第3章中值定理与导数的应用包括题Word文档格式.docx
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Yg(x)Yg'
以上两个法则是针对2型未定式对一型未定式,也有相应的两个法则
0比
对0^、乂、00、1汽ac0型未定式,可以通过变形将其转化成0或一型来求.
0处
(三)泰勒公式
1.带拉格朗日余项的泰勒公式
设函数y=f(X)在xo的某邻域U(x。
®
)内有n+1阶导数,那么在此邻域内有
f(X)=f(X0)+f(X0)(X-X0)+f(X0)(X—X0)2+■■■
2
n!
帥=甘(—0严
其中©
在Xo和X之间,Rn(x)是拉格朗日余项(四)函数的单调性
函数单调性的判别法设函数y=f(x)在[a,b]上连续,在(a,b)内可导.
⑴如果在(a,b)内f'
(X)>0,那么函数y=f(x)在[a,b]上单调增加;
⑵如果在(a,b)内厂(X)co,那么函数y=f(x)在[a,b]上单调减少.
(5)函数的极值与最值
1.函数在一点取得极值的必要条件
设函数y=f(x)在xo点取得极值,如果f(x)在Xo点可导,那么f(X0)=O.使
f\x)=0的点X称为函数f(X)的驻点.驻点不一定是极值点驻点和不可导点是函数的
所有可能的极值点.
2.极值点的两个判别定理
判别之一■设函数丫二彳^)在x0点连续,在x0的某去心领域U(x0,6)内可导,有
(1)如果在(X0-6X0)内f'
(X)C。
,在(X0,X0+6)内f'
(X)>
0,那么f(X)在X0
取得极小值;
⑵如果在(X0-6X0)内f'
(X)A0,在(X0,X0+6)内f'
(X)<
0,那么f(x)在X0
取得极大值;
⑶如果f(X)在U(X0V)内符号保持不变,那么f(X)在X0没有极值.
判别之二设函数y=f(x)在X0点处有二阶导数,且f'
(X0)=0,贝U有
(1)如果f"
(X0)A0,那么在X0取得极小值;
⑵如果f”(X0)“,那么在X0取得极大值
3.函数的最大值与最小值的求法
(1)求出f(x)在(a,b)内的零点和不存在的点X1,X2,…,Xn,计算出f(X)在这些点
处的函数值f&
Jf(x2)/'
f(xn);
⑵计算出f(x)在[a,b]的两个端点上的值f(a),f(b)
⑶ma乂f(xi),f(X2),…,f(Xn)f(a),f(b)}是f(x)在[a,b]上的最大值min{f(xi),f(X2),…,f(Xn)f(a),f(b)}是f(x)在[a,b]上的最小值.
(6)曲线的凹凸与函数的作图
1.凹凸的定义
设函数y=f(x)在闭区间[a,b]上连续,如果对于[a,b]上任意两点xi,X2,恒有
f(X1+X2f(X1)+f(X2)
那么称曲线y=f(x)在[a,b]上是凹的;
如果恒有
X1+X2f(Xi)+f(X2)
那么称曲线y=f(x)在[a,b]上是凸的.
2.凹凸的判定
设函数y=f(x)在[a,b]上连续,在(a,b)内具有二阶导数,那么
(1)如果在(a,b)内f"
(x):
>0,那么函数y=f(x)在[a,b]上的图形是凹的;
⑵如果在(a,b)内f”(x)v0,那么函数y=f(x)在[a,b]上的图形是凸的.
3.拐点及其求法
连续曲线y=f(x)上凹弧与凸弧的分界点称为这曲线的拐点求出所有f"
(X)=0
或f"
(X)不存在的点X1,X2,…,Xn,拐点从(Xi,f(Xi))(i=1,2,…,n)中找.
4.函数作图
(1)
⑵
⑶
⑷
确定函数的定义域;
求出函数的单调区间和极值点,曲线的凹凸区间和拐点;
求函数图形的水平渐近线和铅直渐近线;
求出函数在特殊点(包括间断点及一阶导数、二阶导数为零或不存在的点)处
的函数值,定出图形上相应的点,结合前面的结果,连结这些点画出函数图形的大概形状.
(七)曲率
1.定义
称Kpmo矿
—为曲线y=f(x)在M点处的曲率.其中is是的长dS
度,ia是曲线在M与M'
处切线的夹角,M与M'
是曲线上两点
2.计算公式
若y=f(X),则K(x)=——
(1+
yl__
y咛2
3.曲率与曲率半径P的关系
二、练习题
3.1设f(x)可导,求证:
f(x)的两个零点之间一定有f(x)+「(x)的零点.
证明设f(a)=f(b)=0,avb,令F(x^eXf(x),则F(a)=F(b)=0,
根据罗尔定理,存在共(a,b)使得F徨)=0,即「[〃)+「(©
)]=0于是
f(r)+f徉)=0.
3
3.2设函数f(x)在[0,1]上三次可导,且f(0)=f
(1)=0,设F(x)=xf(x).证明;
存
在©
-(0,1),使F7©
)=0.
证明由条件可知F(0)=F
(1)=0,F(x在[0,1]上可导,根据罗尔定理,存在
-^(0,1)使得
又由F(X)=3x2f(x)+x3「(x)知道
F'
(0)=0
这样F(0)=F牡1)=0,F(X)=0在[0上1]可导.
根据罗尔定理,存在y(0,q)u(0,1)使得
F径)=0
又由F"
(X)=6xf(X)+6x2f'
(X)+x3f"
(X)知道
F"
根据罗尔定理,存在(0,匕2)匚(0,1)使得
F75=0
3.3设f(x)在闭区间[a,b]上连续,在开区间(a,b)内可导,a>
0.证明:
在
(a,b)内存在“z,使fSF+b)坍器
证明由拉格朗日中值定理存在x^(a,b),使得
f(b)—f(a)=f(x1)
b—a
根据柯西中值定理,存在x^(a,b),x^(a,b)使得
f(b)-f(a)
b2-a2
b3-a3
_f(X2)
2x2
f(X3)
(F(x)=x2)
3
(F(x)=x)
由上面三个等式可知原结论成立.
3.4设f(x)在[0,1上连续,在(0,
1)内可导,且f(O)=f
(1)求证:
在(0,1)内存在
的两个不同的C1,C2,使f'
(C1)+f'
(C2)=0.
11
证明将[0,1分成两部分[0,-],[-,1]分别在其上应用拉格朗日中值定理,得
f
(2)—f(0)
f(C1)
1-0
f
(1)-f(£
)
=f'
(C2)
1-丄
C1亡(02)
C2壬(11)
又由条件f(0)=f
(1),可知
f(C1)f(C2)=0
3.5已知軒+弓+b)=0,求a,b的值.解因lim(Sin3^+|^+b^0,由洛必达法则
sin3x+ax+bxlimXT
x3
2..3cos3x+a+3bxlimxT
3x2
(0)
由lim3cos3x+a+3bx2
再继续用洛必达法则
3cos3x—3+3bx
0可知a=-3
xmo
-9sin3x+6bx
6x
-27cos3^6^0
于是四-27cos3x+6b=0'
知b=9
3.6用洛必达法则求下列极限:
1
jI:
—
lim(一-arctanx)lnx;
x1
..,a-xlna、7処()x;
Tb-xlnb
x,,xx1
(4)
a+b+c尸(abcAO)
ex
x
=1
兀■;
(2)!
im』一-arctanx)
ln(—-arctanx)
lim
=ex护lnx
X
2
lim————-arctanx=e2
lim
x-?
^
=e
.1
1—-arctanx
XY
X
—-arctanx
1+x2
(3)令四(b^lnb
ln字=y
Iny
ln(a-xlna)-ln(b-xlnb)=lim
XT
^0
axlna-lna
qX-xlna
同理
axlna-Inalima^xlnaXT
2x
bxlnb-lnb~bx-xlnb2x
(aj)lna(aX-xlnaT1)
X.2
alna
=lim
T2bxlnb—lnb
ln2a
limXT
bx—xlnb
ln2b
22
lna-lnb
Ina-lnb
原式=e
X丄」X丄x1
(4)令lim(-一b一)-=y
ax+bx+cx
In0
Iny=lim3(-)
7x0
3aIna+bInb+cInc=Iim——x——x
xT>
ax+bx+cx
_Ina+lnb+lnc_Inabc
Inabc
=e^-
故原式
=Vabc
3.7设f(x)与g(x)在[0,+=c)存在二阶导数,且满足条件:
f(O)=g(O),
f\0)=g\0),g”(x)〉f“(x)(x>
0)试分别用函数的单调性、拉格朗日中值定理和泰
勒公式证明:
XaO时,g(x)Af(x).
证明(法一)令F(x)=f(X)-g(x)
由条件F(0)=0,F(0)=0,F“(x)c0(x>
0)
于是F(x)在(0,址)单调递减
又由F“(0)存在,故F(x)在x=0连续,即有F'
(x)在0,址]
单调递减所以,当x》0时,F'
(x)<
F(0)=0,
于是F(x)在0,址]单调递减,所以,当x>
0时,
F(x)cF(0)=0即f(x)—g(x)<
0,g(x)Af(x).
(法二)令F(x)=f(x)-g(x)
由条件F(0)=0,F'
(0)=0,F“(x)<
0(x>
由拉格朗日中值定理,得
F(x)-F(0)=F(©
)x(红(0,x))
=[F'
(r)-F'
(0)]”X=F"
(n)M吠(H-(0,©
))<
故F(x)£
0,g(x)>
f(x).
(法三)令F(x)=f(x)-g(x)
(xaO)
其中X>
0上(0,x)
由条件F(0)=0,F(0)=0,F“(x)<
根据泰勒公式
F(x)=F(0)+F(0)x+1f”(©
)x2
故F(x)<
0,g(x)Af(x).
3-8利用泰勒公式计算极限:
xmn厂cotx).
133
-x3+o(x3)
xT
3.9设函数f(x)在[0,1上具有连续的三阶导数,且f(0)=1,f
(1)=2,厂(丄)=0.
证明在(0,1)内至少存在一点©
,使I厂牡)1^24.
证明将f(x)在x^-点展开,并分别令x=0和心,得
迩…厲+谆今+字中+竽.1)35=町)+怕(扣单
(2)2+竽
(2)3
⑵一(i)得:
i=—fU)—lCi)]
48
If徉)|+|「牡2)imf牟2)-f卞1)|=48取匕为©
g中三阶导数的绝对值较大的点,因go,护‘“知时心),且
3.10数列1,72,V3,…,亦,…中哪一项最大
解令f(X)=xX,则
f(x)=xx(1lnx)、xA(1—lnx)
当x€(0,e)时,f'
(x)A0,f(x)在(0,e]单增;
当X亡(e,七叼时,f"
(x)cO,f(x)在[e,七①单减因为2<
:
e<
3,故值最大的项只能为J2或V3,而由2^32可知,頁烦所以V3最大.
3.11证明:
当xaO时,有ex—1a(1+x)In(1+x).
证明令f(X)=ex—1—(1+x)ln(1+x),则f(0)=0f'
(X)=ex-1-In(1+x)f(0)=0
r"
/\X1
f(X)=e
1+x
当XAO时,f"
(x)=o,「(x)在[0,母)单增,而「(0)=0,故
f(x)>
0,f(x)在[0,址)单增,而f(0)=0故
0,即当xaO时有
ex-1+x)ln(1+x)
3.12在椭圆务+与=1位于第一象限的部分上求一点P,使该点处的切线、椭圆及ab
两坐标所围图形的面积为最小(aaO,b》0).
解要使所述的面积最小,因椭圆在第一象限部分面积为定值,只要使切线与两坐标所围三角形面积最小即可.
设P(xo,yo)贝仙竽+纠型=0
abdx
dy2x/2yb2x
dx_"
力孑"
"
a2'
y
可知P点处椭圆切线方程为
y-yo—^2—(x-xo)
ayo
分别令y=0和x=0,可得两截距为
a
音
b2
~F
yo
Xo
故此三角形面积为
.2
1(匹.a_+
2(xob2
'
/Xo
Xo)(—yo
屯+yo)
因(xo,yo)在椭圆上,可令Xo
=acosTo,yo=bsn£
o代入上式,可得此面积为
ab
.,因此当sin2%=1即日0=—时,此面积最小,此时Xosin2T04
厂厂
综上,当P点坐标为(12a,空b)师,题中所述面积最小
测验题
(二)
1.设f(x)和g(x)在[a,b]上连续,在(a,b)内可导,且f(a)=f(b)=0,证明:
f'
(x)g(x)+f(x)g'
(x)=0在(a,b)内有解
证明令F(x)=f(x)g(x),则F(x在[a,bl满足罗尔定理的条件,存在(a,b)使得
「(©
)=0,即F'
(X)=f'
2.设f(x)在[0,兀]上连续,在(0,兀)内可导,且f(0)=0,证明:
存在©
亡(0,兀)使
£
2f徉)=tan^f(r).
证明欲证Zf'
©
巧"
),只要
匕1巴
f®
co才丁(伽厂0
令F(x)=f(x)cos-,有f(0)=0得F(0)=F(兀)=0.
在[0,]满足罗尔定理的条件,故存在©
€(0,兀)使得F(©
)=0,即
巴1巴
fC)co才2f(伽厂0
3.用洛必达法则求下列极限
X—sinx
Ixm0;
^e匸?
);
X—sinxlim
xtx2(ex-1)
1-cosx
四2x(eX一1)+x2eX
sinx
凹2(ex-1片4xeX+x2eX
cosx
xi^2e^4e^6xex+x2ex6
1xA1
(2)limx[(1+—)-e](令t=—)
X护XX
lim(^t)'
-e=lim
Tt
1111
(1+t)t[—」n(1+t)+-——]=limt亠L
T1
(1+tZt-O+t)」n(1+1)]=lim
T
t(1+t)
(注意(1+1)'
-?
e,1+tT1)
t-(1+t)』n(1+t)
t_0t2
1—ln(1+t)-1
=elim
t-0
e
=——
2t
4.
已知f(x)=x3+ax2+bx在x=1处有极值-2,试确定系数a和b,并求出f(x)
的所有极值和曲线y=f(X)的拐点.
f'
(X)=3x2+2ax+b
因f(X)在x=1处有极值-2,故
(1)=3+2a+b=0[f
(1)=1+a+b=-2
解得仁03,因此有f(x)=x3—3x.
解f'
(X)=3x2-3,得X=±
1.
当x2=,—1)时,f(x)>
0;
当xj—1,1)时,f'
(x)vO;
当Xj1,+=c)时,
(X)AO,所以f(x)在x=-1点处取得极大值f(-1)=2,在x=1处取得极小值
f
(1)=2.
解f"
(X)=6x=0,得X=0.
x<
0时,f“(x)<
0,当x>
0时,f”(x)〉0,故(0,
0)点是曲线y=f(X)的拐
5.证明:
当X2AXiAe时,有生<
Inx-€竺
x2Inx2x1
-1-InXC,、
y=—2—<
0,x忘(e^)X
所以函数在(e,+^)单调递减,即当x^x^e时有
Inx-iInX2切x-iInx-,
>
即——<
x1x2x2Inx2
再考虑函数y=xlnX,y‘=1+lnxa0,x亡(e,+处)
所以函数在(e,址)单调递增,即当X2>
Xi〉e时有
XiIn捲cx2Inx2即<
竺
Inx2x1
6.若f'
(X)在[0,畑)严格单调递增,且f(0)=0,证明:
UQ在(0,畑)严格单调递
增.
证明对任意的XA0,f(x)在[0,X]连续,在(0,X)可导,故存在©
壬(0,x)使得
f(x)-f(0)_f(x)_f,(E)
-f()_f(X)
(f(x)[_xf(x)-f(x)_f(x)—X2X」X2X
X2
因f'
(X)在[0,址)严格单调递增,故f'
f徉),所以>
0则丄凶在[X」X
(0,P)严格单调递增.
7.设在[1,畑]上处处有f"
(x)cO,且f
(1)=2,「⑴=—3,证明:
在(1,址)内方程
f(x)=0仅有一个实根
证明由f“(x)<
0知f(X)在[1,+^)严格递减.
由零阶泰勒公式,有f
(2)=f
(1)+f牡)(2-1)弋亡(1,2)
由于f化)<
f
(1)=—3,f
(1)=2,故
f
(2)<
—1<
由连续函数的介值定理,存在Xo€(1,2)使得
f(Xo)=0
又由于f'
(X)在[1^)严格递减.,「
(1)<
0可知对任意的X迂[1,址)有
f(1H0,故f(X)在[1,+^)严格递减所以f(x)=0在(1,畑)内有唯一实根