离散数学课后习题答案左孝凌版Word格式.docx
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四边形ABCD是平行四边形。
Q：
四边形ABCD的对边平行。
PQ
f）设P：
语法错误。
程序错误。
R：
停机。
（P∨Q）→R
（6）解：
a）P:
天气炎热。
正在下雨。
P∧Q
b）P:
湿度较低。
P∧R
c）R:
天正在下雨。
S:
湿度很高。
R∨S
d）A:
刘英上山。
B:
李进上山。
A∧B
e）M:
老王是革新者。
N:
小李是革新者。
M∨N
f）L:
你看电影。
M:
我看电影。
┓L→┓M
g）P:
我不看电视。
我不外出。
R:
我在睡觉。
P∧Q∧R
h）P:
控制台打字机作输入设备。
控制台打字机作输出设备。
1-3
（1）解：
a）不是合式公式，没有规定运算符次序（若规定运算符次序后亦可作为合式公式）
b）是合式公式
c）不是合式公式（括弧不配对）
d）不是合式公式（R和S之间缺少联结词）
e）是合式公式。
（2）解：
a）A是合式公式，（A∨B）是合式公式，（A→（A∨B））是合式公式。
这个过程可以简记为：
A；
（A∨B）；
（A→（A∨B））
同理可记
b）A；
┓A；
（┓A∧B）；
（（┓A∧B）∧A）
c）A；
B；
（┓A→B）；
（B→A）；
（（┓A→B）→（B→A））
d）A；
（A→B）；
（（A→B）∨（B→A））
（3）解：
a）（（（（A→C）→（（B∧C）→A））→（（B∧C）→A））→（A→C））
b）（（B→A）∨（A→B））。
（4）解：
a）是由c）式进行代换得到，在c）中用Q代换P,（P→P）代换Q.
d）是由a）式进行代换得到，在a）中用P→（Q→P）代换Q.
e）是由b）式进行代换得到，用R代换P,S代换Q,Q代换R,P代换S.
（5）解：
你没有给我写信。
信在途中丢失了。
PQ
张三不去。
李四不去。
他就去。
（P∧Q）→R
c）P:
我们能划船。
Q:
我们能跑步。
┓（P∧Q）
d）P:
你来了。
他唱歌。
你伴奏。
P→（QR）
（6）解：
它占据空间。
它有质量。
它不断变化。
S:
它是物质。
这个人起初主张：
（P∧Q∧R）S
后来主张：
（P∧QS）∧（S→R）
这个人开头主张与后来主张的不同点在于：
后来认为有P∧Q必同时有R，开头时没有这样的主张。
（7）解：
上午下雨。
我去看电影。
我在家里读书。
我在家里看报。
（┓P→Q）∧（P→（R∨S））
我今天进城。
┓Q→P
你走了。
我留下。
Q→P
1-4
（4）解：
a）
P
Q
R
Q∧R
P∧（Q∧R）
（P∧Q）∧R
T
T
T
F
F
F
T
F
所以，P∧（Q∧R）（P∧Q）∧R
b）
P
Q∨R
P∨（Q∨R）
P∨Q
（P∨Q）∨R
F F
Ｔ
Ｆ
Ｆ
Ｔ
Ｆ
所以，P∨（Q∨R）（P∨Q）∨R
ｃ）
Ｐ Ｑ Ｒ
Ｑ∨Ｒ
Ｐ∧（Ｑ∨Ｒ）
Ｐ∧Ｑ
Ｐ∧Ｒ
（Ｐ∧Ｑ）∨（Ｐ∧Ｒ）
Ｔ Ｔ Ｔ
Ｔ Ｔ Ｆ
Ｔ Ｆ Ｔ
Ｔ Ｆ Ｆ
Ｆ Ｔ Ｔ
Ｆ Ｔ Ｆ
Ｆ Ｆ Ｔ
Ｆ Ｆ Ｆ
所以，P∧（Q∨R）（P∧Q）∨（P∧R）
ｄ）
Q
┓P
┓Q
┓P∨┓Q
┓（P∧Q）
┓P∧┓Q
┓（P∨Q）
所以，┓（P∧Q）┓P∨┓Q,
┓（P∨Q）┓P∧┓Q
如表，对问好所填的地方，可得公式F1～F6，可表达为
P
F1
F2
F3
F4
F5
F6
F1:
（Q→P）→R
F2:
（P∧┓Q∧┓R）∨（┓P∧┓Q∧┓R）
F3:
（P←→Q）∧（Q∨R）
F4:
（┓P∨┓Q∨R）∧（P∨┓Q∨R）
F5:
（┓P∨┓Q∨R）∧（┓P∨┓Q∨┓R）
F6:
┓（P∨Q∨R）
（6）
P
Q
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
16
F
T
解：
由上表可得有关公式为
1.F
2.┓（P∨Q）
3.┓（Q→P）
4.┓P
5.┓（P→Q）
6.┓Q
7.┓（PQ）
8.┓（P∧Q）
9.P∧Q
10.PQ
11.Q
12.P→Q
13.P
14.Q→P
15.P∨Q
16.T
（7）证明：
a）A→（B→A）┐A∨（┐B∨A）
A∨（┐A∨┐B）
A∨（A→┐B）
┐A→（A→┐B）
b）┐（AB）┐（（A∧B）∨（┐A∧┐B））
┐（（A∧B）∨┐（A∨B））
（A∨B）∧┐（A∧B）
或┐（AB）┐（（A→B）∧（B→A））
┐（（┐A∨B）∧（┐B∨A））
┐（（┐A∧┐B）∨（┐A∧A）∨（B∧┐B）∨（B∧A））
┐（（┐A∧┐B）∨（B∧A））
┐（┐（A∨B））∨（A∧B）
（A∨B）∧┐（A∧B）
c）┐（A→B）┐（┐A∨B）
A∧┐B
d）┐（AB）┐（（A→B）∧（B→A））
（A∧┐B）∨（┐A∧B）
e）（（（A∧B∧C）→D）∧（C→（A∨B∨D）））
（┐（A∧B∧C）∨D）∧（┐C∨（A∨B∨D））
（┐（A∧B∧C）∨D）∧（┐（┐A∧┐B∧C）∨D）
（┐（A∧B∧C）∧┐（┐A∧┐B∧C））∨D
（（A∧B∧C）∨（┐A∧┐B∧C））→D
（（（A∧B）∨（┐A∧┐B））∧C）→D
（（C∧（AB））→D）
f）A→（B∨C）┐A∨（B∨C）
（┐A∨B）∨C
┐（A∧┐B）∨C
（A∧┐B）→C
g）（A→D）∧（B→D）（┐A∨D）∧（┐B∨D）
（┐A∧┐B）∨D
┐（A∨B）∨D
（A∨B）→D
h）（（A∧B）→C）∧（B→（D∨C））
（┐（A∧B）∨C）∧（┐B∨（D∨C））
（┐（A∧B）∧（┐B∨D））∨C
（┐（A∧B）∧┐（┐D∧B））∨C
┐（（A∧B）∨（┐D∧B））∨C
（（A∨┐D）∧B）→C
（B∧（D→A））→C
（8）解：
a）（（A→B）（┐B→┐A））∧C
（（┐A∨B）（B∨┐A））∧C
（（┐A∨B）（┐A∨B））∧C
T∧C
C
b）A∨（┐A∨（B∧┐B））（A∨┐A）∨（B∧┐B）T∨FT
c）（A∧B∧C）∨（┐A∧B∧C）
（A∨┐A）∧（B∧C）
T∧（B∧C）
B∧C
（9）解：
1）设C为T，A为T，B为F，则满足A∨CB∨C，但AB不成立。
2）设C为F，A为T，B为F，则满足A∧CB∧C，但AB不成立。
3）由题意知┐A和┐B的真值相同，所以A和B的真值也相同。
习题1-5
（1）证明：
a）（P∧（P→Q））→Q
（P∧（┐P∨Q））→Q
（P∧┐P）∨（P∧Q）→Q
（P∧Q）→Q
┐（P∧Q）∨Q
┐P∨┐Q∨Q
┐P∨T
b）┐P→（P→Q）
P∨（┐P∨Q）
（P∨┐P）∨Q
T∨Q
c）（（P→Q）∧（Q→R））→（P→R）
因为（P→Q）∧（Q→R）（P→R）
所以
（P→Q）∧（Q→R）为重言式。
d）（（a∧b）∨（b∧c）∨（c∧a））（a∨b）∧（b∨c）∧（c∨a）
因为（（a∧b）∨（b∧c）∨（c∧a））
（（a∨c）∧b）∨（c∧a）
（（a∨c）∨（c∧a））∧（b∨（c∧a））
（a∨c）∧（b∨c）∧（b∨a）
所以（（a∧b）∨（b∧c）∨（c∧a））（a∨b）∧（b∨c）∧（c∨a）为重言式。
（2）证明：
a）（P→Q）P→（P∧Q）
解法1：
设P→Q为T
（1）若P为T，则Q为T，所以P∧Q为T，故P→（P∧Q）为T
（2）若P为F，则Q为F，所以P∧Q为F，P→（P∧Q）为T
命题得证
解法2：
设P→（P∧Q）为F
，则P为T，（P∧Q）为F
，故必有P为T，Q为F
，所以P→Q为F。
解法3：
（P→Q）→（P→（P∧Q））
┐（┐P∨Q）∨（┐P∨（P∧Q））
┐（┐P∨Q）∨（（┐P∨P）∧（┐P∨Q））
所以（P→Q）P→（P∧Q）
b）（P→Q）→QP∨Q
设P∨Q为F，则P为F，且Q为F，
故P→Q为T，（P→Q）→Q为F，
所以（P→Q）→QP∨Q。
c）（Q→（P∧┐P））→（R→（R→（P∧┐P）））R→Q
设R→Q为F，则R为T，且Q为F，又P∧┐P为F
所以Q→（P∧┐P）为T，R→（P∧┐P）为F
所以R→（R→（P∧┐P））为F，所以（Q→（P∧┐P））→（R→（R→（P∧┐P）））为F
即（Q→（P∧┐P））→（R→（R→（P∧┐P）））R→Q成立。
a）P→Q表示命题“如果8是偶数，那么糖果是甜的”。
b）a）的逆换式Q→P表示命题“如果糖果是甜的，那么8是偶数”。
c）a）的反换式┐P→┐Q表示命题“如果8不是偶数，那么糖果不是甜的”。
d）a）的逆反式┐Q→┐P表示命题“如果糖果不是甜的，那么8不是偶数”。
a）如果天下雨，我不去。
设P：
我不去。
P→Q
逆换式Q→P表示命题:
如果我不去，则天下雨。
逆反式┐Q→┐P表示命题:
如果我去，则天不下雨
b）仅当你走我将留下。
设S：
你走了。
我将留下。
R→S
逆换式S→R表示命题：
如果你走了则我将留下。
逆反式┐S→┐R表示命题：
如果你不走，则我不留下。
c）如果我不能获得更多帮助，我不能完成个任务。
设E：
我不能获得更多帮助。
H：
我不能完成这个任务。
E→H
逆换式H→E表示命题：
我不能完成这个任务，则我不能获得更多帮助。
逆反式┐H→┐E表示命题：
我完成这个任务，则我能获得更多帮助
（5）试证明PQ，Q逻辑蕴含P。
证明：
本题要求证明（PQ）∧QP,
设（PQ）∧Q为T，则（PQ）为T，Q为T，故由的定义，必有P为T。
所以（PQ）∧QP
由体题可知，即证（（PQ）∧Q）→P是永真式。
（（PQ）∧Q）→P
（（（P∧Q）∨（┐P∧┐Q））∧Q）→P
（┐（（P∧Q）∨（┐P∧┐Q））∨┐Q）∨P
（（（┐P∨┐Q）∧（P∨Q））∨┐Q）∨P
（（┐Q∨┐P∨┐Q）∧（┐Q∨P∨Q））∨P
（（┐Q∨┐P）∧T）∨P
┐Q∨┐P∨P
┐Q∨T
P：
我学习
Q：
我数学不及格
R：
我热衷于玩扑克。
如果我学习，那么我数学不会不及格：
P→┐Q
如果我不热衷于玩扑克，那么我将学习:
┐R→P
但我数学不及格:
因此我热衷于玩扑克。
即本题符号化为：
（P→┐Q）∧（┐R→P）∧QR
证：
证法1：
（（P→┐Q）∧（┐R→P）∧Q）→R
┐（（┐P∨┐Q）∧（R∨P）∧Q）∨R
（P∧Q）∨（┐R∧┐P）∨┐Q∨R
（（┐Q∨P）∧（┐Q∨Q））∨（（R∨┐R）∧（R∨┐P））
┐Q∨P∨R∨┐P
T
所以，论证有效。
证法2：
设（P→┐Q）∧（┐R→P）∧Q为T，
则因Q为T，（P→┐Q）为T，可得P为F，
由（┐R→P）为T，得到R为T。
故本题论证有效。
（7）解：
6是偶数
7被2除尽
5是素数
如果6是偶数，则7被2除不尽
或5不是素数，或7被2除尽
┐R∨Q
5是素数
所以6是奇数
┐P
（P→┐Q）∧（┐R∨Q）∧R┐P
（（P→┐Q）∧（┐R∨Q）∧R）→┐P
┐（（┐P∨┐Q）∧（┐R∨Q）∧R）∨┐P
（（P∧Q）∨（R∧┐Q）∨┐R）∨┐P
（（┐P∨P）∧（┐P∨Q））∨（（┐R∨R）∧（┐R∨┐Q））
（┐P∨Q）∨（┐R∨┐Q）
T
所以，论证有效，但实际上他不符合实际意义。
（P→┐Q）∧（┐R∨Q）∧R为T，
则有R为T，且┐R∨Q为T，故Q为T，
再由P→┐Q为T，得到┐P为T。
（8）证明：
a）P（┐P→Q）
设P为T，则┐P为F，故┐P→Q为T
b）┐A∧B∧CC
假定┐A∧B∧C为T，则C为T。
c）CA∨B∨┐B
因为A∨B∨┐B为永真，所以CA∨B∨┐B成立。
d）┐（A∧B）┐A∨┐B
设┐（A∧B）为T，则A∧B为F。
若A为T，B为F，则┐A为F，┐B为T，故┐A∨┐B为T。
若A为F，B为T，则┐A为T，┐B为F，故┐A∨┐B为T。
若A为F，B为F，则┐A为T，┐B为T，故┐A∨┐B为T。
命题得证。
e）┐A→（B∨C），D∨E，（D∨E）→┐AB∨C
设┐A→（B∨C），D∨E，（D∨E）→┐A为T，
则D∨E为T，（D∨E）→┐A为T，所以┐A为T
又┐A→（B∨C）为T，所以B∨C为T。
f）（A∧B）→C，┐D，┐C∨D┐A∨┐B
设（A∧B）→C，┐D，┐C∨D为T，则┐D为T，┐C∨D为T，所以C为F
又（A∧B）→C为T，所以A∧B为F，所以┐A∨┐B为T。
a）如果他有勇气，他将得胜。
他有勇气
他将得胜
原命题：
P→Q
逆反式：
┐Q→┐P表示：
如果他失败了，说明他没勇气。
b）仅当他不累他将得胜。
他不累
他得胜
Q→P
┐P→┐Q表示：
如果他累，他将失败。
习题
1-6
a）（P∧Q）∧┐P（P∧┐P）∧Q┐（T∨Q）
b）（P→（Q∨┐R））∧┐P∧Q
（┐P∨（Q∨┐R））∧┐P∧Q
（┐P∧┓P∧Q）∨（Q∧┓P∧Q）∨（┓R∧┓P∧Q）
（┓P∧Q）∨（┓P∧Q）∨（┓P∧┓R∧Q）
┓P∧Q
┐（P∨┐Q）
c）┐P∧┐Q∧（┐R→P）
┐P∧┐Q∧（R∨P）
（┐P∧┐Q∧R）∨（┐P∧┐Q∧P）
（┐P∧┐Q∧R）∨F
┐P∧┐Q∧R
┐（P∨Q∨┐R）
a）┐PP↓P
b）P∨Q┐（P↓Q）（P↓Q）↓（P↓Q）
c）P∧Q┐P↓┐Q（P↓P）↓（Q↓Q）
P→（┐P→Q）
┐P∨（P∨Q）
┐P∨P
（┐P↑┐P）↑（P↑P）
P↑（P↑P）
┐（┐P↓P）
┐（（P↓P）↓P）
（（P↓P）↓P）↓（（P↓P）↓P）
P↑Q
┐（┐P↓┐Q）
┐（（P↓P）↓（Q↓Q））
（（P↓P）↓（Q↓Q））↓（（P↓P）↓（Q↓Q））
（5）证明：
┐（B↑C）
┐（┐B∨┐C）
┐B↓┐C
┐（B↓C）
┐（┐B∧┐C）
┐B↑┐C
联结词“↑”和“↓”不满足结合律。
举例如下：
a）给出一组指派：
P为T，Q为F，R为F，则（P↑Q）↑R为T，P↑（Q↑R）为F
故（P↑Q）↑RP↑（Q↑R）.
b）给出一组指派：
P为T，Q为F，R为F，则（P↓Q）↓R为T，P↓（Q↓R）为F
故（P↓Q）↓RP↓（Q↓R）.
（7）证明：
设变元P，Q，用连结词,┐作用于P，Q得到：
P，Q，┐P，┐Q，PQ，PP，QQ，QP。
但PQQP，PPQQ，故实际有：
P，Q，┐P，┐Q，PQ，PP（T）（A）
用┐作用于（A）类，得到扩大的公式类（包括原公式类）：
P，Q，┐P，┐Q，┐（PQ），T，F，PQ（B）
用作用于（A）类，得到：
PQ，P┐PF，P┐Q┐（PQ），P（PQ）Q，P（PP）P，
Q┐P┐（PQ），Q┐QF，Q（PQ）P，QTQ,
┐P┐QPQ，┐P（PQ）┐Q，┐PT┐P,
┐Q（PQ）┐P，┐QT┐Q,
（PQ）（PQ）PQ.
因此，（A）类使用运算后，仍在（B）类中。
对（B）类使用┐运算得：
┐P，┐Q，P，Q，PQ，F，T，
┐（PQ），
仍在（B）类中。
对（B）类使用运算得：
PQ，P┐PF，P┐Q┐（PQ），P┐（PQ）┐Q，PTP，PF┐P，P（PQ）Q，
Q┐P┐（PQ），Q┐QF，Q┐（PQ）┐P，QTQ,QF┐Q，Q（PQ）P，
┐P┐QPQ，┐P┐（PQ）Q，┐PT┐P,┐PFP,┐P（PQ）┐Q，
┐Q┐（PQ）P，┐QT┐Q,┐QT┐Q,┐Q（PQ）┐P，
┐（PQ）T┐（PQ），┐（PQ）FPQ，┐（PQ）（PQ）F
TFF，T（PQ）PQ
F（PQ）┐（PQ）
故由（B）类使用运算后，结果仍在（B）中。
由上证明：
用,┐两个连结词，反复作用在两个变元的公式中，结果只能产生（B）类中的公式，总共仅八个不同的公式，故{,┐}不是功能完备的，更不能是最小联结词组。
已证{,┐}不是最小联结词组，又因为PQ┐（PQ），故任何命题公式中的联结词，如仅用{,┐}表达，则必可用{,┐}表达，其逆亦真。
故{,┐}也必不是最小联结词组。
（8）证明{∨}，{∧}和{→}不是最小联结词组。
若{∨}，{∧}和{→}是最小联结词，则
┐P（P∨P∨……）
┐P（P∧P∧……）
┐PP→（P→（P→……）
对所有命题变元指派T，则等价式左边为F，右边为T，与等价表达式矛盾。
所以{∨}，{∧}和{→}不是最小联结词。
（9）证明{┐,→}和{┐,}是最小联结词组。
因为{┐,∨}为最小联结词组，且P∨Q┐P→Q
所以{┐,→}是功能完备的联结
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