受力分析动态平衡专练Word格式.docx

受力分析动态平衡专练Word格式.docx

《受力分析动态平衡专练Word格式.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《受力分析动态平衡专练Word格式.docx（8页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。

A．F增大，N减小 

B．F减小，N减小

C．F增大，N增大 

D．F减小，N增大

4、如图，竖直绝缘墙上固定一带电小球A，将带电小球B用轻质绝缘丝线悬挂在A的正上方C处，图中AC=h。

当B静止在与竖直方向夹角θ＝300方向时，A对B的静电力为B所受重力的

倍，则丝线BC长度为 

。

若A对B的静电力为B所受重力的0.5倍，改变丝线长度，使B仍能在θ＝300处平衡。

以后由于A漏电，B在竖直平面内缓慢运动，到θ＝00处A的电荷尚未漏完，在整个漏电过程中，丝线上拉力大小的变化情况是 

。

5、如图所示，在一绝缘斜面C上有一带正电的小物体A处于静止状态。

现将一带正电的小球B沿以A为圆心的圆弧缓慢地从P点转至A正上方的Q点处，已知P、A在同一水平线上，且在此过程中物体A和C始终保持静止不动，A、B可视为质点。

关于此过程，下列说法正确的是（　　） 

A．物体A受到斜面的支持力先增大后减小

B．物体A受到斜面的支持力一直增大

C．地面对斜面C的摩擦力先增大后减小

D．地面对斜面C的摩擦力先减小后增大

6、质量为m1、m2的小球分别带同种电荷q1和q2，它们用等长的细线吊在同一点O，由于静电斥力的作用，使m1球靠在竖直光滑绝缘墙上，m1的拉线l1呈竖直方向，使m2球的拉线l2与竖直方向成θ角，m1、m2均处于静止，如图所示。

由于某种原因，m2球的带电量q2逐渐减少，于是两球拉线之间夹角θ也逐渐减小直到零。

在θ角逐渐减小的过程中，关于l1、l2中的张力T1、T2的变化是 

A．T1不变，T2不变

B．T1不变，T2变小

C．T1变小，T2变小

D．T1变小，T2不变

7、如图所示，不计质量的光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上O点，跨过滑轮的细绳连接物块A、B，A、B都处于静止状态，现将物块B移至C点后，A、B仍保持静止，下列说法中正确的是（ 

）

（A）B与水平面间的摩擦力减小

（B）B受到绳子的拉力增大

（C）悬于墙上的绳所受拉力不变

（D）A、B静止时，图中a、b、q 

三角始终相等

8、如图所示，运动员的双手握紧竖直放置的圆形器械，在手臂OA由水平方向缓慢移动到OA′位置的过程中，若手臂OA、OB的拉力分别为FA和FB，则下列表述正确的是 

A．FA一定小于运动员的重力G

B．FA与FB的合力始终大小不变

C．FA的大小保持不变

D．FB的大小保持不变

9、在固定于地面的斜面上垂直安放了一个挡板，截面为四分之一圆的柱状物体甲放在斜面上，半径与甲相等的光滑圆球乙被夹在甲与挡板之间，乙没有与斜面接触而处于静止状态，如图5所示．现在从球心处对甲施加一平行于斜面向下的力F，使甲沿斜面方向缓慢地移动，直至甲与挡板接触为止．设乙对挡板的压力为F1，甲对斜面的压力为F2，在此过程中（　　）

A．F1缓慢增大，F2缓慢增大

B．F1缓慢增大，F2缓慢减小

C．F1缓慢减小，F2缓慢增大

D．F1缓慢减小，F2保持不变

10、如图所示，用一根细线系住重力为G、半径为R的球，其与倾角为α的光滑斜劈接触，处于静止状态，球与斜面的接触面非常小，细线悬点O固定不动，在斜劈从图示位置缓慢水平向左移动直至绳子与斜面平行的过程中，下述正确的是 

A．细绳对球的拉力先减小后增大

B．细绳对球的拉力先增大后减小

C．细绳对球的拉力一直减小

D．细绳对球的拉力最小值等于Gsinα

11、如图所示，小球用细绳系住，绳的另一端固定于O点．现用水平力F缓慢推动斜面体，小球在斜面上无摩擦地滑动，细绳始终处于直线状态，当小球升到接近斜面顶端时细绳接近水平，此过程中斜面对小球的支持力FN以及绳对小球的拉力FT的变化情况是 

A．FN保持不变，FT不断增大

B．FN不断增大，FT不断减小

C．FN保持不变，FT先增大后减小

D．FN不断增大，FT先减小后增大

1、答案:

D

解析:

球的重力有两个效果，即拉细绳和压斜面，用图解法分析该题，作出力的分解图示如图所示．由图可知，当细绳由水平方向逐渐向上偏移至竖直方向时，细绳上的拉力F2将先减小后增大，当F2和F1的方向垂直时，F2有极小值；

而球压斜面的力F1逐渐减小．故选项D正确．

2、答案:

AD

因为初始状态拉力F的大小未知，所以斜面对物体的摩擦力大小和方向未知，故在F逐渐增大的过程中，斜面对物体的作用力的变化存在多种可能．斜面对物体的作用力是斜面对物体的支持力与摩擦力的合力．因为物体始终保持静止状态，所以斜面对物体的作用力和物体重力G与拉力F的合力是平衡力．因此，判断斜面对物体的作用力的变化就转化为分析物体的重力G和拉力F的合力的变化．物体的重力G和拉力F的合力的变化如图所示，由图可知，F合可能先减小后增大，也可能逐渐增大．

3、答案:

A

小球一直受到重力、支持力、拉力作用，根据共点力平衡，有：

F＝mgsinα，N＝mgcosα（α是重力与竖直方向的夹角），随着夹角的增大，支持力逐渐减小，拉力逐渐增大，A项正确。

4、答案:

；

先不变后增大

对小球B进行受力分析，根据相似三角形有：

，再根据余弦定则求出BC的长度：

若两者间的库仑力变为B的重力的0.5倍，根据几何关系可知AB与BC垂直，即拉力与库仑力垂直；

随着电量的减小，细绳的拉力不变，库仑力减小。

当细绳变为竖直方向时，库仑力和拉力的合力等于重力，库仑力减小，拉力增大，所以拉力先不变后减小。

5、答案:

以斜面C和A为研究对象，受到重力（M＋m）g、小球B对A的库仑力F、地面对C的支持力FN和地面对C的摩擦力Ff作用，如图甲所示，根据平衡条件可得：

Ff＝F·

cos 

θ，FN＝（M＋m）g＋Fsin 

θ，当θ由0°

增大到90°

时，Ff减小，FN增大，所以C、D错；

以A为研究对象，受到重力mg、小球B对A的库仑力F、物体A受到斜面的支持力FNA和物体A受到斜面的摩擦力FfA，如图乙所示，根据平衡条件得：

FNA＝mgcos 

α＋F·

sin（α＋θ），当θ由0°

时，FNA先增大后减小，所以A正确，B错误。

6、答案:

分析m2受力，力的三角形与几何三角形相似。

得出AB间库仑力减小。

再隔离分析m1。

7、答案:

B、对物体A受力分析，受到重力和细线的拉力，根据平衡条件，拉力等于物体A的重力，当把物体B移至C点后，绳子BO与水平方向的夹角变小，但细线的拉力不变，故B错误；

A、对物体B受力分析，受重力、支持力、拉力和向后的静摩擦力，如图

根据共点力平衡条件，有

Tcosθ=f

由于角θ变小，故B与水平面间的静摩擦力变大，故A错误；

C、对滑轮受力分析，受重力，OB绳子的拉力T以及悬于墙上的绳子的拉力F，由于重力和OB绳子的拉力相等且夹角变大，故其合力变小，故墙上的绳子的拉力F也变小，故C错误；

D、对滑轮受力分析，受重力，OB绳子的拉力T以及悬于墙上的绳子的拉力F，由于重力和OB绳子的拉力相等，故合力在角平分线上，故α=β，又由于三力平衡，故OB绳子的拉力T也沿着前面提到的角平分线，绳子拉力沿着绳子方向，故α=β=θ，故D正确；

8、答案:

B

本题考查共点力平衡的知识，意在考查学生对共点力平衡的条件、共点力平衡时各个力之间的关系的掌握．手臂OA缓慢移动时，运动员受到的拉力与运动员所受的重力平衡，如图所示，FA与G的合力F合与FB等大反向，FA＝Gtanθ，当θ>

45°

时，FA>

G；

当θ<

时，FA<

G，A错误；

同理FA与FB的合力与G等大反向，B正确；

随着角度θ的变化FA、FB的大小都将变化，C、D错误．

9、答案:

对整体受力分析，如图甲所示，垂直斜面方向只受两个力：

甲、乙重力在垂直于斜面方向的分力和斜面对甲的支持力F2′，且F2′－Gcosθ＝0，即F2′保持不变，由牛顿第三定律可知，甲对斜面的压力F2也保持不变；

对圆球乙受力分析如图乙、丙所示，当甲缓慢下移时，FN与竖直方向的夹角减小，F1减小．

甲　　　　　乙　　　　丙

10、答案:

CD

以小球为研究对象，对其受力分析如图所示，因题中“缓慢”移动，故小球处于动态平衡，由图知在题设的过程中，FT一直减小，当绳子与斜面平行时，FT与FN垂直，FT有最小值，且FTmin＝Gsinα，故选项C、D正确．

11、答案:

对小球受力分析如图（重力mg、支持力FN，绳的拉力FT）．画出一簇平行四边形如图所示，当FT方向与斜面平行时，FT最小，所以FT先减小后增大，FN一直增大，只有选项D正确．