佳木斯中考数学试题及答案.docx
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佳木斯中考数学试题及答案
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佳木斯中考数学试题及答案
2018年黑龙江省佳木斯市中考
数学试卷及答案
一、填空题<每小题3分,共30分)
1.2018年7月11日是第二十二个世界人口日,本次世界人口日的主题是“面对70亿人的世界”,70亿人用科学记数法表示为人.
2.在函数
中,自变量x的取值范围是.
3.如图,在平行四边形ABCD中,点E、F分别在边BC、AD上,请添加一个条件 ,使四边形AECF是平行四边形<只填一个即可).
4.把一副普通扑克牌中的13张红桃洗匀后正面向下,从中任意抽取一张,抽出的牌的点数是4的倍数的概率是.
5.若不等式
的解集为x>3,则a的取值范围是.
6.如图,点A、B、C、D分别是⊙O上四点,∠ABD=20°,BD是直径,则∠ACB= .
7.已知关于x的分式方程
有增根,则a=.
8.等腰三角形一腰长为5,一边上的高为3,则底边长为.
9.某商品按进价提高40%后标价,再打8折销售,售价为112
0元,则这种电器的进价元.
10.如图,直线
,点A1坐标为<1,0),过点A1作x轴的垂线交直线于点B1,以原点O为圆心,OB1长为半径画弧交x轴于点A2,再过点A2作x轴的垂线交直线于点B2,以原点O为圆心,OB2长为半径画弧交x轴于点A3,…按此作法进行去,点Bn的纵坐标为 (n为正整数>.
二、选择题<每小题3分,共30分)
11.下列各运算中,计算正确的是< )
A.
B.<
C.
D.
12.下列历届世博会会徽的图案是中心对称图形的是< )
A.
B.
C.
D.
13.在平面直角坐标系中,反比例函数
图象的两个分支分别在< )
A.第一、三象限 B.第二、四象限 C.第一、二象限 D.第三、四象限
14.如图是由几个相同的小正方体所搭几何体的俯视图,小正方形中的数字表示在该位置的小正方体的个数,这个几何体的主视图是< )
A.
B.
C.
D.
15.某校初三5名学生中考体育测试成绩如下<单位:
分):
12、13、14、15、14,这组数据的众数和平均数分别为< )
A
.13,14 B.14, C.14,13 D.14,
16.如图所示,四边形ABCD是边长为4cm的正方形,动点P在正方形ABCD的边上沿着A→B→C→D的路径以1cm/s的速度运动,在这个运动过程中△APD的面积sA.
B.
C.
D.
17.若
,则
的值是< )
A.-1 B.1 C.0 D.2018
18.如图
,△ABC中,AB
=AC=10,BC=8,AD平分∠BAC交BC于点D,点E为AC的中点,连接DE,则△CDE的周长为< )
A.20 B.12 C.14 D.13
19.某校团委与社区联合举办“保护地球,人人有责”活动,选派20名学生分三组到120个店铺发传单,若第一、二、三小组每人分别负责8、6、5个店铺,且每组至少有两人,则学生分组方案有< )
A.6种 B.5种 C.4种 D.3种
20.如图,已知直角梯形ABCD中,AD∥BC,∠ABC=90°, AB=BC=2AD,点E、F分别是AB、BC边的中点,连接AF、CE交于点M,连接BM并延长交CD于点N,连接DE交AF于点P,则结论:
①∠ABN
=∠CBN;②DE∥BN;③△CDE是等腰三角形;④EM:
BE=
;⑤S△EPM=
S梯形ABCD,正确的个数有< )
A.5个 B.4个 C.3个 D.2个
三、解答题<满分5+5+7+7+8+8+10+10=60分)
21.先化简
,再从0,-2,-1,1中选择一个合适的数代入并求值.
22.如图,方格纸中每个小正方形的边长都是单位1,△ABC的三个顶点都在格点上,结合所给的平面直角坐标系解答下列问题:
<1)将△ABC向右平移3个单位长度再向下平移2个单位长度,画出两次平移后的△A1B1C1;
<2)写出A1、C1的坐标;
<3)将△A1B1C1绕C1逆时针旋转90°,画出旋转后的△A2B2C1,求线段B1C1旋转过程中扫过的面积<结果保留π).
23.如图,抛物线
经过坐标原点,并与x轴交 于点A<2,0).
<1)求此抛物线的解读式;
<2)写出顶点坐标及对称轴;
<3)若抛物线上有一点B,且S△OAB=3,求点B的坐标.
24.最美女教师张丽莉在危急关头为挽救两个学生的生命而失去双腿,她的病情牵动了全国人民的心,全社会积极为丽莉老师献爱心捐款.为了解某学校的捐款情况,对学校捐款学生进行了抽样调查,把调查结果制成了下面两个统计图,在条形图中,从左到右依次为A组、B组、C组、D组、E组,A组和B组的人数比是5:
7.捐款钱数均为整数,请结合图中数据回答下列问题:
<1)B组的人数是多少本次调查的样本容量是多少
<2)补全条形图中的空缺部分,并指出中位数落在哪一组?
<3)若该校3000名学生都参加了捐款活动,估计捐款不少于26元的学生有多少人
25.甲、乙两个港口相距72千M,一艘轮船从甲港出发,顺流航行3小时到达乙港,休息1小时后立即返回;一艘快艇在轮船出发2小时后从乙港出发,逆流航行2小时到甲港,并立即返回<掉头时间忽略不计).已知水流速度是2千M/时,下图表示轮船和快艇距甲港的距离y<千M)与轮船出发时间x<小时)之间的函数关系式,结合图象解答下列问题:
<顺流速度=船在静水中速度+水流速度;逆流速度=船在静水中速度-水流速度)
<1)轮船在静水中的速度是 千M/时;快艇在静水中的
速度是 千M/时;
<2)求快艇返回时的解读式,写出自变量取值范围;
<3)快艇出发多长时间,轮船和快艇在返回途中相距12千M?
<直接写出结果)
26.在菱形ABCD中,∠ABC=60°,E是对角线AC上一点,F是线段BC延长线上一点,且CF=AE,连接BE、EF.
<1)若E是线段AC的中点,如图1,易证:
BE=EF<不需证明);
<2)若E是线段AC或AC延长线上的任意一点,其它条件不变,如图2、图3,
线段BE、EF有怎样的数量关系,直接写出你的猜想;并选择一种情况给予证明.
运往地
车型
甲地<元/辆)
乙地<元/辆)
大货车
720
800
小货车
500
650
27.国务院总理温家宝2018年11月16日主持召开国务院常务会议,会议决定建立青海三江源国家生态保护综合实验区.现要把228吨物资从某地运往青海甲、乙两地,用大、小两种货车共18辆,恰好能一次性运完这批物资.已知这两种货车的载重量分别为16吨/辆和10吨/辆,运往甲、乙两地的运费如表:
<1)求这两种货车各多少辆?
<2)如果安排9辆货车前往甲地,其余货车前往乙地,设前往甲地的大货车为a辆,前往甲、乙两地的总运费为w元,求出w与a的函数关系式<写出自变量的取值范围);
<3)在<2)的条件下,若运往甲地的物资不少于120吨,请你设计出使总运费最少的货车调配方案,并求出最少总运费.
28.如图,在平面直角坐标系中,直角梯形OABC的边OC、OA分别与x轴、y轴重合,AB∥OC,∠AOC=90°,∠BCO=45°,BC=
,点C的坐标为<-18,0).
<1)求点B的坐标;
<2)若直线DE交梯形对角线BO于点D,交y轴于点E,且OE=4,OD=2BD,求直线DE的解读式;
<3)若点P是<2)中直线DE上的一个动点,在坐标平面内是否存在点Q,使以O、E、P、Q为顶点的四边形是菱形?
若存在,请直接写出点Q的坐标;若不存在,请说明理由.
2018年初中毕业学业考试
数学试题答案及评分标准
一、填空题<每小题3分,共30分)
1.2
2.
3.AF=CE4.
5.
6.70°
7.18.
9.100010.
二、选择题:
<每小题3分,共30分)
11
12
13
14
15
16
17
18
19
20
A
C
A
A
D
D
B
C
B
B
三、解答题<共60分)
21.<本小题满分5分)
解:
原式
当x=0时,原式
.
22.<本小题满分5分)
解:
<1)如图所示:
<2)由△A1B1C1在坐标系中的位置可知,A1<0,2);C1<2,0);
<3)旋转后的图形如图所示:
∵由勾股定理可知,
,
∴S扇形
.<2分)
23.<本小题满分7分)
解:
<1)把<0,0),<2,0)代入y=x2+bx+c得
,解得
,
所以解读式为
<2)∵
,
∴顶点为<1,-1)
对称轴为:
直线
<3)设点B的坐标为,解得
或
,
∵顶点纵坐标为-1,-3<-1<或x2-2x=-3中,x无解)
∴b=3
∴
,解得
所以点B的坐标为<3,3)或<-1,3)
24.<本小题满分7分)
解:
<1)B组的人数是20÷5×7=28
样本容量是:
<20+28)÷<1-25%-15%-12%)=100;
<2)36-45小组的频数为100×15%=15
中位数落在C组<或26-35)
<3)捐款不少于26元的学生人数:
3000×<25%+15%+12%)=1560<人)
25.<本小题满分8分)
解:
<1)22
72÷2+2=38千M/时;
<2)点F的横坐标为:
4+72÷<38+2)=
F<,72),E
<4,0)
设EF解读式为y=kx+b解得
∴
<3)轮船返回用时72÷<22-2)=
∴点C的坐标为<,0)
设线段BC所在直线的解读式为y=kx+b
∵经过点<4,72)<,0)
∴
解得:
∴解读式为:
,
根据题意得:
40x-160-<-20x+152)=12或-20x+152-<40x-160)=12
解得:
x=3或x=
∴快艇出发3小时或小时两船相距12千M
26.<本小题满分8分)
证明:
<1)∵四边形ABCD为菱形,
∴AB=BC,
又∵∠ABC=60°,
∴△ABC是等边三角形,
∵E是线段AC的中点,
∴∠CBE=12∠ABC=30°,AE=CE,
∵AE=CF,
∴CE=CF,
∴∠F=∠CEF,
∵∠F+∠CEF=∠ACB=60°,
∴∠F=30°,
∴∠CBE=∠F,
∴BE=EF;
<2)图2:
BE=EF.
图3:
BE=EF.
图2证明如下:
过点E作EG∥BC,交AB于点G,
∵四边形ABCD为菱形,
∴AB=BC,
又∵∠ABC=60°,
∴△ABC是等边三角形,
∴AB=AC,∠ACB=60°,
又∵EG∥BC,
∴∠AGE=∠ABC=60°,
又∵∠BAC=60°,
∴△AGE是等边三角形,
∴AG=AE,
∴BG=CE,
又∵CF=AE,
∴GE=CF,
又∵∠BGE=∠ECF=120°,
∴△BGE≌△ECF∴BE=EF;…<1分)
图3证明
如下:
过点E作EG∥BC交AB延长线于点G,
∵四边形ABCD为菱形,
∴AB=BC,
又∵∠ABC=60°,
∴△ABC是等边三角形,
∴AB=AC∠ACB=60°,
又∵EG∥BC,
∴∠AGE=∠ABC=60°,
又∵∠BAC=60°,
∴△AGE是等边三角形,
∴AG=AE,
∴BG=CE,
又∵CF=AE,
∴GE=CF,
又∵∠BGE=∠ECF=60°,
∴△BGE≌△ECF∴BE=EF.…<1分)
27.<本小题满分10分)
解:
<1)解法一、设大货车用x辆,小货车用y辆,根据题意得
解得
答:
大货车用8辆,小货车用10辆.
解法二、设大货车用x辆,则小货车用<18-x)辆,根据题意得
16x+10<18-x)=228…<2分)
解得x=8
∴18-x=18-8=10<辆)
答:
大货车用8辆,小货车用10辆;
<2)w=720a+800<8-a)+500<9-a)+650[10-<9-a)]
=70a+11550,
∴w=70a+11550<0≤a≤8且为整数)
<3)16a+10<9-a)≥120,
解得a≥5,…<1分)
又∵0≤a≤8,
∴5≤a≤8且为整
数,
∵w=70a+11550,
k=70>0,w随a的增大而增大,
∴当a=5时,w最小,
最小值为W=70×5+11550=11900<元)
答:
使总运费最少的调配方案是:
5辆大货车、4辆小货车前往甲地;3辆大货车、6辆小货车前往乙地.最少运费为11900元.
28.<本小题满分10分)
解:
<1)过点B作BF⊥x轴于F
在Rt△BCF中
∵∠BCO=45°,BC=62∴CF=BF=12
∵C的坐标为<-18,0)
∴AB=OF=6
∴点B的坐标为<-6,12).
<2)过点D作DG⊥y轴于点G
∵AB∥DG
∴△ODG∽△OBA
∵
,AB=6,OA=12
∴DG=4,OG=8
∴D<-4,8),E<0,4)
设直线DE解读式为y=kx+b∴
∴
∴直线DE解读式为
.
<3)结论:
存在.
设直线y=-x+4分别与x轴、y轴交于点E、点F,则E<0,4),F<4,0),OE=OF=4,
.
如答图2所示,有四个菱形满足题意.
①菱形OEP1Q1,此时OE为菱形一边.
则有P1E=P1Q1=OE=4,P1F=EF-P1E=
.
易知△P1NF为等腰直角三角形,∴P1N=NF=
;
设P1Q1交x轴于点N,则NQ1=P1Q1-P1N=
,
又ON=OF-NF=
,∴Q1
;
②菱形OEP2Q2,此时OE为菱形一边.
此时Q2与Q1关于原点对称,∴Q2
;
③菱形OEQ3P3,此时OE为菱形一边.
此时P3与点F重合,菱形OEQ3P3为正方形,∴Q3<4,4);
④菱形OP4EQ4,此时OE为菱形对角线.
由菱形性质可知,P4Q4为OE的垂直平分线,
由OE=4,得P4纵坐标为2,代入直线解读式y=-x+4得横坐标为2,则P4<2,2),
由菱形性质可知,P4、Q4关于OE或x轴对称,∴Q4<-2,2).
综上所述,存在点Q,使以O、E、P、Q为顶点的四边形是菱形;
点Q的坐标为:
Q1
,Q2
,Q3<4,4),Q4<-2,2).
申明:
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