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(2)法一:
证明:
要证即iiA7/u-x+l>
0,i14?
(x)=a7au-x+1,xe(l,+x),则^(x)=bix9vae(L+a)),.\lnx>
0:
.gf(x)>
0,/.g(x)在(L+a>
)单调递增,又g⑴=0,.•.g(x)>
0,即xtnx—x+l>
09:
.x—\<
xbix・
法二:
(对数单身狗)要证x-1<
xlnx即证1一丄<
加丫枸造函数£
(兀)=加一1+丄gl.Y)=》--!
7=±
J
X9X9XAT
显然•・・xe(l,+oc),/.gf(x)>
0,/.g(x)在(h+oo)单调递增,又g(l)=0,/.g(x)>
0,:
.x-l<
xlnx・
【例3】
(2019-深圳二模)已知函数%•)=£
+加-1有且仅有一个零点,则实数"
的取值范围为()
【宰析】法一:
・••函数f(x)=£
+加¥
-1,.•.广(力=一二+丄=二纟,x>
0,当U^OB寸,厂(朗=二上>
0恒XX*Xf
成立,f(x)是增函数,XT+0C时,f(x)T+oo,/(I)=t/-l<
0,函数f(x)=-+lnx一1有且仅有一个零点;
X
当a>
0时,令f\x)>
0,解得:
令ff(x)<
0,解得:
x<
a,故/(X)在(0,a)递减,在(“,炖)递增,
故只f(x)nun=f(a)=lna=09解得:
“=1,综上:
实数d的取值范围为(-oo,0]^{1}・故选:
A.
——Inx>
1-—nn
"
时尤属于凹函数,根据\nx<
x-\将x替换x得,a,切点为(UU,,故"
T时,有
a
仅有一个零点,"
1或者°
均没有相切情况;
当"
5°
x属于凸函数,与lnx—定会有交点,如图
所示,实数a的取值范囤为(-co,0〕^{1}・故选A・
【例4】
(2019-湖北期中)已知函数f(x)=alnx+x2-(a+2)x恰有两个零点,则实数的取值范围是()
A.(一1,0)B.(一1,+00)C.(一2,0)D.(一2,-1)
【牡诉】法一:
由alnx+x2-(a+2)x=0t令&
(力=匚空,则g\x)=U-»
U+2-2//iy)
x-bixx-bix(x-bvcy
&
仗)=匸工,在(oj)上递减,在(L+x)上递增,所以g(x)汕=g(l)=—l,又当xe(0.1)时,+-2xvO,
x一Inx
Y*—21*g(x)=一<
0,所以实数的取值范国是(-1,0).故选A.
x-bvc
lnx
由于X,切点为(1,0),根据题t—=--~{a+2)有两
xa
交点,如图,直线的零点一定满足"
+2>
1,且直线必为单调递增,故一1<
“<
时一定有两交点,当时,直线和曲线仅有一个交点,故选A.
【例5】
(2019-湖南模拟)已知函数f(x)=^+2klnx-kx,若x=2是函数/(朗的唯一极值点,则实数k的
取值范围是()
【们】法一・••函数f(x)的定艾域是(0,+oc),.・・厂(切=°
”3「刀*兰_&
=(O'
_X严_2)XXX
•••x=2是函数畑的唯一一个极值点,・」=2是导函数ff(x)=0的唯一根…0在(0,+x)无变号
零点,即k=q在e0上无变号零点,令=因为g'
(x)仝H),所以g(x)在(0,2)上单调递城,
在x>
2上单调递增所以g(x)的最小值为g
(2)=—,所以必须k<
—9故选A・
44
kt_k法二(同构式切线放缩法):
f(刈=匚+2kl心一kx=$-皿■,令.=丫」⑴='
_kbH,•tt
XXXf
ex>
ex>
—=>
-—t>
—,z2
显然~一2"
4*,当仅当x=2时等号成立,故4时,/⑴无解,所以必须k丄,
4
故选A.
关于复合函数极值点和单调性,就是内函数取得极值时,外函数同时取得极值,则此函数是取得唯一极值的;
由于内函数的值域是外函数的定义域,如果只有一个极值,那么在内函数的值域范围内,外函数的导函数在此定义域区间内一定无零点,否则会出现多个极值.
M秒希秘藉:
第二讲由1坦在零点两侧出现的不同放缩方向引起的问题
lnx>
—(X——);
当x羽时lnx<
丄(x—丄).
2x2a
构造函数g(x)=lz-卫二b则gd)=[_—L^=20,而f(l)=O,故当0VXV1时,x+1x(x+l)・x(x+l)・
<
ln(x+l)<
-^-,xe(-LO];
-^-<
in(x+l)<
丄“+刁,xe[O,+x).
x+2x+22x+1
【例6】
(2019-沈阳模拟)设函数/U)=p(x-l)-2/,ir>
g(x)=-(p是实数,£
为自然对数的底数)xx
(1)若/(X)在其定义域内为单调函数,求卩的取值范围:
2
~r
.¥
+-
X
(2)若在[1,刃上至少存在一点兀,使得f(x())>
g(xQ)成立,求卩的取值范围.
【牡r1
(1)f\x)=/?
r~lv+/?
要使'
J(x)为单调增函数"
,转化为“广(切20恒成立二即"
2』一
0AT+1
恒成立.又二所以当P21时,/(X)在(0,炖)为单调增函数.同理,要使:
f(x)为单调减函数"
,转
x+-
2x22
化为“厂(兀)冬0恒成立,再转化为=—恒成立二5C—^->
0,所以当"
冬0时,于(劝在(O.+oo)为
JT+1,1,1
x+—x+—
XX
单调减函数.综上所述,f(x)在(0,+oo)为单调函数,"
的取值范国为“21或圧0
(2)因g(x)=—在[1,刃上为减函数,所以g(x)w[2,2e]二当/乓0时,由
(1)^f(x)在[1,可上递减^/(a-U=/
(1)==0<
2,不合題意二当p$l时.由
(1)知/(x)在[1,习上递增./(I)<
2,又g(x)在[1,可上为减函数,
故只需/(X)唤〉g(x)”血,xe[l,e],即:
/(e)=p(e-1)-line>
2=>
/?
>
-^―・
ea■—1
二当Ovp<
1时,因x—丄,xe[l,e],所以f(x)=p(x-—)-Unx^x-—)—2lnx^.e—i—21ne<
2不合题
xxxe
意,综上,p的取值范围为(二匕,+x).
/一1
【例71(2018-定州市期末)已知函数f(x)=--x+alnx(aeR)^其泄义域上不单调,则a的取值范围是_・x
【窗斤】
(1)/(x)的定狡域为(0.+OO),广(对=丿_竽+1,令g(x)=x2-ax+\9Z=6/2-4,二>
0可得JT
或“<
一2,二当"
V-2时,对称轴人・=_<
一1,g(0)=l>
0,则当x>
out,g(x)>
0.即厂(x)vO,2
则有f(x)在(0.+X)递减,不合題意:
二当“>
2吋,g(x)的对称轴为X=^(0)=1>
0,则g(x)有两个不等的实根X],X2,且0<
舛<
1,x2>
\9x}x2=1,当XW(O,X]),XG(x21+Q0),ff(x)<
0,
(x},x2)时,f\x)>
0,即f{x)在(O,Aj),(x2,+oo)递减,在(召,x2)递增.则有a的取值范围是(2,+oo):
故答案为:
(2,+8)・
【例8】
(2018・益阳期末)已知函数f(x)=lnx.
⑴当小时,比较“•)与喘的大小:
(2)若g(x)=af(x)+x3-ax(aeR)有两个极值点厂”求证:
一"
心>
3需一丫・
xx_x23
【牡1】
(1)令h(x)=f(x)-=i,tx-,g)=U]>
0,故〃Cv)在兀>
1时是增函数,
x+ix+ix(x+\y
h(x)>
/i(l)=0,即lnx>
2{X^X):
x+1
(2)g(x)=alnx+x3-ax9g'
(x)=——ax+a,则g©
・)在(O.+oo)上有2个零点,x,,令p(x)=3x'
-ax+a,
即p(x)在(0,乜)上有2个零点舛,x2,//(X)=9.\2-a,当底0吋,pf(x)>
0,p(x)在(0,+oo)递增,不可能有2个零点,a>
0,此时卩(召)=p(x2)=0,即3需-or】+“=3xJ-tu*2+a,整理得彳+仔+穆鼻,而讪)—2)=」吧一叭+叶+仔+打—*朋_呱丄
3x}-x2x{—x2-舛3
故要证讪)-心)>
3咖
—,只需证明竺匚处:
亠=厂3「不妨设a->
x2,只需证明
3西-£
4^y/x^+xxx2+x22
{匹,令^-=^>
1),原不等式转化为仞/>
+召吃+x2
化为4(/2+/+1)>
3(/+1)2<
=>
(/-1)2>
0,故原不等式得证.
M秒希秘藉:
第三讲常见的指对跨阶不等式的应用
ZeJ-In(x4-l)>
l(取等条件x=0);
构造函数y(x—-1,ex-x-\+x-ln(x+1)=f(x)+f(\n(x+1))>
0,当仅当x=0时等号成立;
Zex-lnx>
(e-l)x+l(取等条件x=l)
构造函数f(x)=ex-a-1,^ex-ex+x-l-lnx=ef(A-l)+/(lnx)>
0,当仅当x=l时等号成立;
二(ex-l)ln(.v+l)>
x2(x>
0)・
【圧叨】指对跨阶不等式,根据“放对再放指,不行找基友'
'
的原理,由于x=0时,两边均为零.故可以考虑对数在x=0处的切线放缩,不等号方向必须一致,由于“hl时,\nx>
2(A~U,故xhO时,
In(x+1)>
—,故只需证(er-l)—>
x(x>
0),即证±
i+l(A>
0),构造h(x)=—-,易
x+2x+222e
得h\x)=—,故Mx)max=/z(O)=l,故(R-1)ln(x+1)>
x2(X>
0)成立.2ex
或者证>
lx2+x+1ln(x+1)>
—,一步秒杀,但是需要的数感亂所以建议用沿着零点放缩对数.
2x+2
【例9】
(2019-鄂州期中)已知函数f(x)=—・
x-1
(1)求于(力的单调区间;
y4.1
(2)证明:
f(x)>
—(其中£
是自然对数的底数,^=2.71828..:
).
1———bix]I
【解析】
(!
)定义域是(。
,2(1,+00),/小吕'
令心亠才必则%)=宁,所以“(X)在(0J)递增,在(1,+8)递减,故xe(O,l)u(l,+8)时,u(x)<
u
(1)=0,也即f(x)vO,因此f(x)在(0,1)上单调递减;
在(1,+x)上也单调递城;
即证明如>
凹,xe(O,l)u(l,+oo),x-lex
二先证明xed.-wo)时的情况:
此时问题等价于〃饥-匚二1>
0,令£
(力=〃饥-匚二1,gf(x)=e~2r~vexexxex
令h(x)=ex+x3-2x2-x9则//(x)=er+3x2-4x-l,hff(x)=ex+6x-4>
Q9(x>
l),故丹(x)在(1,+00)递增,故h\x)>
hf
(1)=e-2>
0,故/心)在(l,+oo)递增,于是h(x)>
h
(1)=e-2>
0,故g'
(x)>
0,故g(x)在(1,+co)递增,因此xe(L+x)时,£
g
(1)=0,即加x-——>
二下面证明xe(OJ)时的情况:
令m(x)=-x-1,gf(x)=-1>
0,故〃心)在[0,1)递增,于是xe(OJ)时,
m(x)>
m(0)=0,故<
1,令n(x)=lnx-x+\,nf(x)=-―->
0,故n(x)在(0,1]递增,故牙G(0,1)时,exx
n(x)<
n
(1)=0,即/nv-jv+1vO,即->
1>
-,证毕.
x-lex
(、i2(x—1)
g(x)=lnx-14/i^2
构造x+1,则Q(x)=丄一=—>
0,而/
(1)=0,故当0vxvl时,
a-(x+1)2x(x+\y
lnx<
^—当大21时,\nx>
?
(—
x+\x+1
—
二先证明xe(h+oo)时的情况:
此时问题等价于要证:
加丫-匚二土二故只需证丄〉
exx+\exx+1ex
故只需证1>
孚工,构造力(兀)=耳工.必v)=耳工,显然/i(xU=Ml)=-<
l
LeZeZee
二下面证明xe(OJ)时的情况:
此时问题等价于加r-匚二1<
竺丄-匚二1<
0,故只需证二_>
匸exx+1exx+1b
故只需证i>
口丄,显然/?
(x)=/?
(i)=2<
i,证毕.
2exe
总结:
零点两侧出现不同放缩的情况是证明指对不等式的最大利器!
【例10】
(2019・黄山一模)已知函数f(x)=ex-ln(x+m)+m.
(1)设x=0是TXr)的极值点,求加的值;
(2)在
(1)的条件下,—®
在泄义域内恒成立,求R的取值范围:
(3)当〃疼2时,证明:
/(a)>
・
【『析】
(1)兀=0是于(力的极值点,二厂(0)=1-1=0,解得:
m=l.
x+mm
1_ex(x+1)-1
x+1一x+1
经检验〃2=1符合题意
由(I)可知,函数f(x)=ex-ln(x+l)+\9其定义域为(—l,+oo)・vf\x)=e设g(x)=o'
(x+1)-1,则g3=ex(x+l)+ex>
0,所以g(x)在(T,+oo)上为增函数,
又・・・g(0)=0,所以当x>
0时,g(x)>
0,即.厂(x)>
0;
当一l<
0时,g(x)vO,f(x)<
0・
所以f(x)在(-1,0)上为减函数;
在(0,+o>
)上为增函数;
因此.于⑴的最小值为/(0)=2•••/⑴一©
0在定狡域内恒成立,即k^f(x)mhl=2
构造=/Xr)-£
=^-x-l+x—ln(x+l)+2-R=g(x)+g(ln(x+l))+2—knO,当仅当
x=0时等号成立,:
.k<
2;
(3)证明:
要证f(x)=ex一ln(x+m)+m>
m,即ex一ln(x+m)>
0,设F(x)=ex-ln(x+m),即证F(x)>
0,当加£
2,xe(-〃i,+x)吋,ln(x++2),故只需证明当m=2时,F(x)>
法一:
当加=2时,函数FXx)=ev-—!
—在(-2,-wc)上为增函数,且F(-1)<
0,Fr(0)>
0,故F\x)=0在x+2
(一2,+co)上有唯一实数根兀,且x0g(-1,0).当xw(-2,x°
)时,Fr(x)<
0,当xg(x0,+o>
)时,F\x)>
0,从而当x=x0时,F(x)取得最小值.由Fr(x0)=0,得严=—!
—,ln(x0+2)=-兀,
勺+2
故F(x)^F(^0)=—+x0=(V°
+lr>
0,综上,当m^2时.F(x)>
0即f(x)>
m・
兀+2兀+2
F(x)=ex-ln(x+2)=ex-x-\+x+2-\-ln(x+2)=f>
(x)+g(\n(x+2))>
09由于取等条件不一,故
F(x)>
0
达标训练
1.<
2019-深圳二模)若函数=x—五一ahix在区间(1,+0C)上存在零点,则实数a的取值范围为()
A・(0丄)B.(丄,e)C・(0,+oo)D・(丄,+oo)
222
2.(2018-洛阳期末)若函数/(x)=/m-<
u-有两个不同的零点,则实数“的取值范围是•
3・(2019*南京三模)已知数/(X)=丄x2-ahix+x--•对任意xe[\,+oo),当f(x)^nvc恒成立时实数山22
的最大值为1,则实数d的取值范用是.
4.(2019-陕西一模)已知函数/(x)=-+Wu-x),若x=l是函数/(劝的唯一极值点,则实数k的取值x
范围是()
A・(—co♦e]B・(—oo,£
)C・(—匕+oo)D・[―幺>
+oc)
5.(2019-临渭模拟)若函数f(x)=xlnx-ax2有两个极值点,则实数“的取值范围是()
A.(0丄)B.丄1)C.(1.2)D・(2疋)
6.(2018-七星月考)已知/(x)=“加+*疋,若方程f(x)=(a+\)x恰有两个不同的解,则实数a的取值范
用是()
A.(一丄,0)B.(-1,0)C・(0,1)D・(l.+oo)
7.(2017-黄山期末)若函数f(x)=xlnx+\的图象总在直线y=ar的上方,则实数“的取值范用是()
A・(TX\1)B・(0,+ao)C・(l,+00)D・(YC,0)
8.(2018-厦门期末)当xe(0,+oo)时,(俶-加)(俶-0*0,则实数a的取值范围是()
A・(-co,1]B.[丄,打C・[1,e]D・[e9+oc)
9.(2018・河南模拟)若函数f(x)=eK-a\nx+Ixix-1(0.+oo)上恰有两个极值点,则a的取值范围为(
A.(7,-e)B.(-00,Tc.(-X,-1)D.(-oo,-e)
10.(2019-四平期末)函数/(x)=如-也在(a+oo)上是增函数,则实数k的取值范围是・
11.(2019-福建月考)已知函数f(x)=ax2-xlnx在[丄,+oo)上单调递增,则实数a的取值范围是
12・(2018・如皋月考)已知函数f(x)=bx--+2Jnx^若函数f(x)在泄义域上不是单调函数,则实数b的
取值范围为.
13.(2019•榆林一模)已知不等式-l^r+/7u-,对于任意的xe(O.炖)恒成立,则&
的最大值•
14.(2019-天津二模)设aeR,函数f(x)=lnx-ax.
(1)若“=2,求曲线y=f(x)在点P(l,-2)处的切线方程;
(2)若于(劝无零点,求“的取值范围;
(3)若/(兀)有两个相异零点召、x2,求证:
x,+x2>
一・
15.(2018・邯郸期末)设函数f(x)=a(x-\)-xlnx・
(1)求函数/(X)的单调区间;
(2)若对任意的©
1,恒有/(x)^O成立,求实数a的取值范围.
16.(2019*顺艾二模)设函数f(x)=a\fx-lnx.agR・
(1)若点(1,1)在曲线y=/(A)上,求在该点处曲线的切线方程;
(2)若/(x)^2tfi成立,求a的取值范围.
17.(2019*荆门模拟)已知函数f(x)=—+a(x一lnx)(aeR).
(1)当“=时,求.f(x)的最小值:
(2)若八刃有两个零点,求参数a的取值范用.
18.(2019・济南模拟)已知函数=
(1)求函数/(x)的极值:
(2)若d^X,求证:
aex>
(1+-)(1+Inx)・
19.(2019・成都模拟)已知函数=aeR.
(1)若/(x)>
0,求实数a取值的集合:
(2)证明:
ex+^2-bix+x2+(e-2)x・
20.(2018・沙坪坝期中)已知函数f(x)=—・
(1)求/Xx)的单调区间;
(2)证明:
fix)>
—(其中€是自然对数的底数,6>
=2.71828).(参考例9,不做详述.)
ex
21.(2018>
双流模拟)已知函数f(x)=ahtx-ex:
(1)讨论/(X)的极值点的个数;
(2)若“=2,求证:
f(x)<
0.
(2019>
辽阳一模)已知函数f(x)=xlnx・
(1)若函数g(x)二理丄求g(x)的极值;
/(x)+l<