高考数学一轮复习第9章解析几何第10课时抛物线二练习理11024282Word格式文档下载.docx
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答案 D
解析 ∵抛物线C:
y2=4x的焦点为F,∴点F的坐标为(1,0).又∵直线y=2x-4与C交于A,B两点,∴A,B两点坐标分别为(1,-2),(4,4),则=(0,-2),=(3,4),∴cos∠AFB===-.故选D.
5.(2018·
河南四校联考)设O为坐标原点,P是以F为焦点的抛物线y2=2px(p>
0)上任意一点,M是线段PF上的点,且|PM|=2|MF|,则直线OM的斜率的最大值为( )
C.D.1
答案 C
解析 由题意可得F(,0).设P(,y0),当y0<
0时,kOM<
0;
当y0>
0时,kOM>
0.∵要求kOM的最大值,∴y0>
0.∵=+=+=+(-)=+=(+,),∴kOM==≤=,当且仅当y02=2p2,即y0=p时取得等号.故选C.
6.(2018·
广西玉林期末)从抛物线y2=4x的准线l上一点P引抛物线的两条切线PA,PB,A,B为切点.若直线AB的倾斜角为,则P点的纵坐标为( )
C.D.2
解析 设A(x1,y1),B(x2,y2),P(-1,y),则kAB==.
∵直线AB的倾斜角为,∴=,∴y1+y2=.
切线PA的方程为y-y1=(x-x1),切线PB的方程为y-y2=(x-x2),即切线PA的方程为y=x+y1,切线PB的方程为y=x+y2.
∴y1,y2是方程t2-2yt+4x=0两个根,∴y1+y2=2y=.∴y=.故选B.
7.(2018·
石家庄市高三检测)已知圆C1:
x2+(y-2)2=4,抛物线C2:
y2=2px(p>
0),C1与C2相交于A,B两点,且|AB|=,则抛物线C2的方程为( )
A.y2=xB.y2=x
C.y2=xD.y2=x
解析 由题意,知直线AB必过原点,则设AB的方程为y=kx(k>
0),圆心C1(0,2)到直线AB的距离d===,解得k=2.由可取A(0,0),B(,),把(,)代入抛物线方程,得()2=2p·
,解得p=,所以抛物线C2的方程为y2=x,故选C.
8.直线l与抛物线C:
y2=2x交于A,B两点,O为坐标原点,若直线OA,OB的斜率k1,k2满足k1k2=,则直线l过定点( )
A.(-3,0)B.(0,-3)
C.(3,0)D.(0,3)
解析 设A(x1,y1),B(x2,y2),因为k1k2=,所以·
=.又y12=2x1,y22=2x2,所以y1y2=6.将直线l:
x=my+b代入抛物线C:
y2=2x得y2-2my-2b=0,所以y1y2=-2b=6,所以b=-3,即直线l:
x=my-3,所以直线l过定点(-3,0).
9.
(2017·
湖南益阳模拟)如图所示,已知直线l:
y=k(x+1)(k>
0)与抛物线C:
y2=4x相交于A,B两点,且A,B两点在抛物线C准线上的射影分别是M,N,若|AM|=2|BN|,则k的值是( )
解析 设A(x1,y1),B(x2,y2),联立方程组消去x,得ky2-4y+4k=0.①
因为直线与抛物线相交,所以有
Δ=42-4×
k×
4k=16(1-k2)>
0.(*)
y1,y2是方程①的两个根,所以有
又因为|AM|=2|BN|,所以y1=2y2.④
解由②③④组成的方程组,得k=.
把k=代入(*)式检验,不等式成立.所以k=,故选C.
10.(2017·
威海一模)过抛物线C:
0)上一定点P(x0,y0)(y0>
0)作两条斜率均存在的直线,分别交抛物线C于A(x1,y1),B(x2,y2),若直线PA,PB关于直线x=x0对称,则log2|y1+y2|-log2y0的值为( )
A.1B.-1
C.-D.无法确定
解析 设直线PA的斜率为kPA,直线PB的斜率为kPB.由y12=2px1,y02=2px0相减得(y1-y0)(y1+y0)=2p(x1-x0),故kPA==(x1≠x0).同理可得kPB=(x2≠x0).若直线PA,PB关于直线x=x0对称,则PA,PB的倾斜角互补.故kPA=-kPB,即=-.所以y1+y2=-2y0,故=-2,故log2|y1+y2|-log2y0=1.故选A.
11.(2018·
东城区期末)已知抛物线C1:
y=x2(p>
0)的焦点与双曲线C2:
-y2=1的右焦点的连线交C1于第一象限的点M,若C1在点M处的切线平行于C2的一条渐近线,则p=( )
C.D.
解析 由题可知,抛物线开口向上且焦点坐标为(0,),双曲线焦点坐标为(2,0),所以两个焦点连线的直线方程为y=-(x-2).设M(x0,y0),则有y′=x0=⇒x0=p.因为y0=x02,所以y0=.又M点在抛物线的切线上,即有=-(p-2)⇒p=,故选D.
12.(2017·
浙江杭州七校模拟质量检测)抛物线y2=4x的焦点为F,过点(0,3)的直线与抛物线交于A,B两点,线段AB的垂直平分线交x轴于点D,若|AF|+|BF|=6,则点D的坐标为________.
答案 (4,0)
解析 设直线AB的方程为y=kx+3,代入抛物线y2=4x,
整理得k2x2+(6k-4)x+9=0.
设A(x1,y1),B(x2,y2),则x1+x2=-,由|AF|+|BF|=6,得(x1+)+(x2+)=x1+x2+p=-+2=6,解得k=-2,k=(舍去),
所以线段AB的中点为(2,-1),线段AB的垂直平分线方程为y+1=(x-2),令y=0,得x=4.故点D的坐标为(4,0).
13.(2018·
郑州质检)设抛物线y2=16x的焦点为F,经过点P(1,0)的直线l与抛物线交于A,B两点,且2=,则|AF|+2|BF|=________.
答案 15
解析 设A(x1,y1),B(x2,y2).∵P(1,0),
∴=(1-x2,-y2),=(x1-1,y1).
∵2=,∴2(1-x2,-y2)=(x1-1,y1),
∴x1+2x2=3,-2y2=y1.
将A(x1,y1),B(x2,y2)代入抛物线方程y2=16x,得
y12=16x1,y22=16x2.
又∵-2y2=y1,∴4x2=x1.又∵x1+2x2=3,解得x2=,x1=2.
∴|AF|+2|BF|=x1+4+2(x2+4)=2+4+2×
(+4)=15.
14.等腰直角三角形AOB内接于抛物线y2=2px(p>
0),O为抛物线的顶点,OA⊥OB,△AOB的面积是16,抛物线的焦点为F.若M是抛物线上的动点,则的最大值为________.
答案
解析 设等腰直角三角形OAB的顶点A(x1,y1),B(x2,y2),则y12=2px1,y22=2px2.由|OA|=|OB|,得x12+y12=x22+y22,∴x12-x22+2px1-2px2=0,即(x1-x2)(x1+x2+2p)=0.
∵x1>
0,x2>
0,2p>
0,∴x1=x2,即点A,B关于x轴对称.
∴设直线OA的方程为y=x,与抛物线方程联立,解得或
∴|AB|=4p,∴S△OAB=×
2p×
4p=4p2.
∵△AOB的面积为16,∴p=2.∴焦点F(1,0).
设M(m,n),则n2=4m,m>
0,设点M到准线x=-1的距离等于d,
则==.
令m+1=t,t>
1,则m=t-1,=≤(当且仅当t=3时,等号成立).∴的最大值为.
15.(2018·
河北唐山一中期末)已知抛物线C:
x2=2py(p>
0),圆O:
x2+y2=1.
(1)若抛物线C的焦点F在圆上,且A为C和圆O的一个交点,求|AF|;
(2)若直线l与抛物线C和圆O分别相交于点M,N,求|MN|的最小值及相应p的值.
答案
(1)-1
(2)2
解析
(1)由题意得F(0,1),∴C:
x2=4y.
解方程组得yA=-2,∴|AF|=-1.
(2)设M(x0,y0),则切线l:
y=(x-x0)+y0,整理得x0x-py-py0=0.
由|ON|=1得|py0|==,
∴p=且y02-1>
0.
∴|MN|2=|OM|2-1=x02+y02-1=2py0+y02-1=+y02-1=4++(y02-1)≥8,当且仅当y0=时等号成立.
∴|MN|的最小值为2,此时p=.
16.
(2018·
江西九江一模)已知抛物线E:
0)的焦点为F,过点F且倾斜角为的直线l被E截得的线段长为8.
(1)求抛物线E的方程;
(2)已知点C是抛物线上的动点,以C为圆心的圆过点F,且圆C与直线x=-相交于A,B两点,求|FA|·
|FB|的取值范围.
答案
(1)y2=4x
(2)|FA|·
|FB|∈[3,+∞)
解析
(1)由题意,直线l的方程为y=x-.联立消去y整理得x2-3px+=0.设直线l与抛物线E的交点的横坐标分别为x1,x2,则x1+x2=3p,故直线l被抛物线E截得的线段长为x1+x2+p=4p=8,得p=2,∴抛物线E的方程为y2=4x.
(2)由
(1)知,F(1,0),设C(x0,y0),则圆C的方程是
(x-x0)2+(y-y0)2=(x0-1)2+y02.
令x=-,得y2-2y0y+3x0-=0.
又∵y02=4x0,∴Δ=4y02-12x0+3=y02+3>
0恒成立.
设A(-,y3),B(-,y4),则y3+y4=2y0,y3y4=3x0-.
∴|FA|·
|FB|=·
=
==3|x0+1|.
∵x0≥0,∴|FA|·
|FB|∈[3,+∞).
南昌一模)已知抛物线y2=8x的焦点为F,设A(x1,y1),B(x2,y2)是抛物线上的两个动点,若x1+x2+4=|AB|,则∠AFB的最大值为( )
解析 因为x1+x2+4=|AB|,|AF|+|BF|=x1+x2+4,所以|AF|+|BF|=|AB|.在△AFB中,由余弦定理得cos∠AFB===-1=-1.又|AF|+|BF|=|AB|≥2,当且仅当|AF|=|BF|时等号成立,所以|AF||BF|≤|AB|2,所以cos∠AFB≥-1=-,所以∠AFB≤,即∠AFB的最大值为.
2.(2017·
辽宁五校期末联考)已知AB是抛物线y2=2x的一条焦点弦,|AB|=4,则AB中点C的横坐标是( )
A.2B.
解析 设A(x1,y1),B(x2,y2),
∵|AB|=4,∴x1++x2+=4,∴x1+x2=3.
∴C点横坐标为,故选C.
东北三校)已知抛物线y2=2px(p>
0)的焦点为F,点P1(x1,y1),P2(x2,y2),P3(x3,y3)在抛物线上,且2x2=x1+x3,则有( )
A.|FP1|+|FP2|=|FP3|B.|FP1|2+|FP2|2=|FP3|2
C.2|FP2|=|FP1|+|FP3|D.|FP2|2=|FP1|·
|FP3|
解析 抛物线的准线方程为x=-,由定义得|FP1|=x1+,|FP2|=x2+,|FP3|=x3+,则|FP1|+|FP3|=x1++x3+=x1+x3+p,2|FP2|=2x2+p,由2x2=x1+x3,得2|FP2|=|FP1|+|FP3|,故选C.
4.(2017·
豫晋冀三省一调)设抛物线y2=8x的焦点为F,准线为l,P是抛物线上一点,若直线PF的倾斜角为120°
,则|PF|等于( )
C.3D.
解析 设P(x,y),PA⊥l,A为垂足,取l与x轴的交点为B.在Rt△ABF中,∠AFB=30°
,BF=4,则|AB|=|y|=,即有8x=,可得x=,|PF|=2+=.
5.已知抛物线y2=4x,过点P(4,0)的直线与抛物线交于A(x1,y1),B(x2,y2)两点,则y12+y22的最小值是________.
答案 32
解析 设直线方程为x=ky+4,与抛物线联立得
y2-4ky-16=0,∴y1+y2=4k,y1y2=-16.
∴y12+y22=(y1+y2)2-2y1y2=16k2+32.
故最小值为32.
6.已知过抛物线y2=4x的焦点F的直线交该抛物线于A,B两点,|AF|=2,则|BF|=________.
答案 2
解析 抛物线y2=4x的焦点F(1,0),p=2.由+=,即+=,∴|BF|=2.
8.
如图所示,斜率为1的直线过抛物线y2=2px(p>
0)的焦点F,与抛物线交于A,B两点,M为抛物线弧AB上的动点.
(1)若|AB|=8,求抛物线的方程;
(2)求S△ABM的最大值.
答案
(1)y2=4x
(2)p2
解析
(1)由条件知lAB:
y=x-,与y2=2px联立,消去y,得x2-3px+p2=0,则x1+x2=3p.由抛物线定义得|AB|=x1+x2+p=4p.
又因为|AB|=8,即p=2,则抛物线的方程为y2=4x.
(2)方法一:
由
(1)知|AB|=4p,且lAB:
y=x-,设M(,y0),则M到AB的距离为d=.
因为点M在直线AB的上方,所以-y0-<
0,
则d==
==.
当y0=p时,dmax=p.
故S△ABM的最大值为×
4p×
p=p2.
方法二:
y=x-,设与直线AB平行且与抛物线相切的直线方程为y=x+m,代入抛物线方程,得x2+2(m-p)x+m2=0.由Δ=4(m-p)2-4m2=0,得m=.与直线AB平行且与抛物线相切的直线方程为y=x+,两直线间的距离为d==p,
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水中的萍!
当你随波逐流后,根基就没了。
空中的鸟!
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一块铀块,可以平庸无奇地在石头里沉睡下去,也可以产生惊天动地的力量。
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青春是一团火,她点燃了我们沸腾的热血;
青春是一面旗帜,她召唤着我们勇敢前行;
青春是一本教科书,她启迪着我们的智慧和心灵。