尹中玉物理高二组卷T202jg高二上期末文档格式.docx

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D、一检验电荷在以一个点电荷为球心，半径为r的球面上各点所受电场力大小相等，但方向不同，所以电场力不同．故D错误．

故选：

A．

3．（秋•射阳县校级期中）一个小磁针挂在大线圈内部，磁针静止时与线圈在同一平面内，如图所示．当大线圈中通以图示方向电流时，则（）

A．小磁针的N极向纸面里转B．小磁针的N极向纸面外转

C．小磁针在纸面内向左摆动D．小磁针在纸面内向右摆动

根据右手螺旋定则知，环形电流内部的磁场方向向里，外部的磁场方向向外，则小磁针的N极向纸面里偏转．故A正确，B、C、D错误．

A

4．（春•宝安区校级期末）一根均匀导线，现将它均匀拉长，使导线的直径减小为原来的一半，此时它的阻值为64Ω，则导线原来的电阻值为（）A．128ΩB．32ΩC．4ΩD．2Ω

一根均匀导线，现将它均匀拉长，使导线的直径减小为原来的一半，则横截面积变为原来

，因为导线的体积不变，则长度变为原来的4倍，根据电阻定律R=

，知电阻变为原来的16倍，所以导线原来的电阻为4Ω．故C正确，A、B、D错误．

故选C．

5．（2002•上海）在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时（）

A．电压表示数变大，电流表示数变小

B．电压表示数变小，电流表示数变大

C．电压表示数变大，电流表示数变大

D．电压表示数变小，电流表示数变小

当滑片向b端滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，则由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，故内压增大；

因此路端电压减小，故电压表示数减小；

将R1等效为内阻，则可知并联部分电压一定减小，故流过R2的电流减小，因总电流增大，故电流表示数增大；

故B正确，ACD错误；

故选B．

6．（秋•天水校级期末）在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路，当调节滑动变阻器R，电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V时，电动机未转动．当调节R使电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V时，电动机正常运转．则这台电动机正常运转时输出功率为（）

A．32WB．44WC．47WD．48W

电动机停止转动时，其电路是纯电阻电路，由欧姆定律得，电动机的电阻为

=4Ω

电动机正常运转时，输入的电功率为P电=U2I2=48W，发热功率P热

2

=I2R=22×

4W=16W，所以输出功率为P出=P电﹣P热=32W，故A正确．

7．（•银川校级二模）如图所示，图中K､L､M为静电场中的3个相距较近的等势面．一带电粒子射入此静电场中后，沿abcde轨迹运动．已知电势φK＜φL＜φM，且粒子在ab段做减速运动．下列判断中正确的是（）

A．粒子带负电

B．粒子在a点的加速度大于在b点的加速度C．粒子在a点与e点的速度大小相等D．粒子在a点的电势能大于在d点的电势能

A、由轨迹的弯曲方向判断出带电粒子所受电场力大体向左．画出电场线的分布，电场线大体向左，如图，可知粒子带正电．故A错误．

B、由电场线分布情况得知，a的电场强度小于b的电场强度，根据加速度

可知，粒子在a点的加速度小于在b点的加速度．故B错误．C、a、e在同一等势面上，电势能相等，则根据能量守恒可知，动能相等，速度大小相等．故C正确．

D、粒子从a运动于d，电场力做负功，电势能增大，则在a点的电势能小于在d

点的电势能．故D错误．故选：

C

8．（•碑林区校级三模）如图所示，直线A为电源的路端电压与总电流关系的图线，直线B为电阻R两端电压与通过该电阻电流关系的图线，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和效率分别是（）

A．2瓦，66.7%B．2瓦，33.3%C．4瓦，33.3%D．4瓦，66.7%

由图象Ⅰ可知电源的电动势E=3V，短路电流为3A，根据r=

，电源的输出功率即为电阻R上消耗的功率，根据P=UI得：

P=2×

1W=2W，

电源的总功率为：

P总=EI=3×

1W=3W

所以效率为：

故选A9．（春•鹤岗校级期末）两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球，其中一个球的带电量的绝对值是另一个的5倍，它们间的库仑力大小是F，现将两球接触后再放回原处，它们间库仑力的大小可能是（）A．

B．

C．

D．

若两电荷同性，设一个球的带电量为Q，则另一个球的带电量为5Q，此时F=

，接触后再分开，带电量各为3Q，则两球的库仑力大

=

．

若两电荷异性，接触后再分开，两球电量的绝对值为2Q，此时两球的库仑力

．故B、D正确，A、C错误．

故选BD．

10．（•普陀区一模）如图所示，质量为m、长为L的直导线用两绝缘细线悬挂于

O、O′，并处于匀强磁场中．当导线中通以沿x负方向的电流I，且导线保持静止时，悬线与竖直方向的夹角为θ．则磁感应强度的方向和大小可能为（）

A．z正向

B．y负向，

C．x负向

D．沿悬线向上

A、磁感应强度方向为z正方向，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿y正方向，由平衡条件得：

BILcosθ=mgsinθ，解得

tanθ，故A正确；

B、当磁场沿y负方向时，由左手定则可知，导线受到的安培力竖直向上，当BIL=mg，B=导线静止，与竖直方向夹角θ=0°

，不符合题意，故B错误；

C、当磁场沿x负方向时，磁场与电流平行，导线不受安培力，导线在重力与细线拉力作用下静止，磁感应强度可以为任何值

可以使导线静止，但与竖直方向夹角θ=0°

，不符合题意，故C错误；

D、当沿悬线向上时，由左手定则可知，安培力垂直于导线斜向上方，由平衡条件得：

BIL=mgsinθ，则

sinθ，故D正确；

故选AD．

11．（秋•湖北校级期中）如图所示，地面上某个空间区域存在这样的电场，水平虚线上方为场强E1，方向竖直向下的匀强电场；

虚线下方为场强E2，方向竖直向上的匀强电场．一个质量m，带电+q的小球从上方电场的A点由静止释放，结果刚好到达下方电场中与A关于虚线对称的B点，则下列结论正确的是（）

A．若AB高度差为h，则UAB=﹣B．带电小球在AB两点电势能相等

C．在虚线上下方的电场中，带电小球运动的加速度相同D．两电场强度大小关系满足E2=2E1

：

A、B、对A到B的过程运用动能定理得，qUAB+mgh=0，解得

，知A、B的电势不等，则电势能不等．故A正确，B错误；

C、A到虚线速度由零加速至v，虚线到B速度v减为零，位移相同，根据匀变速运动的推论知，时间相同，则加速度大小相等，方向相反．故C错误；

D、在上方电场，根据牛顿第二定律得：

，

在下方电场中，根据牛顿第二定律得，加速度大小为：

，因为a1=a2，解得：

．故D错误．

12．（秋•滕州市校级期末）速度相同的一束粒子，由左端射入速度选择器后，又进入质谱仪，其运动轨迹如图所示，则下列说法中正确的是（）

A．该束带电粒子带负电

B．能通过狭缝S0的带电粒子的速率等

C．若保持B2不变，粒子打在胶片上的位置越远离狭缝S0，粒子的比

越小

D．若增大入射速度，粒子在磁场中轨迹半圆将变大

A、由图可知，带电粒子进入匀强磁场B2时向下偏转，所以粒子所受的洛伦兹力方向向下，根据左手定则判断得知该束粒子带正电．故A错误．

B、在平行金属板中受到电场力和洛伦兹力两个作用而做匀速直线运动，

qE=qvB1，所以：

，b粒子的速度等于a粒子的速度．故B错误；

C、粒子进入匀强磁场B2中受到洛伦兹力而做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：

qvB2=m

得

可见，由于v是一定的，B2不变，半径r越大，

越小．故C正确；

D、粒子在平行金属板中受到电场力和洛伦兹力两个作用而做匀速直线运动，

qE=qvB1，若增大入射速度，粒子受到的洛伦兹力大于电场力，则粒子在速度选择器中将向上偏转，不能通过狭缝S0．故D错误．

二．解答题（共6小题）

13．（秋•烟台期末）某同学分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如图（a）和图（b）所示，长度为5.01cm，直径为5.315mm．

是10分度的卡尺，其精确度为0.1mm

则图示读数为：

50+1×

0.1=50.1mm=5.01cm

螺旋测微器：

不动刻度为5，可动刻度为31.5×

0.01mm

则读数为5+31.5×

0.01=5.315mm

故答案为：

5.015.31514．（秋•商南县校级期末）下述关于用多用电表欧姆挡测电阻的说法中正确的是A和CA．测量电阻时，如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的挡位，重新调零后测B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果

C．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开

D．测量阻值不同的电阻时，都必须重新调零．

A、测量电阻时如果指针偏转过大，所选挡位太大，应换小挡，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量，故A正确；

B、测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，故B错误；

C、测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开，故C正确；

D、用同一挡位测量阻值不同的电阻时不必重新调零，换挡后要重新进行欧姆调零，故D错误；

A；

15．（•杭州模拟）某研究性学习小组欲较准确地测量一电池组的电动势及其内阻．给定的器材如下：

A．电流表G（满偏电流10mA，内阻10Ω）B．电流表A（0～0.6A～3A，内阻未知）C．滑动变阻器R0（0～100Ω，1A）D．定值电阻R（阻值990Ω）

E．多用电表F．开关与导线若干

（1）某同学首先用多用电表的直流10V挡粗略测量电池组的电动势，电表指针如右图所示，则该电表读数为7.2V．

（2）该同学再用提供的其他实验器材，设计了如下图甲所示的电路，请你按照电路图在图乙上完成实物连线．

（3）图丙为该同学根据上述设计的实验电路利用测出的数据绘出的I1﹣I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），则由图线可以得到被测电池组的电动势E=7.5V，内阻r=5.0Ω（保留2位有效数字）．

（1）量程为10V，则最小分度为0.2，故读数为7.2V；

先将电流表及滑动变阻器串接在电源两端；

再并联另一支路，电路中连线避免交叉；

答案如图所示；

（2）根据原理图可得出对应的实物图；

如图所示；

（3）电流表G和定值电阻R组成了一个量程为10V的电压表，由U=E﹣Ir可得．图象与纵轴的交点为电源的电动势，由图可知，电动势E=7.5V；

图象的斜率表示电源的内阻，内阻

=5.0Ω；

（1）7.2；

（2）如图所示；

（3）7.5；

5.0

16．（秋•芜湖期末）空间中存在着如图所示的竖直方向的匀强电场．已知abcd为一矩形，ab=16cm，ad=30cm．从某实验装置中喷射出的带正电的微粒，质量m=1.0×

10﹣22kg、带电量q=1.0×

10﹣16C．微粒以垂直于电场方向的速度v0=1.5×

104m/s，从ab正中间射入电场，最后从c点射出．不计微粒重力．求：

（1）电场的大小和方向．

（2）a、c两点间的电压．

粒子在电场中运动时间

=2x10﹣5s

竖直偏转位移

at2=

da=

=4×

108m/s2

粒子在电场中的加速度：

F=ma=qEE==4×

102N/c方向：

竖直向下

a、c两端电势差

U=Ed=16×

10﹣2×

4×

102=64v

答：

（1）电场的大小4x102N/c，方向竖直向下．

（2）a、c两点间的电压为64V．17．（秋•泗县校级期中）如图所示，在y＜0的区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直于xy平面并指向纸外，磁感应强度为B，一带正电的粒子以速度v0从O点射入磁场，入射方向在xy平面内，与x轴的正向夹角为θ．若粒子射出磁场的位置与O点为l，求该粒子的比荷及其在磁场中运动的时间．

粒子运动轨迹如图所示：

由几何关系可知：

2rsinθ=l，粒子轨道半径：

粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得

，解得

联立上式有

粒子在圆周运动过程中：

v0t=（2π﹣2θ）r，

解得粒子在磁场中的运动时间为

；

该粒子的比荷

，在磁场中运动的时间

18．（•临沂模拟）如图所示，在xOy坐标系中，x轴上N点到O点的距离是12cm，虚线NP与x轴负向的夹角是30°

．第Ⅰ象限内NP的上方有匀强磁场，磁感应强度B=1T，第IV象限有匀强电场，方向沿y轴正向．一质量m=8×

10﹣10kg．电荷量q=1×

10﹣4C带正电粒子，从电场中M（12，﹣8）点由静止释放，经电场加速后从N点进入磁场，又从y轴上P点穿出磁场．不计粒子重力，取π=3，求：

（1）粒子在磁场中运动的速度v；

（2）粒子在磁场中运动的时间t；

（3）匀强电场的电场强度E．

（1）粒子在磁场中的轨迹如图，设粒子做圆周运动的轨道半径为R，由几何关系，得

R+Rsin30°

代入解得v=104m/s

（2）由几何关系得：

粒子在磁场中运动轨迹所对圆心角为120°

，则有

（3）粒子在电场中运动时，由动能定理得

则得

（1）粒子在磁场中运动的速度v是104m/s；

（2）粒子在磁场中运动的时间t是1.6×

10﹣5s；

（3）匀强电场的电场强度E是5×

103V/m．