初二数学易错题组卷及答案Word格式.docx

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△BCD≌△FCE；

（2）若EF∥CD，求∠BDC的度数．

13．如图，在正方形ABCD中，E是AB上一点，F是AD延长线上一点，且DF=BE．

CE=CF；

（2）若点G在AD上，且∠GCE=45°

，则GE=BE+GD成立吗？

为什么？

14．如图，△ABC中，∠ACB=90°

，AC=6，BC=8．点P从A点出发沿A﹣C﹣B路径向终点运动，终点为B点；

点Q从B点出发沿B﹣C﹣A路径向终点运动，终点为A点．点P和Q分别以1和3的运动速度同时开始运动，两点都要到相应的终点时才能停止运动，在某时刻，分别过P和Q作PE⊥l于E，QF⊥l于F．问：

点P运动多少时间时，△PEC与QFC全等？

请说明理由．

15．如图所示，已知△ABC≌△ADE，BC的延长线交AD于点F，交DE于点G，且∠CAD=25°

，∠B=∠D=30°

，∠EAB=125°

，求∠DFB和∠DGB的度数．

16．

（1）如图，已知△ABC中，AD⊥BC于D，AE为∠BAC的平分线，∠B=50°

，∠C=70°

，求∠DAE的度数．

（2）已知在△ABC中，AD⊥BC于点D，AE平分∠BAC（∠C＞∠B）．求证：

∠DAE=

（∠C﹣∠B）．

17．如图：

（1）CE∥AB，所以∠1=∠　　　　　　，∠2=∠　　　　　　．

所以∠ACD=∠1+∠2=　　　　　　．

（2）在图2中过点A作AE∥CD，交BC于点E；

（3）请用

（1）中这个结论，在图

（2）中求出∠BAD+∠B+∠C+∠D的度数．

18．已知△ABC中，∠ACB=90°

，CD为AB边上的高，BE平分∠ABC，分别交CD、AC于点F、E，求证：

∠CFE=∠CEF．

19．如图：

在△ABC中，AB=AC，P为BC边上任意一点，PE⊥AB于E，PF⊥AC于F，若AC边上的高BD=a．

（1）试证明：

PE+PF=a；

（2）若点P在BC的延长线上，其它条件不变，上述结论还成立吗？

如果成立请说明理由；

如果不成立，请重新给出一个关于PE，PF，a的关系式，直接写出结论不需要说明理由．

答案

【考点】有理数的混合运算．菁优网版权所有

【专题】新定义．

【分析】本题可依据题意进行分析，a﹡b=

（其中a、b均不为0）．可对等号右边的式子形式进行转换．

【解答】解：

=

，

所以得运算“﹡”满足交换律，

故

（1）正确；

又∵（a﹡b）﹡c=

*c，

a﹡（b﹡c）

=a*

∴（a﹡b）﹡c≠a﹡（b﹡c）

∴结论

（2）不一定成立．

故答案为：

A．

【点评】本题考查有理数的运算，结合题中给出的新概念，进行分析即可．

【考点】三角形的角平分线、中线和高．菁优网版权所有

【分析】根据三角形的中线，角平分线和高线的定义以及在三角形的位置对各选项分析判断后利用排除法求解．

A、三角形的角平分线、中线、高都在三角形的内部，故错误；

B、直角三角形有三条高，故错误；

C、钝角三角形的三条高两条在三角形外，故错误；

D、三角形的高至少有一条在三角形内，故正确．

故选D．

【点评】本题考查了三角形的角平分线、中线、高线，是基础题，熟记概念以及在三角形中的位置是解题的关键．

3．如图，△ABC的角平分线AD、BE交于点F，点F到边BC的距离为2cm，那么点F到边AC的距离为　2　cm．

【考点】角平分线的性质．菁优网版权所有

【分析】根据角平分线的性质“角的平分线上的点到角的两边的距离相等”，可得点F到AC距离=点F到BC的距离=2．

∵点F在∠ABC的平分线上，∴点F到AB距离=点F到BC的距离；

∵点F在∠BAC的平分线上，∴点F到AB距离=点F到AC的距离，

∴点F到AC距离=点F到BC的距离=2cm．

故填2．

【点评】本题主要考查角平分线的性质，注意到点F既在∠ABC的平分线上，又在∠BAC的平分线上，是解答本题的关键．

，D是AB上一点，将Rt△ABC沿CD折叠，使点B落在AC边上的B′处，则∠ADB′等于　40°

　．

【考点】翻折变换（折叠问题）．菁优网版权所有

【分析】根据翻折变换的性质得出∠ACD=∠BCD，∠CDB=∠CDB′，进而利用三角形内角和定理得出∠BDC=∠B′DC，再利用平角的定义，即可得出答案．

∵将Rt△ABC沿CD折叠，使点B落在AC边上的B′处，

∴∠ACD=∠BCD，∠CDB=∠CDB′，

∵∠ACB=90°

∴∠ACD=∠BCD=45°

，∠B=90°

﹣25°

=65°

∴∠BDC=∠B′DC=180°

﹣45°

﹣65°

=70°

∴∠ADB′=180°

﹣70°

=40°

．

40°

【点评】此题主要考查了翻折变换的性质以及三角形内角和定理，得出∠BDC和∠B′DC的度数是解题关键．

5．“若a＜0，b＜0，则ab＜0”，这个命题的题设是　a＜0，b＜0　，结论是　ab＜0　．

【考点】命题与定理．菁优网版权所有

【分析】由命题的题设和结论的定义进行解答．

若a＜0，b＜0，则ab＜0”，这个命题的题设是a＜0，b＜0，结论是ab＜0；

a＜0，b＜0，ab＜0．

【点评】此题主要考查了命题与定理，任何一个命题都有题设和结论两部分组成，题设是已知事项，结论是由已知事项推出的事项．

分别延长A1B1、B1C1、C1A1至点A2、B2、C2，使A2B1=A1B1，B2C1=B1C1，C2A1=C1A1，顺次连结A2、B2、C2，得到△A2B2C2…按此规律，若△A3B3C3的面积是686，则△ABC的面积为　2　．

【考点】三角形的面积；

规律型：

图形的变化类．菁优网版权所有

【分析】先根据已知条件求出△A1B1C1及△A2B2C2的面积，再根据两三角形的倍数关系求解即可．

△ABC与△A1BB1底相等（AB=A1B），高为1：

2（BB1=2BC），故面积比为1：

2，

∵△ABC面积为1，

∴S△A1B1B=2．

同理可得，S△C1B1C=2，S△AA1C=2，

∴S△A1B1C1=S△C1B1C+S△AA1C+S△A1B1B+S△ABC=2+2+2+1=7；

同理可证S△A2B2C2=7S△A1B1C1=49，

第三次操作后的面积为7×

49=343，

因为△A3B3C3的面积是686，

所以△ABC的面积为2，

2．

【点评】考查了三角形的面积，此题属规律性题目，解答此题的关键是找出相邻两次操作之间三角形面积的关系，再根据此规律求解即可．

【考点】全等三角形的判定与性质．菁优网版权所有

【专题】证明题．

【分析】延长BE交CD的延长线于点F，首先证明CF=BC，再根据等腰三角形的性质可得BE=EF，然后证明△ABE≌△FDE，进而得到FD=AB，再利用等量代换可得BC=AB+DC．

【解答】证明：

延长BE交CD的延长线于点F，

∵BE平分∠ABC，

∴∠ABE=∠CBE，

∵AB∥CD，

∴∠F=∠ABE，∠A=∠FDA，

∴∠F=∠CBE，

∴CF=BC，

∵CE平分∠BCD，

∴BE=EF（三线合一）），

在△ABE和△DFE中，

∴△ABE≌△FDE（ASA），

∴FD=AB，

∵CF=DF+CD，

∴CF=AB+CD，

∴BC=AB+CD．

【点评】此题主要考查了全等三角形的判定与性质，证明三角形全等是证明线段相等的重要手段．

【考点】全等三角形的判定与性质；

平行线之间的距离；

等腰直角三角形．菁优网版权所有

【分析】过A、C点作l3的垂线构造出直角三角形，根据三角形全等和勾股定理求出BC的长，再利用勾股定理即可求出．

作AE⊥l3于E，作CD⊥l3于D，

∵∠ABC=90°

∴∠ABE+∠CBD=90°

又∵∠EAB+∠ABE=90°

∴∠BAE=∠CBD

又∵AB=BC，∠AEB=∠BDC

在△ABE与△BCD中，

∴△ABE≌△BCD，

∴BD=AE=3，

在Rt△BCD中，根据勾股定理，得BC=

在Rt△ABE中，根据勾股定理，得BE=

【点评】此题考查全等三角形的判定和性质，解题关键是要作出平行线间的距离，构造直角三角形．运用全等三角形的判定和性质以及勾股定理进行计算．

【分析】CE=

BD，延长CE、BA相交于点F．可以证明Rt△ABD≌Rt△ACF，再证明△BCE≌△BFE得到CE=EF，就可以得出结论．

CE=

BD，

如图，延长CE、BA相交于点F．

∵CE⊥BD交BD的延长线于E，

∴∠1+∠F=90°

∵∠BAC=90°

∴∠ACF+∠F=90°

∴∠1=∠ACF．

在△ABD和△ACF中，

∴△ABD≌△ACF（ASA）

∴BD=CF

在△BCE和△BFE中，

∴△BCE≌△BFE（ASA）

∴CE=EF

∴CE=

CF=

BD．

【点评】本题主要考查了全等三角形的证明，能够想到延长CE、BA相交于点F，构造全等三角形是解决本题的关键．

【分析】构造全等三角形，然后利用互补判断出∠CFG=∠CEG，得出△CFG≌△CEG即可．

如图，

∵∠ACB的平分线CD和∠ABC的平分线BE交于点G，

∴∠ABC=2∠CBE，∠ACB=2∠BCD，

∵∠ABC+∠ACB+∠A=180°

∴2∠CBE+2∠BCD+60°

=180°

∴∠CBE+∠BCD=60°

∵∠CBE+∠BCD+∠BGC=180°

∴∠BGC=180°

﹣（∠CBE+∠BCD）=120°

∴∠DBE=120°

∵∠A=60°

根据四边形的内角和是360°

，得∠ADC+∠AEB=180°

在BC上截取BF=BD，

在△BDG和△BFG中

∴△BDG≌△BFG，

∴∠BDC=∠BFG，

∵∠BFG+∠CFG=180°

∴∠BDC+∠CFG=180°

∵∠BDC+∠ADC=180°

∴∠ADC=∠CFG，

∴∠CFG+∠AEB=180°

∵∠AEB+∠CEG=180°

∴∠CFG=∠CEG，

在△CFG和△CEG中

∴△CFG≌△CEG，

∴CF=CE，

∴BC=BF+CF=BD+CE．

【点评】此题是三角形全等的判定和性质，主要考查了同角或等角的补角相等，邻补角，三角形和四边形的内角和，角平分线的定义，解本题的关键是∠CFG=∠CEG，难点是构造全等三角形．

三角形三边关系．菁优网版权所有

【分析】由SAS证明△BDE≌△CDP，得出BE=CP，将BE转化为PC，EF转化为FP，进而在△PCF中由三角形的三边关系即可得出结论．

BE+CF＞EF，理由如下：

∵D是BC的中点，

∴BD=CD，

在△BDE和△CDP中，

∴△BDE≌△CDP（SAS），

∴BE=CP，

∵DE⊥DF，DE=DP，

∴EF=FP（垂直平分线上的点到线段两端点距离相等），

在△CFP中，CP+CF=BE+CF＞FP=EF．

【点评】本题主要考查了全等三角形的判定及性质以及三角形的三边关系问题；

证明三角形全等得出BE=CP是解决问题的关键．

旋转的性质．菁优网版权所有

【专题】几何综合题．

【分析】

（1）由旋转的性质可得：

CD=CE，再根据同角的余角相等可证明∠BCD=∠FCE，再根据全等三角形的判定方法即可证明△BCD≌△FCE；

（2）由

（1）可知：

△BCD≌△FCE，所以∠BDC=∠E，易求∠E=90°

，进而可求出∠BDC的度数．

【解答】

（1）证明：

∵将线段CD绕点C按顺时针方向旋转90°

后得CE，

∴CD=CE，∠DCE=90°

∴∠BCD=90°

﹣∠ACD=∠FCE，

在△BCD和△FCE中，

∴△BCD≌△FCE（SAS）．

（2）解：

由

（1）可知△BCD≌△FCE，

∴∠BDC=∠E，∠BCD=∠FCE，

∴∠DCE=∠DCA+∠FCE=∠DCA+∠BCD=∠ACB=90°

∵EF∥CD，

∴∠E=180°

﹣∠DCE=90°

∴∠BDC=90°

【点评】本题考查了全等三角形的判定和性质、同角的余角相等、旋转的性质、平行线的性质，全等三角形的判定是结合全等三角形的性质证明线段和角相等的重要工具．在判定三角形全等时，关键是选择恰当的判定条件．

13．（2014•梅州）如图，在正方形ABCD中，E是AB上一点，F是AD延长线上一点，且DF=BE．

【考点】正方形的性质；

全等三角形的判定与性质．菁优网版权所有

（1）由DF=BE，四边形ABCD为正方形可证△CEB≌△CFD，从而证出CE=CF．

（2）由

（1）得，CE=CF，∠BCE+∠ECD=∠DCF+∠ECD即∠ECF=∠BCD=90°

又∠GCE=45°

所以可得∠GCE=∠GCF，故可证得△ECG≌△FCG，即EG=FG=GD+DF．又因为DF=BE，所以可证出GE=BE+GD成立．

在正方形ABCD中，

∵

∴△CBE≌△CDF（SAS）．

∴CE=CF．

GE=BE+GD成立．

理由是：

∵由

（1）得：

△CBE≌△CDF，

∴∠BCE=∠DCF，

∴∠BCE+∠ECD=∠DCF+∠ECD，即∠ECF=∠BCD=90°

又∵∠GCE=45°

，∴∠GCF=∠GCE=45°

∴△ECG≌△FCG（SAS）．

∴GE=GF．

∴GE=DF+GD=BE+GD．

【点评】本题主要考查证两条线段相等往往转化为证明这两条线段所在三角形全等的思想，在第二问中也是考查了通过全等找出和GE相等的线段，从而证出关系是不是成立．

14．（2013春•苏州期末）如图，△ABC中，∠ACB=90°

【考点】全等三角形的性质；

解一元一次方程．菁优网版权所有

【专题】计算题．

【分析】推出CP=CQ，①P在AC上，Q在BC上，推出方程6﹣t=8﹣3t，②P、Q都在AC上，此时P、Q重合，得到方程6﹣t=3t﹣8，Q在AC上，③P在BC上，Q在AC时，此时不存在，④当Q到A点，与A重合，P在BC上时，求出即可得出答案．

设运动时间为t秒时，△PEC≌△QFC，

∵△PEC≌△QFC，

∴斜边CP=CQ，

有四种情况：

①P在AC上，Q在BC上，

CP=6﹣t，CQ=8﹣3t，

∴6﹣t=8﹣3t，

∴t=1；

②P、Q都在AC上，此时P、Q重合，

∴CP=6﹣t=3t﹣8，

∴t=3.5；

③P在BC上，Q在AC时，此时不存在；

8÷

3×

1＜6，Q到AC上时，P应也在AC上；

④当Q到A点（和A重合），P在BC上时，

∵CQ=CP，CQ=AC=6，CP=t﹣6，

∴t﹣6=6

∴t=12

∵t＜14

∴t=12符合题意

答：

点P运动1或3.5或12秒时，△PEC与△QFC全等．

【点评】本题主要考查对全等三角形的性质，解一元一次方程等知识点的理解和掌握，能根据题意得出方程是解此题的关键．

【考点】全等三角形的性质．菁优网版权所有

【分析】先根据全等三角形的性质得∠BAC=∠DAE，由于∠DAE+∠CAD+∠BAC=125°

，则可计算出∠BAC=

（125°

）=50°

，所以∠BAF=∠BAC+∠CAD=75°

，根据三角形外角性质可得∠DFB=∠BAF+∠B=105°

，∠DGB=75°

∵△ABC≌△ADE，

∴∠BAC=∠DAE，

∵∠EAB=125°

∴∠DAE+∠CAD+∠BAC=125°

∵∠CAD=25°

∴∠BAC=

∴∠BAF=∠BAC+∠CAD=75°

∴∠DFB=∠BAF+∠B=75°

+30°

=105°

；

∵∠DFB=∠D+∠DGB，

∴∠DGB=105°

﹣30°

=75°

即∠DFB和∠DGB的度数分别为105°

、75°

【点评】本题考查了全等三角形的性质：

全等三角形的性质是证明线段和角相等的理论依据，应用时要会找对应角和对应边．

【考点】三角形内角和定理；

三角形的外角性质．菁优网版权所有

（1）首先根据三角形的内角和定理和角平分线的定义求出∠EAC的度数，再根据三角形的内角和定理求出∠DAC的度数，进而求∠DAE的度数；

（2）首先根据三角形的内角和定理和角平分线的定义表示∠EAC=

（180°

﹣∠B﹣∠C），然后根据三角形的内角和定理及等式的性质表示出∠EAD，最后根据等量代换即可得证．

（1）解：

∵∠B=50°

∴∠BAC=180°

﹣∠B﹣∠C=180°

﹣50°

=60°

∵AE为∠BAC的平分线，

∴∠EAC=

∠BAC=

×

60°

=30°

∵AD⊥BC，

∴∠ADC=90°

在△ADC中，∠DAC=180°

﹣∠ADC﹣∠C=180°

﹣90°

=20°

∴∠DAE=∠EAC﹣∠DAC=30°

﹣20°

=10°

（2）证明：

∵AE平分∠BAC（已知），∴∠EAC=

∠BAC（角平分线定义）．

∵∠BAC+∠B+∠C=180°

（三角形三个内角的和等于180°

），

﹣∠B﹣∠C（等式性质）．

﹣∠B﹣∠C）（等量代换）．

∵AD⊥BC（已知），∴∠ADC=90°

（垂直定义）．

在△ADC中，∠ADC