基因在常染色体上的遗传题类型及解法.docx
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基因在常染色体上的遗传题类型及解法
基因位于常染色体上的遗传题考型
1、考型一
题目特点：
已知子代的性状表现类型及比例或统计数目，求亲本的杂交组合
解题方法：
分别将两对性状进行分析，根据其比值推断各对性状的杂交类型，最后综合
变式类型：
将子代表现以柱形图的方式进行表现
例1：
某种哺乳动物的直毛（B）对卷毛（b）显性，黑色（C）对白色（c）为显性，两对
性状自由组合。
基因型为BbCc的个体与个体X交配，子代的性状为直毛黑色：
卷毛黑色：
直毛白色：
卷毛白色=3：
3：
1：
1，个体X基因型是（）
A、BbCcB、BbCcC、bbCcD、bbcc
解：
黑色：
白色=（3+3）：
（1+1）=3:
1Cc×Cc
直毛：
卷毛=（3+1）：
（3+1）=1:
1
Bb×bb
组合一下为BbCc×bbCc
例2：
家兔的黑色（B）对褐色（b）是显性，短毛（D）对长毛d是显性，这两对等位
基因是自由组合的，兔甲与一只黑色短毛兔（BbDd）杂交共产仔26只，其中黑
短9只，黑长3只，褐短10只，褐长4只，按理论推算兔甲表现型应为（）
A、黑色短毛B、黑色长毛C褐色短毛D褐色长毛
解：
黑（9+3）：
褐（10+4）≈1:
1Bb×bb
短（9+10）：
长（3+4）≈3:
1
Dd×Dd
组合一下为BbDd×bbDd
兔甲表现型为褐短
2、考型二
题目类型：
性状叠加或削减，
解题方法：
对叠加性状拆分或对削减类型进行分析，找出符合叠加或削减性状的基因型特点，
例1、旱金莲由三对等位基因控制，花的长度，这三对基因分别位于三对同源染色体上，作
用相等且具叠加性，已知每个显性基因控制花长为5mm，每个隐形基因控制花长为2mm
花长为24mm的同种基因型个体相互授粉，后代出现性状分离，其中与亲本具有同等花长
的的个体所占的比例是（）
A、1/16B、2/16C5/16D6/16
解：
24=5+5+5+5+2+2，说明花长为24mm的个体基因型含4个显性基因和2个隐形基因
假设这三对等位基因分别为A/a、B/b、D/d
则符合花长为24mm的基因型有：
①AABBdd②AAbbDD③aaBBDD
④AaBbDD⑤AaBbDd⑥AABbDd
因题中要求个体相互授粉后，有性状分离，故①、②、③不符合
以基因型AaBbDD为做代表则有
P：
AaBbDD
⊗
F1:
A_B_DDA_bbDDaaB_DDaabbDD
则后代花长为24mm的基因型有AaBbDD（1/4）、AAbbDD（1/16）、aaBBDD（1/16）
最终其中与亲本具有同等花长的的个体所占的比例是6/16
例2某种果实重量由三对等位基因控制，这三对等位基因分别位于三对同源染色体上
对果实重量的增加效应相同且具有叠加性，已知隐形纯合子和显性纯合子果实重量分别
为150g和270g，现将三对基因均杂合的两植物杂交，F1中重量为190g的果实所占比例为
（）
A、3/64B、5/64C\12/64D、15/64
解：
隐形纯合子的果实重量为150g一对隐形基因控制的重量为50g
显性纯合子的果实重量为270g
一对显性基因控制的重量为90g
190=50+50+90重量为190g的基因型含4隐两显
假设这三对等位基因分别为A/a、B/b、D/d
P：
AaBbDD
⊗
F1中符合条件的有AAbbdd、aaBBdd、aabbDD
AaBbdd、aaBbDd、AabbDd
F1个体中重量为190g的果实占比例为1/64+1/64+1/64+1/16+1/16+1/16=15/64
例3某雌雄同株植物花的颜色由两对基因（A和a、B和b）控制，A基因控制色素合成
（A：
出现色素，AA和Aa的效应相同），该色素随液泡中的细胞液PH降低而颜色变浅，
另一基因与细胞液酸碱性有关，其基因型与表现型的对应关系见下表：
基因型
A_Bb
A_bb
A_BBaa__
表现型
粉色
红色
白色
（1）纯合白色植株和纯合红色植株做亲本杂交，子一代全部是粉色植株，该杂交亲本的组合
解：
A基因控制色素合成，说明有颜色的植株基因型的特点为A___
故aa__为白色
由表格中A_bb（红）、A_Bb（粉红）、A_BB（白色）颜色逐渐变淡
而AA和Aa对色素产生效应相同，故经观察发现是B对颜色有削减作用
P：
白×红
A_bb
F1：
粉
A_Bb
因F1中粉色植物的基因型中有Bb，而亲本红中只能给一个配子b，故配子
B只能来自亲本中的白，故亲本中的白的基因型为__B_
由于亲本中的两植株为纯合子，故组合为AABB×AAbb或aaBB×AAbb
3、考型三性状表现为一对等位基因控制或两对等位基因控制不明确
题目类型：
P：
甲性状×乙性状
F1:
甲性状
⊗
F2：
甲性状乙性状
解题方法：
①若题中没给F2中甲性状与乙性状的性状比，则控制甲、乙性状的可以是一对
等位基因，也可以是两对等位基因
②若题中F2甲性状（显）：
乙性状（隐）=3:
1，则控制甲、乙性状的可能是一
对等位基因
③若题中F2甲性状（显）：
乙性状（隐）=1:
3或15:
1，则控制甲、乙性状的
一定是两对等位基因
变式：
将上遗传图谱变成几个杂交组合的形式
例1：
现有一有色籽粒玉米植株与无色籽粒玉米植株杂交，得到的F1代全为有
色籽粒，现将F1的有色籽粒的植株与M进行测交，后代出现有色籽粒
与无色籽粒的比是1：
3，则控制籽粒颜色的是由几对等位基因控制
解：
P：
有色×无色
F1：
有色×M
F2：
有色
（1）：
无色（3）
两个不同性状表现的亲本杂交，得到F1代全为有色，说明有色对无色显性
若控制有色无色性状的为一对等位基因，则F2不可能出现有色与无色之比为1:
3
故控制有色无色性状的为两对等位基因
例2：
荠菜的果实形状有三角形和卵圆形两种，为探究荠菜果实形状的遗传规律，进行以
下杂交实验：
P：
三角形果实×卵圆形果实
F1：
三角形果实
⊗
F2：
三角形果实卵圆形果实
（301株）（20株）
则亲本的基因型为？
解：
由F2中三角形（（301株））：
卵圆形（20株）≈15:
1
说明果实的形状由两对等位基因控制，设为A/a、B/b
由F2中三角形：
卵圆形≈15:
1
知F2中卵圆形为aabb，F1中三角形为AaBb
因F1中只有三角形果实，
说明亲本均为纯合子，故亲本中的三角形为AABB，卵圆形为aabb
考型四：
有某种基因型死亡
题目类型：
子代比例独特，不可拆分
解题方法：
从比例的唯一性上寻找死亡的基因类型
例1：
一对黄色卷尾鼠杂交，得子代6/12黄色卷尾，2/12黄色正常尾、3/12鼠色卷尾
1/12鼠色正常尾，则死亡的鼠基因型特点是
解：
P：
黄色卷尾
⊗
F1：
黄色卷尾黄色正常尾鼠色卷尾鼠色正常尾
5/122/123/121/12
6：
2：
3：
1
由于比例不可拆分，因此断定是有死亡个体，其中黄色卷尾死3个，黄色正常尾死一个
由子代比值原本为9:
3:
3:
1，故知该性状由两对等位基因控制，分别假设为A/a、B/b
则黄卷为（A_B_）、黄正可能为A_bb或aaB_，现将黄正假设为A_bb
由于黄正中死一个，故死的为AAbb，结合黄卷死三个,故知死的为AA__
同理当黄正为aaB_时，死的为__BB
死亡的鼠基因型特点是AA__或__BB
例2：
某种鼠中，黄鼠基因Y对灰鼠基因y为显性，短尾基因T对长尾t为显性，且
基因Y或t纯合时都能使胚胎致死，这两对基因是独立分配的，现有两只双杂合的黄色
断尾鼠交配，理论上所生的子代表现型比例为（）
A、2:
1B、9:
3:
3:
1C、4:
2:
2:
1D、1:
1:
1:
1
解：
P：
黄鼠短尾×黄色短尾
YyTtYyTt
黄短黄长灰短灰长
F1:
Y_T_Y_ttyyT_yytt
Y_T_中有YYT_（3）死，__T_（6）活
Y_tt和yytt也死；yyT_则活
故最终的只有黄短：
灰短=6:
3
考型五：
某种性状表现由显性基因控制
考型特点：
子代中含显性基因的个体患病比例大于含隐形基因的个体患病
解题方法：
根据子代含显性基因个体患病的数目与含隐形基因个体患病数目多少做比较
前者多，则显性基因是致病基因，后者多则相反
例1：
小麦抗条锈病性状由基因T/t控制，抗白粉病性状基因由R/r控制，两对等位基因位于非
同源染色体上，以A，B品种的植株为亲本，取其F2中的甲乙丙单株自交，收获籽粒
并分别播种于不同处理的试验小区中，统计各区F3中的无病植株的比例，得下表
试验处理
F3无病植株
的比例（%）
F2植株
无菌水
以条锈菌进行感染
以白粉菌进行感染
以条锈菌+白粉均进行双感染
甲
100
25
0
0
乙
100
100
75
75
丙
100
25
75
？
据表推测甲和乙的基因型分别为_______________________
解：
甲自交F3中，在条锈菌感染下，死亡（75）：
存活（25）=3:
1抗条锈病由隐形基因控制
乙自交F3中，在白粉菌感染下，死亡（25）：
存活（75）=1:
3
抗白粉病由显性基因控制
甲自交F3中，在白粉菌感染下，存活个数为0甲的基因型为Ttrr
乙自交F3中,在条锈菌感染下,存活个数为100乙的基因型为ttRr
例2：
人类软骨发育不全（D）为显性遗传病，先天性聋哑（a）是一种隐形遗传病，已知
控制两种病的基因遵循自由组合定律，在一个家庭中，父亲软骨发育不全，母亲正常，他们
有一个先天聋哑但不患软骨发育不全的孩子，这对夫妇再生一个患病孩子的概率是（）
A、1/2B、1/8C、3/8D、5/8
解：
软骨不全正常
A_D_A_dd
聋哑、软骨正常
aadd
因子代孩子的基因型中含aa，两个配子a，一个来自父亲。
一个来自母亲
故知父亲的基因型为AaD_；母亲为Aadd
因子代孩子的基因型中含dd，两个配子d，一个来自父亲。
一个来自母亲
故知父亲的基因型为AaDd
该夫妇再生一个孩子患病，可以是患软骨不全或聋哑，或两病均患
概率=1—两病均不患（A_dd）的概率=1—3/8=5/8
考型六：
限定范围，需改比例
考题特点：
①在子代中选择某种特定表现型的个体进行下一次实验，而全部子代个体中除被
选定的表现型外还有其他的表现型。
②在子代中，将具有某一表现型的个体去除，
③子代中，具有某种表现型的个体因某原因不能成活
解题方法：
将新选定的表现型或去除某表现型后剩余的其他表现型总数作为新总数，将各基
因型的数目除以新总数，得到的就是该基因型的比例
例一在子代中选择某种特定表现型的个体进行下一次实验
\番茄果肉颜色红色和紫色为一对相对性状，红色为显性，杂合的红果肉的番茄自交
获F1，将F1中表现型为红果肉的番茄自交得F2，则F2红果肉个体中杂合子占_____
解：
假设控制果肉颜色的一对等位基因为D/d
P：
红色
（Dd）
⊗
F1：
红色紫色
3（D_）:
1（dd）
将F1中表现型为红色果肉的番茄进行自交，得F2
1/3DD⊗1/3DD
3（D_）
DD：
2/3×1/4
2/3Dd⊗Dd：
2/3×1/2
Dd：
2/3×1/4
1/3
则：
F2中杂合子所占比例为==2/5
1/3+1/6+1/3+1/6
例二：
在子代中，将具有某一表现型的个体去除，
萝卜根形是由两对等位基因决定的，现用两个纯合的圆形块根萝卜作为亲本进行
杂交，F1全为扁形块根，F1自交后代F2中扁形块根、圆形块根、长形块根的比例为
9:
6:
1，现只保留其中圆形块根，让其再自交一代，则F3中能稳定遗传的圆形块根所
占的比例为（）
A、5/6B、1/4C、3/8D、1/2
解：
P：
圆形×圆形
F1：
扁形
⊗
F2：
扁圆长
9 ：
6：
1
设两对等位基因为A/a、B/b，由F2中扁：
圆：
长=9：
6：
1知F2长为aabb
F1中扁为AaBb，
因F1中全为扁，故亲本为纯合子，结合扁：
圆：
长=9：
6：
1，知两亲本组合为
aaBB×AAbb
只保留F2中圆形进行自交，得F3
2/3aaBb⊗1/3（1/4aaBB
3aaB_1/2aaB_1/2aaBb、1/4aaBB）
1/3aaBB⊗1/6aaBB
6圆
2/3Aabb
⊗1/3（1/4AAbb
3A_bb1/2A_bb
1/2Aabb、1/4aabb）
1/3Aabb⊗1/3Aabb
则F3中能稳定遗传（纯合子）的圆形块根所占的比例为：
1/6aaBB+1/4×2/3aaBB+1/3Aabb+1/3×1/4AAbb=1/2
考题七：
自交与自由交配的区别
解题方法：
自交是遗传因子组成相同个体的交配，只发生在植物，注意在同一个体上。
自由交配是群体中不同个体随机交配，包括遗传因子组成相同或不同的个体间
都要交配，要注意植物的自由交配不包括该植物的自交组合
解题关键：
①植物自交时，因发生的对象是同一植株，故一者带比例，另一者不带（例2）关键看是
否为同
一个体
②动植物自由交配时，因发生在两个不同对象上，故两者都要带比例（例1、例3）
③遗传因子组成不同的个体间交配时要分雌雄两种，各进行一次，动植物都要
例1已知果蝇的长翅和残翅是一对相对性状，现让纯种长翅果蝇和纯种残翅果蝇杂交
F1全是长翅，F1自交产生F2，现将F2中的长翅个体全部取出，让雌雄个体自由
由交配，求后代中长翅遗传因子所占的比例
P：
长×残
F1：
长×长
F2：
长残
3：
1
由遗传图解知，长对残显性，设控制果蝇翅膀的一对等位基因为A/a
题中提及将F2中长翅个体取出，故有
1/3AA
3A_
2/3Aa
自由交配组合有（注意是动物）
♂1/3AA×♀1/3AA1/9AA长
♂2/3Aa×♀2/3Aa
3/9A_长+1/9aa残
♂2/3Aa×♀1/3AA
2/9A_长
♂1/3AA×♀2/3Aa
2/9A_长
故后代中长翅果蝇所占的比例为：
1/9+2/9+2/9+3/9=8/9
例2：
豌豆高茎对矮茎是显性，现进行高茎豌豆间的的杂交，后代既有高茎豌豆又有矮茎豌豆
若后代中全部高茎豌豆进行自交，则所有自交后代中高茎豌豆与矮茎豌豆的比
解：
P：
高×高
F1：
高矮
由遗传图解知，高对矮显性，设控制豌豆高矮的一对等位基因为A/a，则有
P：
高×高
AaAa
F1：
3高:
1矮
A_aa
取F1中全部高茎豌豆，则有
1/3AA
3A_
2/3Aa
自交组合有：
1/3AA×AA1/3AA高（同一个体）
2/3Aa×Aa1/2A_高+1/6aa矮（同一个体）
所有自交后代中高茎豌豆与矮茎豌豆的比为：
5:
1
说明：
自然状态下的豌豆因是闭花授粉，故只能进行自交，不能进行自由交配
例3：
玉米高茎对矮茎是显性，现进行高茎玉米间的的杂交，后代既有高茎玉米又有矮茎玉米
若后代中全部高茎玉米进行自由交配，则所有自由交配后代中高茎玉米与矮茎玉米的比
解：
P：
高×高
F1：
高矮
由遗传图解知，高对矮显性，设控制豌豆高矮的一对等位基因为A/a，则有
P：
高×高
AaAa
F1：
3高:
1矮
A_aa
取F1中全部高茎豌豆，则有
1/3AA
3A_
2/3Aa
自由交配组合有（注意是植物，且组合中不能含有自交类型）
♂1/3AA×♀1/3AA1/9AA高（基因型相同的两个不同个体）
♂2/3Aa×♀2/3Aa
3/9A_高+1/9aa矮（基因型相同的两个不同个体）
♂2/3Aa×♀1/3AA
2/9A_高
♂1/3AA×♀2/3Aa
2/9A_高
所有自由交配后代中高茎豌豆与矮茎豌豆的比为：
8:
1
考题八：
花粉鉴定法
题型特点：
直接证明分离定律和自由组合定律
解题技巧：
①花粉是配子，由一对等位基因控制的性状，花粉中只有一个基因
由两对等位基因控制的性状，花粉中有两个基因
②花粉在每一代中都能得到，花粉的类型取决于该代的雄性植株
③花粉的糯性与非糯性不可直接判断，需染色
例1：
水稻花粉粒中淀粉的非糯性（A）对糯性（a）为显性，非糯性的花粉粒遇碘呈黑色
糯性的花粉粒遇碘呈橙红色，圆花粉粒（B）对长花粉粒（b）为显性，已知A、a与
B、b两对基因独立遗传，请用花粉粒作为研究对象，设计实验验证基因的分离定律和自
由组合定律：
（1）若用花粉的形状鉴定法验证基因的分离定律，可选择________--与_____杂交
（2）利用花粉鉴定法验证基因自由组合定律，设计相关步骤：
①用____________植株和_________-植株杂交得F1植株
②取___________加碘液后，经显微镜观察花粉粒的______，并记录数目
③当花粉粒的表现型及比例为_______________时，则可验证基因自由组合定律
解：
（1）分离定律的本质是形成配子时，等位基因的分离
故可以选择纯种非糯性长形花粉×纯种非糯性圆形花粉
（2）自由组合定律的本质非同源染色体上的非等位基因自由组合，故选两对等位基因
①故可以选择纯种非糯性长形花粉×纯种糯性圆形花粉
或纯种非糯性圆形花粉×纯种糯性长形花粉
②F1的基因型为AaBb，则F1植株能产生四种配子，经碘液染色后可花粉粒的颜色和形状进行辨识
③F1能产生四种配子类型，分别为AB：
Ab：
aB：
ab=1:
1:
1:
1
则表现型及比为：
蓝黑圆：
蓝黑长：
橙红圆：
橙红长=1:
1:
1:
1
例2某单子叶植物的非糯性（B）对糯性（b）为显性，抗病（R）对不抗病（r）
为显性，花粉粒长形（D）对圆形（d）为显性，三对等位基因位于三对同源染
色体（自由组合），非糯性花粉与碘液变蓝色，糯性花粉遇碘液呈棕色，现提供
以下4种纯合亲本
亲本
性状
甲
非糯性
抗病
花粉粒长形
乙
非糯性
不抗病
花粉粒圆形
丙
糯性
抗病
花粉粒圆形
丁
糯性
不抗病
花粉粒长形
（1）用花粉形状鉴定法验证基因分离定律，可选择亲本甲与亲本_______
（2）验证基因自由组合定律，杂交时刻选择的亲本组合共有________
采用花粉鉴定法验证基因自由组合定律，最好的组合为________或_____
将上组合得到的F1花粉加碘液染色后，预计花粉粒的表现型及比例_____
解：
（1）甲和乙（一对性状分离）或甲和丙（两对性状分离）
（2）6（3对相对性状两两可以组合，共6种）
甲和丙（非花粉性状均为抗病）或乙和丁（非花粉性状均为不抗病）
蓝圆：
棕圆：
蓝长：
棕长=1:
1:
1:
1
考题九：
一种性状表现受两个非等位基因控制
题型特点：
一种性状的产生，必须符合两个或两个以上条件
解题方法：
将性状表现与对应的基因型特点对应起来
例1：
某种药用植物合成药物1和药物2的途径如下图所示：
基因A和基因b分别位于两对同
源染色体上，则基因型为AaBb的植株自交，后代的有几种表现型
基因（A_）基因（bb）
酶酶
前体物药物1药物2
解：
根据药物产生的图，得到：
只有A_，只有药物1
有A_和bb，既有药物1，也有药物2
只有bb，既无药物1，也无药物2
无A_和bb，既无药物1，也无药物2
P：
AaBb
⊗
F1:
A_B_A_bbaaB_aabb
药1药1、药2都无都无
故后代的有3种表现型
例2：
藏报春花的花色表现为白色（只含白色素）和黄色（含黄色锦葵素）一对相对性状
由两对等位基因（A和a、B和b）共同控制，机制见甲，为研究藏报春花的遗传规律
进行了杂交实验，结果如乙图，则乙图中F2白色藏报春花中，部分个体无论自交多少代，
其后代表现型仍为白色，这样的个体在F2代白色藏报春中的比例为__________
基因BP：
白色×黄色
抑制
基因AF1:
白色
白色素黄色锦葵色素F2：
白色：
黄色
364：
84
甲乙
解：
根据花色变化机制得到：
根据F2中，白：
黄=13：
3及甲的结论，得
只有基因A，黄色P：
白色×黄色
只有基因B，白色aaBBAAbb
有基因B和基因A白色
F1：
白色
无基因B和基因A白色
AaBb
F2：
白色：
黄色
？
A_bb
则F2中白色个体有（A_B_、aaB_、aabb），自交后代仍为白色的为
AABB1
A_B_
13白AaBB2则
升级会员 