届高考物理二轮复习专题5功能关系在电学中的应用Word版含答案Word文档格式.docx
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.平面上的电势为零
.该电子可能到达不了平面
.该电子经过平面时,其电势能为
.该电子经过平面时的速率是经过时的倍
.如图,两固定的绝缘斜面倾角均为θ,上沿相连。
两细金属棒(仅标出端)和(仅标出端)长度均为、质量分别为和;
用两根不可伸长的柔软轻导线将它们连成闭合回路,并通过固定在斜面上沿的两光滑绝缘小定滑轮跨放在斜面上,两定滑轮间的距离也为。
左斜面上存在匀强磁场,磁感应强度大小为,方向垂直于斜面向上。
已知斜面及两根柔软轻导线足够长。
回路总电阻为,两金属棒与斜面间的动摩擦因数均为μ,重力加速度大小为。
使两金属棒水平,从静止开始下滑。
求:
()金属棒运动的最大速度的大小;
()当金属棒运动的速度为时,其加速度大小是多少?
.如图所示,匀强磁场的上下边界水平,宽度为,方向垂直纸面向里。
质量为、边长为(<)的正方形导线框始终沿竖直方向穿过该磁场,已知边进入磁场时的速度为,边离开磁场时的速度也为,重力加速度的大小为。
.线框进入和离开磁场时产生的感应电流方向相同
.线框进入和离开磁场时受到的安培力方向相反
.线框穿过磁场的过程中克服安培力所做的功为(+)
.线框穿过磁场的过程中可能先做加速运动后做减速运动
.(多选)一质量为带正电荷的小球由空中点无初速自由下落,在秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场,再经过秒小球又回到点。
不计空气阻力且小球从未落地,则()
.整个过程中小球电势能变化了
.整个过程中小球速度增量的大小为
.从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能变化了
.从点到最低点小球重力势能变化了
.如图,一个质量为、带电量为的圆环,可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动,细杆处于磁感应强度为的匀强磁场中。
现给圆环一个水平向右的初速度,在以后的运动中下列说法正确的是()
.圆环可能做匀减速运动
.圆环可能做匀速直线运动
.圆环克服摩擦力所做的功可能为
.圆环克服摩擦力所做的功不可能为
.如图所示,是处于竖直平面内的光滑绝缘固定斜劈,∠=°
、∠=°
,为的中点;
质量为、带正电的小滑块沿面自点由静止释放,滑到斜面底端点时速度为,若空间加一与平面平行的匀强电场,滑块仍由静止释放,沿面滑下,滑到斜面底端点时速度为,若滑块由静止沿面滑下,滑到斜面底端点时速度为,则下列说法正确的是()
.电场方向由指向
.点电势与点电势相等
.滑块滑到点时机械能增加了
.小滑块沿面、面滑下过程中电势能变化量大小之比为∶
.(多选)如图所示,、是两根倾斜放置的足够长的光滑平行金属导轨。
导轨所在平面与水平面成°
角,导轨间距为=,导体棒、分别垂直于导轨放置,且棒两端都与导轨接触良好,整个装置处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中,磁感应强度为=,当给棒施加平行于导轨向上的力时,导体棒沿导轨向上以某一速度匀速运动,棒恰好静止在导轨上,已知两棒的质量均为,电阻均为=Ω,导轨电阻不计,取=,则下列说法正确的是()
.当棒匀速运动时,拉力的大小为
.当棒匀速运动时,回路中的电热功率为
.撤去拉力的瞬间,棒的加速度大小为
.如图所示,足够长的粗糙绝缘斜面与水平面成θ=°
角放置,在斜面上虚线′和′与斜面底边平行,在′、′围成的区域有垂直斜面向上的有界匀强磁场,磁感应强度为=;
现有一质量为=、总电阻=Ω、边长=的正方形金属线圈,让边与斜面底边平行,从斜面上端静止释放,线圈刚好匀速穿过整个磁场区域。
已知线圈与斜面间的动摩擦因数为μ=,求:
(取=,°
=,°
=)
()线圈进入磁场区域时的速度大小;
()线圈释放时,边到′的距离;
()整个线圈穿过磁场的过程中,线圈上产生的焦耳热。
.(·
福建省宁德市上学期期末)如图所示,是半径为的四分之一光滑绝缘轨道,仅在该轨道内有垂直纸面向外的匀强磁场,磁感应强度大小为.光滑绝缘轨道水平且足够长,下端与相切于点.质量为的带正电小球静止在水平轨道上,质量为、电荷量为的带正电小球从点由静止释放,在球进入水平轨道后,、两小球间只有静电力作用,且、两小球始终没有接触.带电小球均可视为点电荷,设小球离点足够远,重力加速度为.求:
图
()小球刚到达点时的速度大小及对轨道的压力大小;
()、两小球系统的电势能最大值;
()、两小球最终的速度、的大小.
参考答案
.【解题思路】因等势面间距相等,由=得相邻虚线之间电势差相等,由到,-=-,故=;
各虚线电势如图所示,因电场力做负功,故电场方向向右,沿电场线方向电势降低,φ=,项正确;
因电子的速度方向未知,若不垂直于等势面,如图中实曲线所示,电子可能到达不了平面,项正确;
经过时,电势能=-φ=,项错误;
由到,=-=-,所以=;
则=,根据=知=,项错误。
【答案】
.【解析】
()达到最大速度时,设两绳中张力均为,金属棒受到的安培力为,对、,根据平衡条件得到:
θ=+μθ
=θ+μθ+
而安培力=
根据法拉第电磁感应定律及闭合电路欧姆定律:
=,=
整理得到:
=。
()当金属棒的速度为时,设两绳中张力均为,金属棒受到的安培力为,根据牛顿第二定律:
θ--μθ=
-θ-μθ-=
又=,=,=
联立以上方程可以得到:
=(θ-μθ)。
.【解题思路】根据楞次定律可知,线框进入磁场和离开磁场时产生的感应电流方向相反,再根据左手定则可知线框受到的安培力方向一直向上,、错误;
根据动能定理,可知从进入磁场到离开磁场的过程动能不变,所以-克安=,即克安=(+),正确;
如果边以速度进入磁场时开始做加速运动,那么边离开磁场时不可能减速到,错误。
.【解题思路】小球运动过程如图所示,加电场之前与加电场之后,小球的位移大小是相等的。
由运动学公式
,得=。
对加电场之后的运动过程(图中虚线过程)应用动能定理得
,对此前自由下落过程由机械能守恒得
,又
,联立以上各式可解得电场力所做的功电=+-==,即整个过程中小球电势能减少了,故错;
整个过程中速度增量大小为Δ=-==,故正确;
从加电场开始到小球运动到最低点时,动能变化了Δ=-=-,故错;
由运动学公式知
,以及==,则从点到最低点小球重力势能变化量为Δ=(+)=(+)==×
=,故正确。
.【答案】
.【解题思路】无电场时由到:
=①,有电场时由到:
+=()②,有电场时,由到:
+′=()③,联立①②③式得:
=,′=,又因为=,′=,故=,则点与点电势相等,故正确;
与不垂直,所以电场方向不可能由指向,故错误;
因为的中点,则滑块滑到点电场力做的功为滑到点的一半,为,则机械能增加了,故正确;
根据=,′=知滑块沿面、面滑下过程中电势能变化量大小之比为∶,故错误。
.【解题思路】对棒受力分析,在沿导轨方向上,受到沿导轨向下的安培力,沿导轨向下的重力的分力,以及沿导轨向上的拉力,故有=°
+,对受力分析,在沿导轨方向上受到沿导轨向上的安培力,沿导轨向下的重力的分力,故有°
=,联立解得=,=,错误;
==,故回路中的电热功率为=·
=,正确;
撤去拉力的瞬间,棒的加速度==,棒受力不变,所以合力为零,加速度为零,错误,正确。
()对线圈受力分析,根据平衡条件得:
安+μθ=θ,安=,=,=
联立代入数据解得:
=。
()线圈进入磁场前做匀加速运动,根据牛顿第二定律得:
==
线圈释放时,边到′的距离===。
()由于线圈刚好匀速穿过磁场,则磁场宽度等于=
=安=安·
代入数据解得:
=×
-。
()小球从到,洛伦兹力、弹力不做功,只有重力做功
由动能定理有:
=()
解得:
=
在点,由牛顿第二定律有:
--=
=+
根据牛顿第三定律得小球对轨道的压力大小为:
′=+
()两球速度相等时系统电势能最大,以向右为正方向,由动量守恒定律有:
=共
根据能量守恒定律有:
=()-()共
()由动量守恒定律:
由能量守恒定律有:
()=()+
==,==