天津中考真题物理Word格式.docx
《天津中考真题物理Word格式.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《天津中考真题物理Word格式.docx（19页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。
C、灯所受拉力与灯对线的拉力是一对相互作用力，故C错误；
D、灯所受拉力与线对天化板的拉力没有作用在同一个物体上。
故D错误。
5.中国选手张湘祥在奥运会上获得男子举重62kg级冠军，挺举成绩是176kg，图为他比赛时的照片。
他在挺举过程中对杠铃做的功最接近（）
A.600J
B.1200J
C.1800J
D.3400J
杠铃的重力：
G=mg=176kg×
10N/kg=1760N，
张湘祥的身高约为1.60m；
在挺举过程中把杠铃举高的高度为张湘祥的身高加上0.4m，即：
h=1.60m+0.4=2.0m，
在挺举过程中对杠铃做的功：
W=Gh=1760N×
2.0m=3520J。
6.用细线将小球系好后，固定在天花板上，做成一个摆。
如图所示，小球从A点摆动到B点的过程中（）
A.速度变小，动能变大
B.速度变小，动能变小
C.速度变大，重力势能变小
D.速度变大，重力势能变大
小球从A点摆动到B点的过程中，质量不变、高度减小，重力势能减小；
质量不变、速度变大，动能变大；
重力势能转化为动能。
C
7.图中的a表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分。
当它在磁场中按箭头方向运动时，能产生感应电流的是（）
A.
B.
C.
D.
磁极间的磁感线是从N极指向S极，由图可知，C中导体做切割磁感线运动，所以会产生感应电流，故C正确；
ABD中的导体运动时，导体运动方向与磁感线方向平行，都不会切割磁感线，所以不会产生感应电流，故ABD错误。
8.将玻璃瓶、两端开口的细玻璃管和橡皮塞组成如图所示的装置。
装置内加入适量的液体，可完成如下四个实验：
在这些实验的设计中，把微小变化放大以利于观察的是（）
①验证力使物体发生形变；
②观察大气压随高度的变化；
③观察液体的热胀冷缩；
④模拟潜水艇的浮沉。
A.①②③
B.②③④
C.①③④
D.①②④
①用力挤压瓶子，瓶子可以发生形变，利用该装置可以验证：
力可以使固体发生微小形变；
②当大气压变化时，细管中液柱的高度会发生变化，利用该装置可以验证大气压随高度的变化；
③物体具有热胀冷缩的性质，当液体温度变化时体积会发生变化，利用该装置可以观察液体的热胀冷缩；
④将瓶子放在水中，通过玻璃管向瓶内吹气，可以看到瓶子上浮；
通过玻璃管向外抽气，可以看到瓶子下沉。
通过此实验可以直接模拟潜水艇的沉浮，不需要把微小变化放大。
9.如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，
下列说法正确的是（）
A.两个电流表的示数都变大
B.两个电流表的示数都变小
C.电流表A1示数不变，电流表A2示数变大
D.电流表A1示数不变，电流表A2示数变小
（1）由图知，两电阻并联，电流表A1测R1的电流，A2测总电流：
因为并联电路各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过定值电阻R1的电流不变，即电流表A1示数不变，故AB错误；
（2）当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由欧姆定律可知，通过变阻器的电流变小，因通过R1的电流不变，根据并联电路的电流规律可知，总电流变小，即电流表A2示数变小，故D正确，C错误。
10.在使用图所示的插线板时发现：
只有在开关闭合时，指示灯才能发光，插孔才可以提供工作电压：
即使指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。
下图中插线板电路连接符合上述现象及安全用电要求的是（）
插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制灯泡和插座，灯泡和插座之间可能是串联，也可能是并联，如果两者并联，开关应该在干路上；
如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电，说明灯泡和插座之间是并联的，开关接在灯泡、插座和火线之间控制火线使用更安全，故A正确。
二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分。
每小题给出的四个选项中，均有多个选项符合题意，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得0分）
11.在用一凸透镜研究其成像的规律时，某同学得到的部分实验信息如下表所示。
根据表中信息判定下列说法正确的是（）
实验次序
1
2
3
4
5
物距u/cm
50
40
30
25
20
像距v/cm
22
24
38
60
A.该凸透镜的焦距是15cm
B.当u=25cm时，凸透镜成放大的像，放大镜就是根据这一原理制成的
C.当v=24cm时，凸透镜成缩小的像，照相相机就是根据这一原理制成
D.若把物体从距凸透镜22cm处向距凸透镜32cm处滑动，像会逐渐变小
A、由表中的数据可知，实验3中，u=v=30cm，此时u=2f，f=15cm，故A正确；
B、当u=25cm时，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，凸透镜成倒立、放大的像，投影仪就是根据这一原理制成的，故B错误；
C、当v=24cm时，像距大于一倍焦距小于二倍焦距，则物距大于二倍焦距，凸透镜成缩小的像，照相相机就是根据这一原理制成，故C正确；
D、若把物体从距凸透镜22cm处向距凸透镜32cm处滑动，物距变大，像距变小，像变小，故D正确。
ACD
12.如图甲所示电路，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P从一端滑到另一端，R1、R2的U～I关系图象如图乙所示：
在上述过程中，滑片P从任意一点滑动到另外一点时，电流表A的示数变化量为△I，电压表V1、V2的示数变化量分别为△U1、△U2，R1、R2的功率变化量分别为△P1、△P2，则（）
A.R1的阻值为70Ω
B.电源电压是18V
C.
总成立
D.
由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于右端时，变阻器接入电路中的电阻为0，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，R2的电压为0，此时R1两端电压最大且等于电源电压，如上所示：
由图象可知，即：
U=18V，电路中的最大电流I最大=0.9A，
由欧姆定律可得，R1的阻值：
，故A错误，B正确；
（2）设滑片移动前后电路中的电流为I1、I2，根据欧姆定律和串联电路电压的规律，则电压表V2示数的变化量：
|△U2|=|（U﹣I1R1）﹣（U﹣I2R1）|=|（I2﹣I1）R1|=|△IR1|，
所以：
=R1
根据串联电路各部分电压等于电源总电压，故有：
|△U1|=|△U2|，
=R1，故C正确；
（3）|△P1|=|P1﹣P1'
|=|I12R1﹣I22R1|=|R1（I1+I2）（I1﹣I2）|=|R1（I1+I2）△I|=R1（I1+I2）|△I|；
故
=R1（I1+I2）﹣﹣﹣﹣﹣①，
同理：
=R2（I1+I2）﹣﹣﹣﹣﹣②，
由①②知，只有R1=R2时，
才成立，故D错误。
BC
13.如图所示，水平地面上放有上下两部分均为柱形的薄壁容器，两部分的横截面积分别为S1、S2。
质量为m的木球通过细线与容器底部相连，细线受到的拉力为T，此时容器中水深为h（水的密度为ρ0）。
A.木球的密度为
B.木球的密度为
C.剪断细线，待木球静止后水对容器底的压力变化量为T
D.剪断细线，待木球静止后水对容器底的压力变化量为
（1）木球浸没时，其受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和绳子的拉力，
由于木球处于静止状态，受力平衡，根据力的平衡条件可得：
F浮=G+T=mg+T，
木球浸没时，V排=V木，则根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可得：
ρ0gV排=mg+T，
由
可得木球的体积：
，
所以，ρ0g×
=mg+T，
解得ρ木=
；
故A正确，B错误；
（2）剪断细线，木块漂浮，F浮′=G=mg，
则待木球静止后浮力变化量为：
△F浮=F浮﹣F浮′=mg+T﹣mg=T，
根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可得水面下降的高度（容器上部的水面下降）：
则由
可得，水对容器底的压力变化量：
△F=△pS2=ρ0g△hS2=
，故C错误，D正确。
AD
三、填空题（本大题共6小题，共24分）
14.下面是两则科技新闻：
①“天眼一FAST”第一次发现了一颗距地球4000光年的毫秒脉冲星；
②我国新能源汽车产业发展迅速，锂电池单体能量密度已达230W·
h/kg其中“光年”是____的单位，“W·
h”是____的单位。
（填物理量名称）
物理学中，“光年”是光在1年中走过的路程，是长度单位；
W·
h是功率与时间的乘积，是能量单位。
长度；
能量
15.空中加油机在高空给战斗机加油时，以加油机为参照物，战斗机是____的；
若加油机以500km/h的速度航行0.2h，通过的路程是____km。
当加油机在空中给战斗机加油时，以加油机为参照物，战斗机与加油机之间没有位置的变化，所以战斗机是静止的；
根据
可得，加油机通过的路程为：
s=vt=500km/h×
0.2h=100km。
静止；
100
16.将图甲所示装置中的玻璃板抽掉后，两个瓶子内的气体会彼此进入对方，这种现象叫做____；
如图乙所示，用力击出下部棋子时，上面的棋子没有飞出，是由于上面的棋子具有____。
（1）密度小的空气和密度大的二氧化氮过一段时间，形成比较均匀的气体，这是扩散现象，扩散现象说明分子不停地进行无规则运动；
上面的空气密度小，下面的二氧化氮密度大，过一段时间，形成均匀的气体，充分证明气体分子不停地进行无规则运动，有力证明气体的扩散现象。
（2）受到打击的棋子飞出后，上面的棋子由于惯性要保持原来的静止状态，所以上面的棋子不会飞出而是落到正下方；
扩散；
惯性
17.当某导体两端电压是3V时，通过它的电流是0.2A，则该导体的电阻是____Ω；
当它两端电压为0V时，该导体的电阻为____Ω。
可得，导体的电阻：
=15Ω；
∵电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，
∴在这个导体两端电压为0时，导体的电阻仍为15Ω不变。
15；
15
18.利用图甲中的撬棒撬石块时，撬林相当于____（选填“省力”或“费力”）杠杆：
利用图乙中的滑轮组匀速提升900N的重物时，若忽略滑轮自重、绳重及摩擦，人对绳的最小拉力为____N。
（1）用撬棒撬石头时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
（2）由乙图可知绳子的有效股数n=3，
拉力F=
G物=
×
900N=300N。
省力；
300
19.如图所示电路中，电源电压保持不变，电阻R1与R2的阻值之比为2：
1。
开关S断开时，R1与R2的电功率之比为____：
开关S闭合前后，电压表两次的示数之比为____。
（1）已知电阻R1与R2的阻值之比为2：
1，则R1=2R2，
开关S断开时，电阻R1、R2串联，
因串联电路中电流处处相等，
则R1与R2的电功率之比：
开关S断开时，电阻R1、R2串联，此时电路中的电流
此时电压表测R1两端的电压，
可得，电压表的示数：
U1=IR1=
（2）开关S闭合后，电路为R1的简单电路，电压表测电源电压，即电压表的示数为U；
所以，开关S闭合前后，电压表两次的示数之比为
。
2：
1；
四、综合题（本大题共6小题，共37分。
解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位
20.图为某电热器的电路原理图，通过将开关S置于不同的位置，可以实现“加热”和“保温”两种状态的变换，对应的额定功率分别为800W和40W。
（1）将开关S接“1”时，电热器处于____（选填“加热”或“保温”）状态。
（2）电热器在加热状态下正常工作，将0.5kg初温为20℃的水加热到100℃，需
要多长时间？
【（水的比热容为4.2×
103J/（kg·
℃），假设电能全部转化为水的内能】
（1）将开关S接“1”时，电路为R2的简单电路，电路中电阻最小，根据
可判断此时电热器所处的状态；
（2）先根据Q吸=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量即为电热器消耗的电能，然后根据
求出需要的加热时间。
（1）将开关S接“1”时，电路为R2的简单电路，电路中电阻最小，
可知，电源电压一定时，电阻越小，电功率越大，所以此时电热器处于加热状态。
（2）水吸收的热量：
Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×
℃）×
0.5kg×
（100℃﹣20℃）=1.68×
105J，
由题意可知，假设电能全部转化为水的内能，则W=Q吸=1.68×
得，需要的加热时间：
答：
（1）加热；
（2）电热器在加热状态下正常工作，将0.5kg初温为20℃的水加热到100℃，需要的时间为210s。
21.在探究电阻一定时电流与电压关系的实验中：
（1）请根据图甲所示的电路图，用笔画出导线完成图乙的电路连接：
（2）实验过程中得到的部分数据如下表所示。
第3次测时，电流表的示数如图丙所示，请将该数据填入表格中
实验序号
…
电压U/V
0.8
1.6
2.4
电流I/A
0.16
0.32
____
（3）在图丁中的坐标轴上标出适当的标度，把上表中的数据在坐标系中描点并连线。
（1）根据电源电压为3V确定电压表选用小量程与电阻并联，由图丙知电流表选用小量程与R串联，将变阻器滑片以左电阻丝连入电路中与电阻串联；
（2）根据电流表选用小量程确定分度值为读数；
（3）根据描点法作图。
（1）电源电压为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，由图丙知，电流表选用小量程与R串联，将变阻器滑片以左电阻丝连入电路中与电阻串联，如下左所示：
（2）第3次测时，电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.48A；
（3）横坐标小格表0.4V，纵坐标每小格表示0.08A，根据表中数据在图中找出对应的点，连线，如上右图所示。
故答案为：
（1）如上左；
（2）0.48；
（3）如图所示。
22.在“探究影响导体电阻大小的因素”时，某实验小组想利用图所示的电路分别对导体电阻跟它的长度、橫截面积、材料有关的猜想进行实验验证：
（1）为验证“导体电阻跟长度有关”，下表中可选用的三种导体是____（填导体代号）；
导体代号
长度/m
横截面积/mm2
材料
1.0
0.2
锰铜
0.4
0.6
0.5
E
1.5
F
镍铬合金
G
铁
（2）若实验中将电路中的电流表更换为小灯泡，通过观察________也可以判断导体电阻大小，但不足之处是________________________。
（1）影响电阻大小的因素是：
材料、长度、横截面积、温度，在探究过程中需用到控制变量法；
（2）在电源电压一定的情况下，导体电阻越大，电路电流越小，灯泡越暗；
导体电阻越小，电路电流越大，灯泡越亮；
因此可以通过观察灯泡的亮度来判断电阻的大小，应用了转换法；
但当电路中电阻变化不大时，只凭灯泡的亮暗不易区分。
（1）为了研究导体电阻与导体长度的关系，则需使导体的材料和横截面积相同，长度不同，应选用的三种导体是B、D、E；
（2）实验中可通过通过观察灯泡亮度来判断电阻的大小，但是当电路中电阻变化不大时，只凭灯泡的亮暗不易区分，所以不科学。
（1）B、D、E；
（2）灯泡的亮度；
当电路中电阻变化不大时，只凭灯泡的亮暗不易区分。
23.甲、乙两地相距40km，在甲、乙两地之间沿直线架设了两条输电线，已知每条输电线每千米的电阻为0.2Ω。
现输电线在某处发生了短路，为确定短路位置，枪修员进行了如下操作：
在甲地利用电源（电压恒为6v）、定值电阻Ro（阻值为20Ω）、电压表（量程为0～3V）以及开关等与输电线组成了一个检测电路（如图所示，电压表未画出）：
闭合开关后，电压表示数为2V；
解答如下问题：
（1）根据题意判定电压表的连接位置，将它接入检测电路；
（2）计算出短路位置离甲地的距离。
知道电表的示数，根据欧姆定律求出导线的总电阻，又知道每千米导线的电阻值，可求导线的长度，然后除以2即可求出短路位置离甲地的距离。
（1）由题知，输电线在某处发生了短路，为确定短路位置，在甲地利用图中的检测电路进行检测；
甲地是电源所在位置，电阻R0与导线电阻R线串联；
要确定短路位置，需要测出甲地到短路位置两输电线串联的总电阻，电压表应测导线的总电压，所以电压表应接在甲地两点之间，如下图：
（2）由题知，闭合开关后，电压表示数为2V，即U线=2V，
由串联电路的电压特点可得，电阻R0两端的电压：
U0=U﹣U线=6V﹣2V=4V，
因串联电路的电流处处相等，
则电路中的电流：
可得，甲地到短路位置两输电线的总电阻：
根据题意可得，甲地到短路位置两输电线的总长度：
因两条输电线是并排架设的，
所以短路位置离甲地的距离：
s=
=25km。
甲地；
25。
24.某校同学参加社会实践活动时，在山上发现一块很大的岩石，他们想测出这块岩石的密度。
几位同学随身携带的工具和器材有：
电子天平（附说明书）、购物用的弹簧秤、卷尺、喝水用的茶缸、铁锤、细线和一瓶饮用水（已知水的密度为ρ0）请你从中选用部分工具和器材，帮他们设计一种精确测量岩石密度的实验方案要求
（1）写出主要的实验步骤
（2）写出岩石密度的数学表达式（用已知量和测量量表示）
测物体密度所依据的实验原理是
，所以要测出岩石的密度，就需要知道岩石的质量和岩石的体积。
（1）岩石的质量可以选用天平进行测量；
（2）题中所给的器材里并没有量筒，所以无法采用常规的方法即用量筒测量岩石的体积。
我们可以利用等效替代的方法来解决这个问题：
如果让岩石浸没入水中，则就可以得到V岩石=V排水。
在我们所学的公式里，还有一个公式里含有V排水，那就是阿基米德原理F浮=ρ液gV排。
利用天平称出排开水的质量，再代入公式求得排开水的体积，即岩石体积，最后利用密度公式推导出其密度表达式。
（1）测物体密度所依据的实验原理是
，所以要测出岩石的密度，就需要知道岩石的质量和岩石的体积，
故设计实验步骤如下：
①用铁锤敲击岩石，取下适当体积的小岩石块；
②用电子天平称出小岩石块的质量，记为m0；
③在茶缸中倒入适量水，称出茶缸和水的总质量，记为m1；
④用细线系好小岩石块，提着细线的一端，将小岩石块浸没在水中保持静止（小岩石块不与茶缸接触），读出此时天平的示数，记为m2；
（2）小岩石块浸没在水中，V=V排，
排开水的质量m排=m2﹣m1，
则其排开水的重力为G排=（m2﹣m1）g，
根据阿基米德原理可知，F浮=G排=（m2﹣m1）g，
又因为F浮=ρ水gV排=ρ水gV，
所以岩石的密度表达式
（1）主要的实验步骤见解答；
（2）岩石密度的数学表达式为ρ=
·
ρ0。
25.某同学在研究滑动摩擦力时，先后做了如下两次实验：
实验一：
将重为G的物块A放在一水平溥木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动物块，使它在木板上匀速运动，如图甲所示。
读出弹簧测力计示数为F0；
实验二：
再将上述木板一端垫起，构成一个长为s、高为h的斜面；
然后用弹簧测力计沿斜面拉动物块A，使它在斜面上匀速向上运动，如图乙所示。
读出弹簧测力计的示数为F1，请你结合实验过程，运用所学知识解答如下问题（阅读图丙）
（1）画出物块A在斜面上运动时对斜面的压力FN的示意图；
（2）求出物块A对斜面的压力FN。
（1）物体对斜面的压力的作用点在斜面上，方向垂直于斜面向下。
据此画出压力的示意图；
（2）设物块在平面和斜面上受到的滑动摩擦力分别为f0和f，然后根据W总=W有+W额列出等式求得f，再根据f=μFN求得压力大小。
（1）物块A在斜面上运动时对斜面的压力FN的作用点在斜面上，方向垂直于斜面竖直向下，过压力的作用点，沿压力的方向画一条有向线段，即为其压力示意图。
如下图所示：
（2）设物块在平面和斜面上受到的滑动摩擦力分别为f0和f，
由W总=W有+W额得，F1s=Gh+fs，
所以，
由题意可知，f=μFN，f0=F0=μG，
综上可得
（1）见解答图；
（2）物块A对斜面的压力FN为
升级会员 