平移与旋转答案与解析.docx
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平移与旋转答案与解析
【答案与解析】
一.选择题
1.【答案】A.
2.【答案】D.
【解析】①温度计中液柱的上升或下降改变图形的大小,不属于平移;
②打气筒打气时,活塞的运动属于平移;
③钟摆的摆动是旋转,不属于平移;
④传送带上瓶装饮料的移动符合平移的性质,属于平移.
3.【答案】B.
【解析】解:
A、图形的方向发生变化,不符合平移的性质,不属于平移得到,故此选项错误;
B、图形的大小没有发生变化,符合平移的性质,属于平移得到,故此选项正确;
C、图形的方向发生变化,不符合平移的性质,不属于平移得到,故此选项错误;
D、图形的大小发生变化,不属于平移得到,故此选项错误.
故选:
B.
4.【答案】C.
5.【答案】B.
【解析】当对称轴垂直时,一个图形经过两次轴对称变换得到的图形与原图形成中心对称.
6.【答案】D.
【解析】∵△ADB绕点D旋转180°,得到△EDC,
∴AB=EC,AD=DE,而AD=7,∴AE=14,
在△ACE中,AC=5,
∴AE-AC<EC<AC+AE,
即14-5<EC<14+5,∴9<AD<19.
7.【答案】A.
【解析】根据平移不改变图形方向、形状和大小,对每个选项分别判断、解答出即可.
8.【答案】D.
【解析】旋转角是∠CAC’=180°-30°=150°.
二.填空题
9.【答案】200m.
【解析】解:
∵荷塘中小桥的总长为100米,
∴荷塘周长为:
2×100=200(m)
故答案为:
200m.
10.【答案】2.
【解析】连结AC,如图,
∵AB⊥BC,AB=BC=2cm,
∴△ABC为等腰直角三角形,
又∵弧OA与弧OC关于点O中心对称,
∴OA=OC,弧OA=弧OC,
∴弓形OA的面积=弓形OC的面积,
∴AB、BC、弧CO、弧OA所围成的图形的面积=三角形ABC的面积=
×2×2=2(cm2).
11.【答案】对角线平分内角的矩形是正方形.
12.【答案】4cm.
【解析】∵AB=2cm,AB=AB1∴AB1=2cm,
∵四边形ABCD是矩形,AE=CE,∴∠ABE=∠AB1E=90°
∵AE=CE,∴AB1=B1C,∴AC=4cm.
13.【答案】22°.
【解析】∵Rt△ABC绕点A逆时针旋转44°得到Rt△AB’C’,
∴AB=AB’,∠BAB’=44°,
在△ABB’中,∠ABB’=
(180°-∠BAB’)=68°,
∵∠AC’B’=∠C=90°,
∴B’C’⊥AB,
∴∠BB’C’=90°-∠ABB’=22°.
故答案为:
22°.
14.【答案】轴对称,旋转,平移.
【解析】解:
由图形可知:
图形①和图形②关于对称轴对称;
图形①经过顺时针旋转90°变换得到图形③;
图形①经过平移变换得到图形④.
故答案为:
轴对称,旋转,平移.
15.【答案】45°.
【解析】易得△FAC为等腰直角三角形,且∠FAC=90°,所以∠FCA=45°.
16.【答案】24cm.
三.综合题
17.【解析】
解:
(1)根据题干分析画图如下:
(2)观察上图,图形②绕O点逆时针方向旋转90度,然后向左平移2格,再向下平移3格,可同图形①拼成一个正方形.
故答案为:
逆时针;90度;左;2;下;3.
18.【解析】
解:
(1)2;
(2)正确画出图形
;
(3)变换PQ与变换QP不是相同的变换.正确画出图形
,
.
19.【解析】
解:
(1)(2,3)→(6,3)→(2,0),
(2)第一步:
翻折,沿DE所在直线翻折180°,得图2;
第二步:
旋转,绕着点(5,4)逆时针旋转90°,得图3;
第三步:
平移,使点(3,4)移至点O(0,0),得图4.
20.【解析】
解:
(1)如图:
(2)解:
S△ABC=6×1-
(1×2+1×3+1×2)=6-
=
.
【答案与解析】
一.选择题
1.【答案】B.
【解析】A、多次平移相当于一次平移,故正确;
B、必须是对称轴有偶数条且平行时,才可以看作是原图形经过一次平移得到的,故错误;
C、一个图形围绕一个定点旋转一定的角度,得到另一个图形,这种变换称为旋转变换,故正确;
D、对称轴有偶数条且平行时,可以看作是原图形经过一次平移得到的,故正确.
故选B.
2.【答案】A.
3.【答案】B.
4.【答案】B.
【解析】解:
由题意知:
∠A=90°-50°=40°,
由旋转性质可知:
∴BC=BC′,∴∠B=∠BB’C=50°,
∵∠BB′C=∠A+∠ACB’=40°+∠ACB’,
∴∠ACB’=10°,
∴∠COA’=∠AOB’=∠OB’C+∠ACB’=∠B+∠ACB’=60°.
故选B.
5.【答案】C.
【解析】Rt△PHF中,有FH=10,则矩形ABCD的边BC长为PF+FH+HC=8+10+6=24,故选C.
6.【答案】B.
【解析】阴影部分由一个等腰直角三角形和一个直角梯形组成,
由第一个图形可知:
阴影部分的两部分可构成正方形的四分之一,
正方形的面积=4×4=16,
∴图中阴影部分的面积是16÷4=4.
故选B.
7.【答案】B.
【解析】阴影部分的面积等于扇形DAB的面积,首先利用勾股定理即可求得AB的长,然后利用扇形的面积公式即可求得扇形的面积.
8.【答案】D.
【解析】①利用同角的余角相等,易得∠EAB=∠PAD,再结合已知条件利用SAS可证两三角形全等;③利用①中的全等,可得∠APD=∠AEB,结合三角形的外角的性质,易得∠BEP=90°,即可证;②过B作BF⊥AE,交AE的延长线于F,利用③中的∠BEP=90°,利用勾股定理可求BE,结合△AEP是等腰直角三角形,可证△BEF是等腰直角三角形,再利用勾股定理可求EF、BF;⑤在Rt△ABF中,利用勾股定理可求AB2,即是正方形的面积;④S△APD+S△APB=S△APE+S△EPB=
.
二.填空题
9.【答案】X;180°.
【解析】观察图形中Z点对应点的位置是图A绕旋转中心X按逆时针旋转180°得到的.
故答案为:
X;180°.
10.【答案】30°.
【解析】解法一、在Rt△ABC中,∠A<∠B
∵CM是斜边AB上的中线,
∴CM=AM,
∴∠A=∠ACM,
将△ACM沿直线CM折叠,点A落在点D处
设∠A=∠ACM=x度,
∴∠A+∠ACM=∠CMB,
∴∠CMB=2x,
如果CD恰好与AB垂直
在Rt△CMG中,
∠MCG+∠CMB=90°
即3x=90°
x=30°
则得到∠MCD=∠BCD=∠ACM=30°
根据CM=MD,
得到∠D=∠MCD=30°=∠A
∠A等于30°.
解法二、∵CM平分∠ACD,
∴∠ACM=∠MCD
∵∠A+∠B=∠B+∠BCD=90°
∴∠A=∠BCD
∴∠BCD=∠DCM=∠MCA=30°
∴∠A=30°
11.【答案】
.
12.【答案】A,45.
【解析】∵正方形ABCD经过顺时针旋转后得到正方形AEFG,
∴旋转中心为点A,旋转角为∠CAD,
∵AC是正方形ABCD的对角线,
∴∠CAD=45°,
∴旋转角为45°.
故答案为:
A,45.
13.【答案】50°.
【解析】从上午8:
30到上午10:
10,共1个小时40分钟;时针旋转了
圆周,故旋转角的度数是50度.故答案为:
50°.
14.【答案】3;90.
【解析】如图所示的图形可以看作
按照逆时针(或顺时针)旋转3次,且每次旋转了90°而成的.故答案是:
3;90.
15.【答案】6.
【解析】如图,连接CG,根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半求出CG=4,再根据三角形的任意两边之和大于第三边判断出D、C、G三点共线时DG有最大值,再代入数据进行计算即可得解.
16.【答案】
(1)a=2,
(2)3n+1.
【解析】根据正半轴上的整数与圆周上的数字建立的这种对应关系可以发现:
圆周上了数字0、1、2与正半轴上的整数每3个一组012;345;678…分别对应.
三.解答题
17.【解析】
解:
(1)可以通过旋转使△ABF变到△ADE的位置,即把△ABF以A点为旋转中心,逆时针旋转90°可得到△ADE;
(2)线段BF和DE的数量关系是相等.理由如下:
∵四边形ABCD为正方形,
∴AB=AD,∠BAF=∠EAD,
∵F是AD的中点,AE=
AB,
∴AE=AF,
∴△ABF以A点为旋转中心,逆时针旋转90°时,AB旋转到AD,AF旋转到AE,即F点与E点重合,B点与D点重合,
∴BF与DE为对应线段,
∴BF=DE.
18.【解析】
解:
操作:
3,5.
猜想:
(1)第一次点回归,连续转动的次数都是3次,故填3;
(2)第一次出现△PQR的“三角形回归”,连续转动的次数就是多边形的边数,故填n;
(3)当n不是3的倍数时,k=3n,当n是3的倍数时,k=n.
19.【解析】
解:
(1)由题意得,a﹣6≥0且6﹣a≥0,
所以,a≥6且a≤6,
所以,a=6,
c=3,
所以,点B(6,1),C(6,3),
∵长方形ABCD的边AB、CD与x轴平行,边AD、BC与x轴平行,
∴点D(2,3);
(2)∵平移后A点与原点重合,
∴平移规律为向左2个单位,向下1个单位,
∴B1(4,0),C1(4,2),D1(0,2);
(3)平移后点C到x轴的距离为2,
∵S△COP=S四边形OBCD,
∴
×OP×2=4×2,
解得OP=8,
若点P在点O的左边,则点P的坐标为(﹣8,0),
若点P在点O的右边,则点P的坐标为(8,0).
综上所述,存在点P(﹣8,0)或(8,0).
20.【解析】
解:
如图,将△ABP绕点B逆时针旋转60°得△BCQ,连接PQ.再过B作CQ的延长线的垂线BD,垂足为D,
∴BQ=PB=
,∠PQB=60°,
∴△PBQ是等边三角形,
∴PQ=PB=
,∠QPC=60°.
在△PCQ中,∵CQ=PA=2,,PQ=
,PC=4,
∴CQ2+PQ2=PC2,
∴∠PQC=90°,
∴∠CQB=∠PQB+∠PQC=150°,
∴∠BQD=30°.
在Rt△BQD中,BD=
=
,QD=3,则CD=5.
在Rt△BCD中,BC=
.