高考物理一轮复习教案《电磁感应中的电路和图像问题》沪科版Word文件下载.docx

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答案　

（1）1m/s　

（2）60N

【变式训练】

1．如图2所示，边长L＝0.20m的正方形导线框ABCD由粗细均匀的同种材料制成，正方形导线框每边的电阻R0＝1.0Ω，金属棒MN与正方形导线框的对角线长度恰好相等，金属棒MN的电阻r＝0.20Ω。

导线框放置在匀强磁场中，磁场的磁感应强度B＝0.50T，方向垂直导线框所在平面向里。

金属棒MN与导线框接触良好，且与导线框对角线BD垂直放置在导线框上，金属棒的中点始终在BD连线上。

若金属棒以v＝4.0m/s的速度向右匀速运动，当金属棒运动至AC的位置时，求：

（计算结果保留两位有效数字）

图2

（1）金属棒产生的电动势大小；

（2）金属棒MN上通过的电流大小和方向；

（3）导线框消耗的电功率。

解析　

（1）金属棒产生的电动势大小为：

E＝

BLv＝

0.50×

0.20×

4.0V＝0.57V。

（2）金属棒运动到AC位置时，导线框左、右两侧电阻并联，其并联电阻大小为

R并＝1.0Ω，由闭合电路欧姆定律有I＝

＝0.48A，由右手定则有，电流方向从M到N。

（3）导线框消耗的电功率为P框＝I2R并＝0.23W。

答案　

（1）0.57V　

（2）0.48A　方向由M→N　（3）0.23W

突破二　电磁感应中的图像问题

1．图像类型

电磁感应中主要涉及的图像有Bt图像、Φt图像、Et图像和It图像。

还常涉及感应电动势E和感应电流I随线圈位移s变化的图像，即Es图像和Is图像。

2．常见题型

图像的选择、图像的描绘、图像的转换、图像的应用。

3．所用规律

一般包括：

左手定则、安培定则、楞次定律、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、牛顿运动定律等。

4．解决这类问题的基本方法

（1）明确图像的种类，是B－t图像还是Φ－t图像，或者E－t图像、I－t图像等。

（2）分析电磁感应的具体过程。

（3）结合法拉第电磁感应定律、欧姆定律、牛顿运动定律等规律列出函数方程。

（4）根据函数方程进行数学分析。

如斜率及其变化、两轴的截距、图线与横坐标轴所围图形的面积等代表的物理意义。

（5）画图像或判断图像。

题型一　图像的选择

问题类型

由给定的电磁感应过程选出正确的图像

解题关键

根据题意分析相关物理量的函数关系、分析物理过程中的转折点、明确“＋、－”号的含义，结合数学知识做正确的判断

【典例2】　（2014·

新课标全国卷Ⅰ，18）如图3（a），线圈ab、cd绕在同一软铁芯上，在ab线圈中通以变化的电流，用示波器测得线圈cd间电压如图（b）所示。

已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比，则下列描述线圈ab中电流随时间变化关系的图中，可能正确的是（　　）

图3

解析　由题图（b）可知c、d间的电压大小是不变化的，根据法拉第电磁感应定律可判断出线圈cd中磁通量的变化率是不变的，又因已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比，所以线圈ab中的电流是均匀变化的，选项C正确，A、B、D均错误。

答案　C

2．（多选）（2014·

南京市二模）如图4所示，光滑平行金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成θ角，M、P两端接一阻值为R的定值电阻，阻值为r的金属棒ab垂直导轨放置，其他部分电阻不计。

整个装置处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向下。

t＝0时对金属棒施一平行于导轨的外力F，金属棒由静止开始沿导轨向上做匀加速直线运动。

下列关于穿过回路abPMa的磁通量变化量ΔΦ、磁通量的瞬时变化率

、通过金属棒的电荷量q随时间t变化以及a、b两端的电势差U随时间t变化的图像中，正确的是（　　）

图4

解析　设加速度为a，运动的位移s＝

at2，磁通量变化量ΔΦ＝BLs＝

BLat2，ΔΦ∝t2，选项A错误；

感应电动势E＝

＝

BLat，故

∝t，选项B正确；

U＝

t，U∝t，选项D正确；

电荷量q＝

，因为ΔΦ∝t2，所以q∝t2，选项C错误。

答案　BD

题型二　图像的转换

由一种电磁感应的图像分析求解出对应的另一种电磁感应图像的问题

（1）要明确已知图像表示的物理规律和物理过程；

（2）根据所求的图像和已知图像的联系，对另一图像做出正确的判断进行图像间的转换

【典例3】　（2013·

山东卷，18）将一段导线绕成图5甲所示的闭合回路，并固定在水平面（纸面）内。

回路的ab边置于垂直纸面向里的匀强磁场Ⅰ中。

回路的圆环区域内有垂直纸面的磁场Ⅱ，以向里为磁场Ⅱ的正方向，其磁感应强度B随时间t变化的图像如图乙所示。

用F表示ab边受到的安培力，以水平向右为F的正方向，能正确反应F随时间t变化的图像是（　　）

图5

解析　0～

时间内，回路中产生顺时针方向、大小不变的感应电流，根据左手定则可以判定ab边所受安培力向左。

～T时间内，回路中产生逆时针方向、大小不变的感应电流，根据左手定则可以判定ab边所受安培力向右，故B正确。

答案　B

3.如图6甲所示，线圈ABCD固定于匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向外，当磁场变化时，线圈AB边所受安培力向右且变化规律如图乙所示，则磁场的变化情况可能是下图中的（　　）

图6

解析　根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律，可得E＝

S，I＝

，线圈AB边所受安培力大小F＝BIL＝B

SL，由于F和

不变，则B

不变；

力F的方向向右，根据楞次定律可知：

此时通过线圈的磁通量是增加的，故磁感应强度B增大，而

是减小的，故选项D正确，选项A、B、C错误。

答案　D

题型三　图像的应用

由电磁感应图像得出的物理量和规律分析求解动力学、电路等问题

第一个关键是破译，即解读图像中的关键信息（尤其是过程信息），另一个关键是转换，即有效地实现物理信息和数学信息的相互转换

【典例4】　（多选）在运动会上的100m赛跑跑道两侧设有跟踪仪，其原理如图7甲所示，水平面上两根足够长的金属导轨平行固定放置，间距为L＝0.5m，一端通过导线与阻值为R＝0.5Ω的电阻连接；

导轨上放一质量为m＝0.5kg的金属杆，金属杆与导轨的电阻忽略不计；

匀强磁场方向竖直向下。

用与导轨平行的拉力F作用在金属杆上，使杆运动。

当改变拉力的大小时，相对应的速度v也会变化，从而使跟踪仪始终与运动员保持一致。

已知v和F的关系如图乙所示。

（取重力加速度g＝10m/s2）则（　　）

图7

A．金属杆受到的拉力与速度成正比

B．该磁场磁感应强度为1T

C．图线在横轴的截距表示金属杆与导轨间的阻力大小

D．导轨与金属杆之间的动摩擦因数为μ＝0.4

解析　由图像可知拉力与速度是一次函数，但不成正比，故A错；

图线在横轴的截距是速度为零时的F，此时金属杆将要运动，此时阻力——最大静摩擦力等于F，也等于运动时的滑动摩擦力，C对；

由F－BIL－μmg＝0及I＝

可得：

F－

－μmg＝0，从图像上分别读出两组F、v数据代入上式即可求得B＝1T，μ＝0.4，所以选项B、D对。

答案　BCD

4．（2014·

山东潍坊统考）如图8甲所示，两相互平行的光滑金属导轨水平放置，导轨间距L＝0.5m，左端接有电阻R＝3Ω，竖直向下的磁场磁感应强度大小随坐标x的变化关系如图乙所示。

开始导体棒CD静止在导轨上的x＝0处，现给导体棒一水平向右的拉力，使导体棒以1m/s2的加速度沿x轴匀加速运动，已知导体棒质量为2kg，电阻为2Ω，导体棒与导轨接触良好，其余电阻不计。

求：

图8

（1）拉力随时间变化的关系式；

（2）当导体棒运动到x＝4.5m处时撤掉拉力，此时导体棒两端的电压；

此后电阻R上产生的热量。

解析　

（1）经时间t导体棒运动的速度v＝at①

位移x＝

at2②

产生的感应电动势为E＝BLv③

由图可知：

B＝2x④

对导体棒由牛顿运动定律F－BIL＝ma⑤

产生的感应电流I＝

⑥

解得：

F＝

＋2＝0.05t5＋2⑦

（2）当x＝4.5m时导体棒两端电压为U，

R⑧

U＝8.1V⑨

撤力后由能的转化和守恒定律：

Q总＝

mv2⑩

QR＝

Q总＝5.4J⑪

答案　

（1）F＝0.05t5＋2　

（2）8.1V　5.4J

题型四　图像的描绘

由题目给出的电磁感应现像画出所求物理量的图像

由题目给出的电磁感应过程结合所学物理规律求出所求物理量的函数关系式，然后在坐标系中做出相对应的图像

【典例5】　（2014·

安徽卷，23）如图9所示，匀强磁场的磁感应强度B为0.5T，其方向垂直于倾角θ为30°

的斜面向上。

绝缘斜面上固定有“∧”形状的光滑金属导轨MPN（电阻忽略不计），MP和NP长度均为2.5m，MN连线水平，长为3m。

以MN中点O为原点，OP为x轴建立一维坐标系Ox。

一根粗细均匀的金属杆CD，长度d为3m、质量m为1kg、电阻R为0.3Ω，在拉力F的作用下，从MN处以恒定速度v＝1m/s在导轨上沿x轴正向运动（金属杆与导轨接触良好）。

g取10m/s2。

图9　　　　　　　　图10

（1）求金属杆CD运动过程中产生的感应电动势E及运动到x＝0.8m处电势差UCD；

（2）推导金属杆CD从MN处运动到P点过程中拉力F与位置坐标x的关系式，并在图10中画出F－x关系图像；

（3）求金属杆CD从MN处运动到P点的全过程产生的焦耳热。

解析　

（1）金属杆CD在匀速运动中产生的感应电动势

E＝Blv（l＝d），解得E＝1.5V　（D点电势高）

当x＝0.8m时，金属杆在导轨间的电势差为零。

设此时杆在导轨外的长度为l外，则

l外＝d－

d、OP＝

，得l外＝1.2m

由楞次定律判断D点电势高，故CD两端电势差

UCD＝－Bl外v，即UCD＝－0.6V

（2）杆在导轨间的长度l与位置x关系是

l＝

d＝3－

x

对应的电阻Rl为Rl＝

R，电流I＝

杆受的安培力F安＝BIl＝7.5－3.75x

根据平衡条件得F＝F安＋mgsinθ

F＝12.5－3.75x（0≤x≤2）

画出的F－x图像如图所示。

（3）外力F所做的功WF等于F－x图线下所围的面积，即

WF＝

2J＝17.5J

而杆的重力势能增加量ΔEp＝mg

sinθ

故全过程产生的焦耳热Q＝WF－ΔEp＝7.5J

答案　

（1）1.5V　－0.6V

（2）F＝12.5－3.75x（0≤x≤2）　图像见解析　（3）7.5J

5．相距L＝1.5m、足够长的金属导轨竖直放置，质量m1＝1kg的金属棒ab和质量m2＝0.27kg的金属棒cd，均通过自身两端的套环水平地套在金属导轨上，如图11甲所

示，虚线上方磁场的方向垂直纸面向里，虚线下方磁场的方向竖直向下，两处磁场的磁感应强度大小相同。

ab棒光滑，cd棒与导轨间的动摩擦因数μ＝0.75，两棒总电阻为1.8Ω，导轨电阻不计。

ab棒在方向竖直向上、大小按图乙所示规律变化的外力F作用下，从静止开始沿导轨匀加速运动，同时cd棒也由静止释放。

（g取10m/s2）

图11

（1）求ab棒加速度的大小和磁感应强度B的大小；

（2）已知在2s内外力F做了26.8J的功，求这一过程中两金属棒产生的总焦耳热；

（3）求出cd棒达到最大速度所需的时间t0，并在图丙中定性画出cd棒所受摩擦力fcd随时间变化的图线。

解析　

（1）对ab，由牛顿第二定律得：

F－m1g－FA＝m1a

其中FA＝BIL＝B

L＝

所以F＝m1g＋m1a＋

由图乙的截距可知：

m1g＋m1a＝11N，解得a＝1m/s2

由图乙的斜率可知：

，解得B＝1.2T。

（2）v＝at＝2m/s

h＝

at2＝2m

对ab棒有WF＋WG1＋WA＝

m1v2－0

代入数据，解得WA＝－4.8J，Q热＝－WA＝4.8J。

（3）cd棒达到最大速度时，m2g＝fcd，fcd＝μN＝μFA＝

，

所以有m2g＝

，解得t0＝2s

cd棒所受摩擦力fcd随时间变化的图线如图所示。

答案　见解析