物理山东省新泰二中泰安三中宁阳二中学年高二上学期期中联考试题解析版Word文档格式.docx

物理山东省新泰二中泰安三中宁阳二中学年高二上学期期中联考试题解析版Word文档格式.docx

《物理山东省新泰二中泰安三中宁阳二中学年高二上学期期中联考试题解析版Word文档格式.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《物理山东省新泰二中泰安三中宁阳二中学年高二上学期期中联考试题解析版Word文档格式.docx（13页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。

5.如图所示，a．b．c．d为匀强电场中的四个等势面。

一个电子从M点射入电场，其在电场中运动轨迹如实线MN所示，由此可知（）

A.电子在N的动能大于在M的动能

B.电子在N的电势能小于在M的电势能

C.电场强度方向水平向左

D.电场中，a点电势低于b点电势

6.平行板电容器充电后，去掉电源，下面说法正确的是（　　）

A.正对面积不变，极板间距离减小，电容增大

B.正对面积不变，极板间距离增大，电荷量减少

C.正对面积减小，极板间距离减小，电容增大

D.正对面积增大，极板间距离不变，电势差增大

7.关于电源和电流，下述说法正确的是（）

A.电源的电动势在数值上始终等于电源正负极之间的电压

B.从能量转化的角度看，电源通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能

C.由公式

可知，导体的电阻与通过它的电流成反比

D.打开教室开关，日光灯立刻就亮了，表明导线中自由电荷定向运动的速率接近光速

8.一根粗细均匀的电阻丝阻值为R，若温度不变，则下列情况中其电阻仍为R的是（　　）

A.长度和横截面半径都增大一倍时

B.当长度不变、横截面积增大一倍时

C.当截面积不变、长度增大一倍时

D.当长度和横截面积都缩小一半时

9.一电池外电路断开时的路端电压为3V，接上8Ω的负载后路端电压降为2.4V，则可以判定电池的电动势E和内阻r分别为（　　）

A.E=3VB.r=1ΩC.r=2ΩD.E=2.4V

10.如图所示，在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷＋Q，在x轴上有关于O点对称的C、D两点，下列判断正确的是（）

A.D点电场强度为零

B.O点电场强度为零

C.若将点电荷＋q从O移向C，电势能增大

D.若将点电荷－q从O移向D，电势能增大

11.如图所示是电阻R的I﹣U图象，图中α=45°

，由此得出（　　）

A.通过电阻的电流与两端电压成正比

B.电阻R=0.5Ω

C.因I﹣U图象的斜率表示电阻的倒数，故

D.在R两端加上6.0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0C

12.如图所示的电路中，电流表和电压表均可看成是理想电表，当滑动变阻器的滑动头向上移动时，下列结论正确的是（）

A.电压表和电流表

和

的示数都减小

B.电压表的示数增大，电流表

的示数减小

C.电压表的示数增大，电流表

D.电压表和电流表

的示数都增大

二、实验题

13.螺旋测微器示数_______mm；

游标卡尺的读数_______mm

14.在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，使用的小灯泡为“6V　3W”，其他可供选择的器材有：

电压表V1（量程6V，内阻20kΩ）电压表V2（量程20V，内阻80kΩ）

电流表A1（量程3A，内阻0.1Ω）电流表A2（量程0.6A，内阻0.5Ω）

变阻器R1（0～1000Ω，0.5A）变阻器R2（0～20Ω，2A）

学生电源E（6～8V）开关S及导线若干．

实验中要求电压表在0～6V范围内读取并记录下12组左右不同的电压值U和对应的电流值I，以便作出伏安特性曲线，在上述器材中，电流表应选用_____________，变阻器应选用____________．在方框中画出实验的原理图________．

三、计算题

15.如图所示，已知平行板电容器两极板间距离d=4mm，A板带正电，两极板间的电势差为120V，若它的电容为3μF，且P到A板距离为1mm．求：

（1）电容器的带电量；

（2）一个电子在P点具有的电势能；

（e=1.6×

10-19C）

（3）一个电子从P点由静止出发到A板获得的动能．（e=1.6×

16.一个量程为15V的电压表，串联一个R1=3kΩ的电阻后，测量某电路两端的电压时，电压表示数为12V，若已知该电路两端的实际电压为15V，试求：

（1）该电压表的内阻RV；

（2）将该电压表改装成量程为0~90V的电压表，应串联电阻的阻值R2。

17.如图所示电路中，电池组的电动势E=42V，内阻r=2Ω，定值电阻R=20Ω，D是电动机，其线圈电阻R′=1Ω．电动机正常工作时，理想电压表示数为20V．求：

（1）通过电动机的电流是多少？

（2）电动机消耗的电功率为多少？

（3）电动机输出的机械功率为多少？

18.如图所示，两带电平行板A、B间的电场为匀强电场，已知A板带正电，B板带负电，场强E=400V/m，两板相距d=16㎝，板长L=30cm。

一带电量q=1.6×

10-16C、质量m=4.0×

10-19㎏的粒子沿平行于板方向从两板的正中间射入电场后向着B板偏转，不计带电粒子所受重力，求：

（1）粒子带何种电荷？

（2）要使粒子能飞出电场，粒子飞入电场时的速度v0至少为多大？

（3）粒子飞出电场时最大偏角的正切值为多大？

【参考答案】

1.【答案】B

【解析】元电荷是最小的带电量，大小是1.6×

10-19C，而点电荷是一种理想化的物理模型，质子或电子是电荷的种类，与元电荷都不是同一概念，故B正确．

2.【答案】D

【解析】试题分析：

由

得：

两小球若带同种电荷：

则接触后（电荷均分）各自电荷量均为4：

4，静电力为原来的

，D正确。

两小球若带异种电荷：

则接触后（先中和后均分）各自电荷量均为3：

3，静电力为原来的

，C正确。

考点：

本题考查库仑定律。

3.【答案】C

电场中某点的电场强度大小只和电场本身的性质有关，与试探电荷的受力情况以及试探电荷的电荷量无关，ABD错误C正确；

考查了电场强度

【名师点睛】对于电场强度，要抓住它的比值定义法的共性，E与试探电荷所受电场力、电荷量无关，反映电场本身的强弱和方向．

4.【答案】B

【解析】图A中两点的电场强度方向不同，A错误；

图B中两点电场强度大小和方向都相同，故B正确；

C中两点的电场强度大小不同，D图中，电场线的疏密程度表示电场强度大小，电场线方向表示电场强度方向，故两点的大小和方向都不相同，D错误．

5.【答案】D

根据电场线方向与等势线垂直和电子所受的电场力指向轨迹的内侧，判断出电子所受的电场力方向，分析电场力做功的正负，根据动能定理分析动能的变化和电势能的变化．根据顺着电场线方向电势降低，判断电势的高低．

根据电场线方向与等势线垂直可知，电场线方向必定位于竖直方向，则电子所受的电场力必定在竖直方向．电子做曲线运动，所受的电场力方向指向轨迹的内侧，所以可知电子所受的电场力方向应竖直向下，与速度方向的夹角为钝角，对电子做负功，根据动能定理可知，电子的动能减小，电势能增加，所以电子在N的动能小于在M的动能，在N的电势能大于在M的电势能，故AB错误；

电子带负电，电场力方向与电场强度方向相反，所以可知电场强度方向竖直向上，如图所示，故C错误．根据顺着电场线方向电势降低，得知，a点电势低于b点电势，故D正确．

6.【答案】A

【解析】充电后，去掉电源，则电容器两极板所带电荷量恒定边，若正对面积不变，改变两极板间的距离，根据

可知，d增大C减小，d减小C增大，故A正确B错误；

若正对面积减小，极板间距离减小，根据

可知C不一定增大，C错误；

根据

可知若正对面积增大，极板间距离不变，则C增大，根据

可知U减小，D错误．

【点睛】在分析电容器动态变化时，需要根据

判断电容器的电容变化情况，然后结合

，

等公式分析，需要注意的是，如果电容器和电源相连则电容器两极板间的电压恒定，如果电容器充电后与电源断开，则电容器两极板上的电荷量恒定不变

7.【答案】B

A、电源正负极之间的电压称为路端电压，当外电路接通时，路端电压小于电源的电动势．故A错误；

B、电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电势能的装置，电源通过非静电力做功把其他形式的能转化为电势能．故B正确；

C、电阻R是由导体本身决定的，与通过它的电流无关．故C错误．D、打开教室开关，日光灯立刻就亮了，表明导线中电场传播的速率接近光速，而导线中自由电荷定向运动的速率是非常小的．故D错误；

故选B．

电源的电动势和内阻、电流、电压．

【名师点晴】该题考查恒定电流中对几个基本概念的理解，理解电源的作用，及电动势的含义，注意比值定义法的内涵是关键．

8.【答案】D

根据电阻定律，结合横截面积和电阻丝长度的变化判断电阻的变化．注意根据半径变化求解截面积的变化．

横截面半径增大一倍时，截面积增大为原来的4倍；

根据电阻定律

知，电阻变为原来的一半，A错误；

知，长度不变，横截面积增大一倍，则电阻减小一半，B错误；

知，横截面积不变，长度增大一倍，则电阻变为原来的2倍，C错误；

知，长度和横截面积都缩小一半时，电阻不变，D正确．

9.【答案】AC

电源的电动势等于外电路断开时电源两极间的电压．电源接上8Ω的负载电阻后路端电压降为2.4V，根据欧姆定律利用比例法求出电源的内电阻．

电池外电路断开时的路端电压为3V，则电池的电动势为E=3V．当电源接上8Ω的负载电阻后路端电压降为2.4V，则电路中电流为

，得内阻

，故AC正确．

10.【答案】BD

【解析】A、B两点有等量同种点电荷+Q，根据叠加原理可知，O点的电场强度为零，而D点的电场强度为方向沿+x轴方向，不为零，A错误B正确；

由上可知，OC段的电场方向从O→C，而OD段的电场方向从O→D，所以若将点电荷+q从O移向C，电场力做正功，电势能减小，C错误；

若将点电荷-q从O移向D，电场力做负功，电势能增加，D正确．

11.【答案】AD

图像是一条通过原点的直线，所以通过电阻的电流与两端电压成正比，A正确；

图像的斜率

，故解得

，BC错误；

当

时，

，则每秒通过电阻横截面的电荷量是

，故D错误．

考查了I-U图像

【名师点睛】本题考查了学生对电阻的定义式

的理解与掌握，要注意直线的斜率与直线倾角的区别．

12.【答案】BC

【解析】当滑动变阻器的滑动头向上移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻R增大，由闭合电路欧姆定律得知：

干路电流

减小，即

的示数减小，路端电压

增大，即电压表的示数增大．电路中并联部分的电压

增大，所以电阻

的电流增大，而总电流是减小的，所以

示数减小，BC正确．

13.【答案】

（1）.0.697-0.699

（2）.52.35

【解析】螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为19.7×

0.01mm=0.197mm，所以最终读数为0.5mm+0.197mm=0.697mm，游标卡尺的主尺读数为52mm，游标尺上第7个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为7×

0.05mm=0.35mm，所以最终读数为：

52mm+0.35mm=52.35mm．

14.【答案】

（1）.A2

（2）.R2（3）.

根据灯泡额定电压与额定功率，由电功率的变形公式求出灯泡额定电流，根据该电流选择电流表；

在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；

电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，根据灯泡电阻与电表内阻间的关系确定电流表接法，然后作出实验电路图．

15.【答案】

（1）3.6×

10-4C

（2）

（3）

【解析】

（1）由

得

。

（2）电子在P点具有的电势能

，而

，则联立解得

（3）根据动能定理可知到达A板获得的动能为

16.【答案】

（1）12kV

（2）60kΩ

解得：

；

（2）将这个电压表改装成量程为

的电压表，原电压表两端最大分得的电压为

，串联电阻分得的电压：

把电流表改装成电压表

【名师点睛】考查的是串联电路电压与电阻成正比，及改装电压表的原理，明确串联电阻起分压作用。

17.【答案】

（1）1A

（2）20W（3）19W

（1）通过电动机的电流是：

（2）电动机消耗的电功率：

（3）热功率：

输出功率：

电功率的计算

18.【答案】

（1）正电荷

（2）

（1）由于B板带负电，粒子向B板偏转，说明粒子带正电；

（2）当带电粒子从B板边缘飞出时速度最小，

粒子做类平抛运动，故在水平方向上有

即

（3）粒子飞出电场时偏角的正切

所以粒子飞入电场时的速度v0最小时偏角的正切值最大，为