历年山东省泰安市物理中考真题及答案Word文档下载推荐.docx
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A、射击瞄准时要做到“三点一线”,利用了光的直线传播,故A正确;
B、游泳池注水后,看上去好像变浅了,是由于光的折射造成的,故B错误;
C、在平静的湖面可以看到蓝天白云,属于平面镜成像,是由于光的反射形成的,故C错误;
D、太阳光经过三棱镜后可以产生彩色光带,这是光的色散现象,故D错误。
A
4.下列有关热和能的说法中,正确的是( )
A.发生热传递时,温度总是从高温物体传递给低温物体
B.一块0℃的冰熔化成0℃的水后,温度不变,内能变大
C.内燃机的压缩冲程,主要通过热传递增加了汽缸内物质的内能
D.夏天在室内洒水降温,利用了水的比热容较大的性质
温度、热量与内能的关系。
A、发生热传递时,传递的是热量而不是温度;
故A错误;
B、一块0℃的冰熔化成0℃的水后,吸收热量,温度不变,内能增加;
故B正确;
C、内燃机的压缩冲程,活塞压缩气缸内物质,机械能转化为内能,是通过做功改变物体的内能;
故C错误;
D、夏天在室内洒水,水汽化吸收热量,起到降温的作用,不是利用了水的比热容较大的性质;
故D错误。
B
5.下列做法符合安全用电原则的是( )
A.家用保险丝熔断后,可用铁丝或铜丝代替
B.雷雨天气可以站在大树下避雨
C.选用插座时,所有家用电器都使用两孔插座
D.搬动电器前应断开电源开关
安全用电原则。
A、铜丝或铁丝的电阻小、熔点高,在电流过大时,产生的热量不容易达到熔点,因此不会熔断,起不到保险的作用。
此选项不符合安全用电要求;
B、雷雨天,雷电容易接触高的物体,雷雨天在大树下避雨容易发生触电,所以应避免在大树下避雨。
C、家用电器的金属外壳接地时,可避免因电器漏电时外壳带电,三孔插座中多出的一个孔是用来接地线的。
所以有金属外壳的家用电器应该连接三孔插座。
D、搬动电器、更换灯泡时容易碰到金属部分,切断电源可以保证金属部分不带电。
此选项符合安全用电要求。
6.下列物态变化过程中,需要吸收热量的是( )
A.湖水结成冰
B.樟脑丸变小
C.露珠的形成
D.雾凇的形成
升华和凝华的定义和特点。
A、水结冰是由液态变成固态的凝固过程,是放热过程,故A错误;
B、樟脑丸逐渐变小,樟脑由固态直接变成气态是升华过程,是吸热过程,故B正确;
C、露珠是水蒸气液化形成的,是由气态变为液态的过程,是放热过程,故C错误;
D、“雾凇”是由水蒸气气态变为固态的凝华过程,是放热过程,故D错误。
7.如图所示的电路中,小灯泡L1、L2规格相同,闭合开关S后,发现L1不亮,L2发光。
此电路的故障可能是( )
A.灯L1短路
B.灯L2短路
C.灯L1断路
D.开关S接触不良
电流表、电压表在判断电路故障中的应用。
由图可知:
该电路是并联电路,灯L1不亮,而L2正常发光,这说明从L2两端到电源的两极没问题,因此灯L2、开关S的连接都正确,问题就是灯L1断路或短路。
当灯L1短路时,电源被短路,灯L2不亮,甚至可能烧毁电源;
所以只能是灯L1断路,此时L2支路不受影响,符合题意。
故ABD错误,C正确。
8.家庭常用的电吹风既能吹冷风又能吹热风。
下列电路中最符合电吹风工作要求的是( )
A.
B.
C.
D.
串、并联电路的设计。
A、由图知,S1闭合时只有电动机工作,吹冷风;
再闭合S2时,加热器和电动机并联,两者都能工作,此时吹热风,故A符合题意;
B、由图知,S1闭合时只有加热器工作,两开关都闭合加热器和电动机同时工作,只有热风没有冷风,故B不合题意;
C、由图知,S1闭合时加热器与电动机串联,再闭合S2时,只有电动机工作,但电动机和加热器串联时两者相互影响,故C不合题意;
D、由图知,S1闭合时电动机和加热器都工作,当两开关都闭合时只有加热器工作,故D不合题意。
9.2018年5月21日凌晨,我国成功利用长征四号丙运载火箭将“鹊桥”号中继卫星发射升空,迈出了人类航天器月背登陆第一步!
下列有关说法正确的是( )
A.火箭点火升空过程中,内能转化为机械能
B.火箭点火升空过程中,火箭的惯性消失
C.火箭加速上升过程中,重力势能转化为动能
D.火箭加速上升过程中,只受到重力和空气阻力
动能和势能的转化与守恒。
A、火箭点火发射时,产生的燃气内能转化为火箭升空的机械能,故A正确;
B、火箭点火升空过程中,仍然具有惯性,因为惯性是物体本身的一种性质,故B错误;
C、火箭加速上升的过程,质量不变,速度增加,故动能增加,同时高度增加,重力势能增大,故不是重力势能和动能的转化,故C错误;
D、火箭加速上升,受力不平衡,火箭受的向上的推力大于向下的重力,合力向上,火箭加速上升,故D错误。
10.下列实验中,能说明电动机工作原理的是( )
直流电动机的原理。
A、该装置是研究电磁铁磁性的实验装置,是电流的磁效应,故A错误。
B、该装置是电动机原理图,表明通电的导体在磁场中受力的作用,故B正确;
C、该装置是奥斯特实验,表明通电导线周围有磁场,故C错误;
D、该装置是发电机原理图,表示电磁感应现象,故D错误。
11.下面几个研究实例中,采用了相同研究方法的是( )
①利用光线表示光传播的径迹和方向
②“探究压力的作用效果与受力面积的关系”时,保持压力不变,改变受力面积
③“比较不同物质吸热的情况”时,用加热时间的长短表示吸收热量的多少
④“探究物体的动能与速度的关系”时,让同一钢球从斜面的不同高度由静止滚下
A.①和②
B.②和③
C.②和④
D.③和④
物理学方法。
①用光线表示光的传播的径迹和方向,采用的是模型法;
②“探究压力的作用效果与受力面积的关系”时,保持压力不变,改变受力面积,采用的是控制变量法;
③“比较不同物质吸热的情况”时,用加热时间的长短表示吸收热量的多少,在这里采用了转换法测量物质吸收的热量;
④“探究物体的动能与速度的关系”时,让同一钢球从斜面的不同高度由静止滚下。
采用的是控制变量法。
12.如图所示,水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两平底容器,分别装有深度相同、质量相等的不同液体。
下列说法正确的是( )
①容器对桌面的压力:
F甲>F乙
②液体的密度:
ρ甲=ρ乙
③液体对容器底部的压强:
p甲>p乙
④容器对桌面的压强:
p甲′=p乙′
A.只有①和③
B.只有①和④
C.只有②和③
D.只有③和④
压强大小比较。
①水平桌面上,甲乙两个容器中两种液体质量相等,则重力相等,容器底面积和质量相同,故对桌面的压力F甲=F乙,由p=
得,容器对桌面的压强:
p甲′=p乙′,故①错误,④正确;
②因为容器底面积相同,液体同高,乙中液体的体积大于甲中液体的体积,因为质量相同,所以ρ甲>ρ乙,故②错误;
③甲容器上粗下细,液体对容器底部的压力大于自身的重力,甲容器为直壁容器,液体对容器底部的压力等于自身的重力,所以,甲图中液体对杯底的压力小于乙图中液体对杯底的压力,两个容器底面积相同,根据公式p=
可知,故图中液体对杯底的压强p甲>p乙;
故③正确。
综上所述,①②错误,③④正确。
13.在“探究凸透镜成像的规律”时,将点燃的蜡烛放在距凸透镜30cm处,在透镜另一侧距离透镜16cm处的光屏上得到烛焰清晰的像。
则下列相关说法正确的是( )
①光屏上成倒立、放大的实像
②照相机是利用这一成像原理工作的
③该透镜的焦距f一定满足8cm<f<15cm
④将近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间,要使光屏上出现清晰的像,光屏应靠近透镜
B.只有②和④
D.只有①和④
凸透镜成像规律及其探究实验。
蜡烛距离凸透镜30cm时,在透镜的另一侧16cm处光屏上得到一个清晰的像,物距大于像距,成倒立缩小实像,是照相机的原理;
故①错误,②正确;
此时物体在二倍焦距以外,像在一倍焦距和二倍焦距之间,
即30cm>2f;
2f>16cm>f,
解得:
8cm<f<15cm。
故③正确;
近视镜片是凹透镜,对光线具有发散作用,所以近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间,像将延迟会聚,为使光屏上看到清晰的像,采取的方法为:
使光屏远离透镜,使像成在光屏上,故④错误。
14.某品牌无人驾驶汽车在一段平直公路上匀速行驶6.9km,用时5min45s,消耗燃油1.5kg,已知汽车的牵引力是2000N,燃油的热值为4.6×
107J/kg,假设燃油完全燃烧。
通过计算可知,下列结果正确的是( )
①汽车行驶速度是20km/h
②消耗的燃油完全燃烧放出的热量是6.9×
107J
③汽车牵引力做功的功率是30kW
④汽车发动机的效率是20%
A.只有①和②
B.只有②和③
C.只有①和④
D.只有②和④
热机的效率。
①汽车的行驶速度:
=72km/h,故①错误;
(2)消耗的燃油完全燃烧放出的热量:
Q放=mq=1.5kg×
4.6×
107J/kg=6.9×
107J,故②正确;
(3)因为匀速行驶,所以汽车受到的牵引力:
F=f=2×
103N,
该汽车牵引力所做的功:
W=Fs=2×
103N×
6.9×
103m=1.38×
107J,
该汽车牵引力所做功的功率:
P=
=40000W=40kW,故③错误;
(4)汽车消耗燃油的产生的热量:
该汽车的效率:
η=
×
100%=20%,故④正确。
15.如图所示,电源电压保持6V不变,电流表量程为0~0.6A,电压表量程为0~3V,定值电阻R1的规格为“10Ω0.5A”,滑动变阻器R2的规格为“20Ω1A”。
闭合开关,为了保证电路安全,在变阻器滑片移动过程中,下列说法正确的是( )
①电阻R1消耗电功率允许的变化范围为0.4W~0.9W
②电流表示数允许的变化范围为0.2A~0.5A
③滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为10Ω~20Ω
④电路消耗总电功率允许的变化范围为1.8W~3W
电路的动态分析。
①电压表示数为3V时,电路电流为I1=
=0.3A;
而电流表选择的是0-0.6A量程,所以电路最大电流为I=0.3A。
此时R1消耗的功率为P1最大=U1I1=3V×
0.3A=0.9W;
当滑动变阻器全部串联在电路中时,R=R1+R2=10Ω+20Ω=30Ω,
此时电路电流为I′=
=0.2A,
此时R1消耗的功率为P1最小=I′2R1=(0.2A)2×
10Ω=0.4W。
所以阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W~0.9W。
选项①正确;
②由上知,电流表示数允许的变化范围为0.2A~0.3A。
选项②错误;
③当电路电流最大为I=0.3A时,电路总电阻为R最小=
=20Ω,
所以滑动变阻器接入电路电阻为R2最小=R-R1=20Ω-10Ω=10Ω。
所以R2接入电路的阻值允许变化范围为10Ω~20Ω。
选项③正确;
④、整个电路消耗的最小功率为P总小=UI最小=6V×
0.2A=1.2W;
最大功率为P总大=UI最大=6V×
0.3A=1.8W。
所以电路消耗总功率允许的变化范围为1.2W~1.8W。
选项④错误。
二、填空题(每空1分,共4分)
16.(1分)有甲、乙、丙三个带电体,甲物体吸引乙物体,乙物体排斥丙物体。
如果丙物体带正电,则甲物体带__________电。
物体带电情况的判断。
有甲、乙、丙三个带电体,且丙物体带正电,因乙物体排斥丙物体,说明乙也带正电;
甲物体吸引乙物体,因异种电荷相互吸引,所以甲带负电。
负
17.(1分)小芳站在平面镜前,当她远离平面镜时,她在镜中像的大小会__________(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案。
当小芳远离平面镜时,她的大小不变,根据物像大小相等可知,她的像大小不变。
不变
18.(1分)标准大气压下,质量为0.5kg、温度为70℃的水放出4.2×
104J的热量,水的温度降低了__________℃[c水=4.2×
103J/(kg•℃)]。
热量的计算。
由Q放=c水m△t可得,水降低的温度:
△t=
=20℃。
20
19.(1分)如图所示,在水平拉力F1=10N作用下,木板甲在水平地面上匀速向右运动,同时物块乙相对于地面静止,已知此时墙壁对物块乙的拉力F2=4N。
则木板甲与地面间的摩擦力是__________N。
摩擦力的大小。
此时墙壁对物块乙的拉力F2=4N,方向向左;
乙水平方向上受拉力和摩擦力,由二力平衡可得,摩擦力与拉力应大小相等,方向相反,故摩擦力大小为4N;
摩擦力水平向右;
以甲为研究对象,它受到向右的拉力为10N,同时受到地面对它的摩擦力和物体乙对它的摩擦力,二者之和为10N,
所以地面对物体甲的摩擦力为f=10N-4N=6N。
6
三、作图题(每题2分,共4分)
20.图中的入射光线平行于凸透镜主光轴,画出经凸透镜后的折射光线。
透镜的光路图。
平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后,折射光线过焦点,由此可以确定该条入射光线对应的折射光线。
21.如图所示,一小球静止在水平面上,请你画出物体所受的重力的示意图。
重力示意图。
重力G的作用点在重心,方向竖直向下。
四、实验题(第22题5分,第23题10分,共15分)
22.(5分)图甲是某学习小组“测量滑轮组的机械效率”的示意图。
用弹簧测力计竖直向上拉动绳子自由端,将重为4.5N的物体从A位置提升到A′位置,同时弹簧测力计从图中的B位置上升到B′位置,在这个过程中,弹簧测力计的示数如图乙所示。
请你根据他们做的实验完成下列问题:
(1)物体提升的高度是__________cm,拉力是__________N,该滑轮组的机械效率η=__________。
滑轮(组)机械效率的测量实验。
测力计B位置匀速提升到B'
位置,测力计上升的高度为:
s=15.0cm;
由图可知,有3段绳子拉着动滑轮,则物体上的高度为:
h=
s=
15.0cm=5.0cm;
由图可知,测力计的示数为2N;
该动滑轮的机械效率:
=75%。
5.0;
2;
75%
(2)若在图甲装置的基础上,增加一个动滑轮,改为图丙所示的装置,提升同一物体,则滑轮组的机械效率__________(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
若在图甲装置的基础上,增加一个动滑轮,此时有用功不变,克服动滑轮重力所做的额外功变大,故机械效率变小。
变小
23.(10分)某物理兴趣小组利用图甲所示实验电路图同时测量电源电压U0的大小和电阻Rx的阻值,电源电压U0约为2V~3V,Rx的阻值约为6Ω~7Ω。
实验室提供如下器材:
导线若干、开关、电流表(量程0~0.6A,0~3A)、电压表(量程0~3V,0~15V)、滑动变阻器R(最大阻值为30Ω)。
请你思考完成下列问题:
(1)按照图甲用笔画线代替导线,连接好图乙中的实物图。
伏安法测电阻的探究实验。
连接实物图时,需要注意和电路图一一对应,另外是电压表和电流表的连接一定要注意正负接线柱,如下图所示:
如上图
(2)用物理量U0、Rx、电流表的示数I写出表示电压表示数U大小的关系式:
U=__________。
已知电源电压U0,电阻Rx和滑动变阻器串联,电路中电流为I,
电压表测量滑动变阻器的电压,由串联电路的电压特点和欧姆定律;
电压表的示数:
U=U0-Ux=U0-IRx。
U0-IRx
(3)①正确连接电路后,闭合开关前应使滑动变阻器连入电路的阻值为__________(选填“最大”或“零”);
②移动滑动变阻器的滑片,读出4组电流表和电压表示数,分别以电流表的示数I和电压表的示数U为横坐标和纵坐标,在坐标纸上描点,把这4个点连接起来大致为一条直线(并虚线延长到纵轴),如图丙所示。
从图丙中信息可求得:
电源电压U0=__________V,电阻Rx=__________Ω。
①为了保护电路,闭合开关前应使滑动变阻器连入电路的阻值为最大值;
②电阻Rx和滑动变阻器串联,根据欧姆定律可得,
U0=U+IRx;
U0=2.4V+0.1A×
Rx;
Ⅰ
U0=1.8V+0.2A×
Ⅱ
由Ⅰ、Ⅱ可得,U0=3V;
Rx=6Ω。
①最大;
②3;
24.(6分)用弹簧测力计悬挂一实心物块,物块下表面与水面刚好接触,如图甲所示。
从此处匀速下放物块,直至浸没于水中并继续匀速下放(物块未与水底接触)。
物块下放过程中,弹簧测力计示数F与物块下表面浸入水的深度h的关系如图乙。
g取10N/kg,水的密度是1.0×
103kg/m3。
求:
(1)物块受到的重力。
浮力大小的计算。
由图可知,物体浸入水中时测力计示数为18N,故物体的重力为G=18N;
物块受到的重力为18N
(2)物块完全浸没在水中受到的浮力。
物体全部浸入水中时,测力计的示数为F=10N,则在水中受到的浮力为F浮=G-F=18N-10N=8N,
物块完全浸没在水中受到的浮力为8N
(3)物块的密度。
由F浮=ρ液gV排得,物体的体积为:
V=V排=
,
物体的重力为G,质量为m=
则物体的密度为:
=2.25×
物块的密度为2.25×
103kg/m3
25.(11分)某物理兴趣小组设计了一个压力报警装置,工作原理如图所示。
ABO为一水平杠杆,OA长120cm,O为支点,AB:
OB=5:
1;
已知报警器R0的阻值恒为10Ω,压力传感器R固定放置,R的阻值随所受压力F变化的关系如表所示。
闭合开关S,水平踏板空载时,电压表的示数为2V;
当水平踏板所受压力增大,电压表示数达到5V时,报警器R0开始发出报警信号。
踏板、压杆和杠杆的质量均忽略不计。
F/N
5
10
15
25
30
…
R/Ω
45
34
24
18
14
12
(1)电源电压为多少?
欧姆定律的应用。
闭合开关时,压力传感器R和R报警器R0串联,电压表测报警器R0两端的电压,
由表格数据可知,当踏板空载时(F=0N),压力传感器的电阻为R=45Ω,已知R0=10Ω,电压表的示数为2V,
此时电路中的电流:
I=
电源电压为:
U=I(R+R0)=0.2A×
(10Ω+45Ω)=11V。
电源电压为11V
(2)当报警器开始报警时,踏板设定的最大压力值为多少?
报警器R0开始发出报警信号时,其电压为U0′=5V,
I′=
=0.5A,
传感器两端的电压:
U传=U-U0′=11V-5V=6V,
此时传感器的阻值:
R′=
=12Ω,
由图象可知,当传感器的阻值为12Ω时,对应的压力F压=25N,
由题知,ABO为一水平杠杆,O为支点,AB:
1,则OB=
OA=
120cm=20cm,
根据杠杆平衡条件可得:
F压×
OA=F踏×
OB,即25N×
6=F踏×
1,
解得F踏=150N,即踏板设定的最大压力值为150N。
当报警器开始报警时,踏板设定的最大压力值为150N
(3)若电源电压变为14V,为保证报警器仍在踏板原设定的最大压力值时报警,应在杠杆上水平调节踏板触点B的位置。
试计算说明触点B应向哪个方向移动多少厘米?
若电源电压增大变为14V时,R0两端分得的电压增大,根据串联电路的分压特点可知,应增大压敏电阻分担的电压,保证R0两端分得的电压不变,此时就应该增大压敏电阻的阻值;
因压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小,所以应该减小压杆对传感器的压力,由杠杆平衡条件F压×
OB可知,OA不变,F踏不变,所以F压和OB成正比,要减小压杆对传感器的压力,应减小OB,即把踏板触点B向左移动。
若电源电压变为14V,为保证报警器仍在踏板原设定的最大压力值时报警(即电压表示数仍然为5V),电路中的电流仍为0.5A;
报警时压力传感器的电阻:
R=
=18Ω;
由图象可知,当传感器的阻值为18Ω时,对应的压力为F压′=15N,
F踏×
OB′=F压′×
OA,即150N×
OB′=15N×
1.2m,