.5×103kg/m3　　把a、b看作一个整体来考虑，a、b一起悬浮时有：

ρ水g（Va+Vb）=ρagVa+ρbgVb

　　将Va=3.4Vb代入解得：

ρb=4.4ρ水－3.4ρa=2.7×103kg/m3　　

　23.解析：

设木块在水面上的体积为V1，浸入水中体积为V2。

（1）由阿基米德原理：

F浮=ρ水gV排　　即：

F浮=ρ水gV2=103×10×75×10N－6N=0.75N

（2）由二力的平衡：

F浮=G木，又因G木=ρ木V木g

　　所以ρ木=

=

=0.75×103kg/m3

（3）考虑到容器为圆柱形，木块漂浮时，水对容器底部压力为F1，F1=F0+ρ水gV2

　　木块浸没时，水对容器底部压力为F2，F2=F0+ρ水g（V1+V2）

（4）水对容器底部第二次增加的压力为F'，F'=F2－F1=ρ水gV1

　　据题意有：

　　n=

　　因为，F0>0，则，n>4。