广东省肇庆市实验中学学年高一下学期期中考试物理试题Word格式.docx

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【解析】A、匀速圆周运动的速度的大小是不变的，即速率是不变的，故A错误．B、C、平抛运动也是曲线运动，但是它只受到重力的作用，加速度是重力加速度，都是不变的，故B错误，C错误．D、物体既然做曲线运动，那么它的速度方向肯定是不断变化的，所以速度一定在变化，故D正确．故选D．

【点睛】曲线运动不能只想着匀速圆周运动，平抛也是曲线运动的一种，在做题时一定要考虑全面．

3.两个质量均匀的球体，相距r，它们之间的万有引力为10﹣8N，若它们的质量、距离都增加为原来的两倍，则它们之间的万有引力为（）

A.4×

10﹣8NB.10﹣8NC.2×

10﹣8ND.8×

10﹣8N

【答案】B

............

【点睛】此题是万有引力定律的基础应用，直接应用万有引力定律即可．

4.竖直上抛一个小球，2s末落回抛出点，则小球能上升的最大高度是（不计空气阻力，重力加速度取g=10m/s2）（　　）

A.10mB.0C.5mD.1.25m

【答案】C

【解析】对竖直上抛运动的全过程，由对称性知，所以上升的位移为．故选C．

【点睛】本题考查竖直上抛运动的规律，竖直上抛运动可以用整体法和分段法求解，选择适当的方法求解即可．

5.如图所示，在匀速转动的圆筒内壁上紧靠着一个物体与圆筒一起运动，物体相对桶壁静止．则（）

A.物体受到4个力的作用

B.物体所受向心力是物体所受的重力提供的

C.物体所受向心力是物体所受的弹力提供的

D.物体所受向心力是物体所受的静摩擦力提供的

【解析】试题分析：

对物体进行受力分析，物体在竖直方向上受重力和静摩擦力，并且这两个力相互平衡，水平方向受圆筒给它指向圆心的压力，所以物体受到三个力作用，故A错误；

由A得分析可知物体的合外力即为圆筒给它指向圆心的弹力，所以物体所受向心力由弹力提供，故BD错误,C正确；

故选C．

考点：

向心力；

受力分析

6.汽车在水平弯道上匀速转弯时，若速度过快，会产生侧滑现象，即漂移，下列关于漂移现象的原因分析中，正确的是（）

A.汽车运动中受到了离心力的作用使它产生漂移现象

B.汽车运动中受到合外力方向背离圆心使它产生漂移现象

C.汽车运动中受到合外力为零使它产生漂移现象

D.汽车运动中受到合外力小于所需的向心力使它产生漂移现象

【解析】当汽车在转弯时速度过快，所需要的向心力就大，当汽车所受的合外力不足以提供向心力时，汽车要做离心运动，使它产生漂移现象，故D正确．故选D.

【点睛】合力大于需要的向心力时，物体要做向心运动；

合力小于所需要的向心力时，物体就要远离圆心，做的就是离心运动；

合力等于所需要的向心力时，物体就要做匀速圆周运动．

7.雨滴由静止开始下落，遇到水平方向吹来的风，下列说法中正确的是（）

①风速越大，雨滴下落的时间越长

②风速越大，雨滴落地时的速度越大

③雨滴下落的时间与风速无关

④雨滴下落的速度与风速无关

A.①④B.②③C.①②D.③④

【解析】将水滴的运动沿水平方向和竖直方向正交分解，水平方向随风一起飘动，竖直方向同时向下落；

由于水平方向的分运动对竖直分运动无影响，故落地时间与水平分速度无关，故①错误，③正确；

两分运动的速度合成可得到合速度，故风速越大，落地时合速度越大，故②正确，④错误；

故选B．

【点睛】本题关键抓住合运动与分运动同时发生，合运动的时间等于竖直分运动的时间，与水平分速度无关．

8.关于第一宇宙速度的说法中正确的是（）

A.第一宇宙速度是发射卫星的最大速度

B.第一宇宙速度的数值是11.2km/s

C.第一宇宙速度是近地绕地卫星应具有的速度

D.第一宇宙速度是卫星做圆周运动的最小线速度

【解析】A、C、D、人造卫星在圆轨道上运行时，运行速度=7.9km/s，轨道半径越大，速度越小，故第一宇宙速度是卫星在圆轨道上运行的最大速度，最小发射速度，故A、D错误，C正确；

B、第二宇宙速度为11.2km/s，也叫逃逸速度，故B错误；

【点睛】此题要记住三个宇宙速度，尤其知道第一宇宙速度如何求解，又叫最大环绕速度，最小发射速度．

9.物体做匀速圆周运动，下列量保持不变的是（　）

A.线速度B.角速度C.周期D.向心力

【答案】BC

【解析】A、D、在描述匀速圆周运动的物理量中，线速度、向心加速度、向心力这几个物理量都是矢量，虽然其大小不变但是方向在变，因此这些物理量是变化的；

所以A、D错误；

B、C、在匀速圆周运动中，保持不变的量是角速度和周期，所以B、C正确．故选BC.

【点睛】本题很简单，考察了描述匀速圆周运动的物理量的特点，但是学生容易出错，如误认为匀速圆周运动线速度不变．

10.在一次投球游戏中，黄同学将球水平抛向放在地面的小桶中，结果球沿如图所示的弧线飞到小桶的前方．不计空气阻力，则下次再投时，可作出的调整为（）

A.增大初速度，抛出点高度不变

B.减小初速度，抛出点高度不变

C.初速度大小不变，提高抛出点高度

D.初速度大小不变，降低抛出点高度

【答案】BD

【点睛】本题运用平抛运动的知识分析处理生活中的问题，比较简单，关键运用运动的分解方法得到水平位移的表达式．

11.如图所示，自行车的传动是通过连接前、后齿轮的金属链条来实现的．下列关于自行车在传动过程中有关物理量的说法正确的是（）

A.前齿轮的角速度比后齿轮的小

B.前齿轮的角速度比后齿轮的大

C.前齿轮边缘的线速度比后齿轮边缘的线速度大

D.前齿轮边缘的线速度与后齿轮边缘的线速度大小相等

【答案】AD

【解析】C、D、同缘传动边缘点线速度相等，故C错误，D正确；

A、B、根据v=ωr，v一定时，r越大，角速度越小，故前轮的角速度小于后轮的角速度，故A正确，B错误；

故选AD．

【点睛】本题关键是明确同缘传动边缘点的线速度相等，同轴传动角速度相等，然后根据公式v=ωr判断角速度大小．

12.关于地球同步卫星，下列说法中正确的是（）

A.它的速度小于7.9km/s

B.它的速度大于7.9km/s

C.它的周期是24h,且轨道平面与赤道平面重合

D.每一个地球同步卫星离地面的高度是一样的

【答案】ACD

【解析】A、B、第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度．而同步卫星的轨道半径要大于近地卫星的轨道半径，根据v=可以发现，同步卫星运行的线速度一定小于第一宇宙速度，故A正确，B错误；

C、D、它若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步”，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的，因此同步卫星相对地面静止不动，根据万有引力提供向心力，列出等式：

，其中R为地球半径，h为同步卫星离地面的高度．由于同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，所以T为一定值，根据上面等式得出：

同步卫星离地面的高度h也为一定值．由于轨道半径一定，则线速度的大小也一定，故C正确，D也正确．故选ACD．

【点睛】地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度．

13.我国发射的“神舟七号”载人飞船，与“神舟六号”船相比，它在较低的轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示，下列说法正确的是（）

A.“神舟七号”的角速度较大

B.“神舟七号”的线速度较大

C.“神舟七号”的周期更长

D.“神舟七号”的向心加速度较大

【答案】ABD

【解析】根据人造卫星的万有引力等于向心力，得：

可得，，，可知卫星的轨道半径越大，角速度、线速度、向心加速度小，周期越大，由题神舟七号轨道半径小于神舟六号的轨道半径，则知神舟七号周期小，神舟七号角速度、速度和向心加速度都大，故C错误，A、B、D正确．故选ABD.

【点睛】本题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论．

二、非选择题（35分），全部为必考题．考生根据要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．

14.在“研究匀变速直线运动”的实验中，某同学选出了一条清晰的纸带研究，如图示每个计数点间有四个点还没有画出。

其中打点计时器电源频率为50Hz。

其中S1=7.05cm，S2=7.68cm，S3=8.33cm，S4=8.95cm，S5=9.61cm，S6=10.26cm，

（1）纸带中相邻两个计数的时间间隔是__________s；

（2）打点计时器打下A点时小车的瞬时速度为______m/s，小车的加速度为_______m/s2（结果均保留三位有效数字）。

【答案】

（1）.0.1

（2）.0.737（3）.0.640

【解析】【试题分析】电磁打点计时器与电火花计时器都使用交流电源，打点的时间间隔等于交流电的周期，根据打点计时器的工作原理与使用注意事项分析答题．应用匀变速直线运动的推论可以求出小车的瞬时速度与加速度．

（1）当电源频率为50Hz时，它们都是每隔0.02s打一个点，纸带上两相邻计数点间有四个点未画出，计数点间的时间间隔：

t=0.02×

5=0.1s.

（2）A处瞬时速度的大小：

由匀变速直线运动的推论：

△x=at2可知，加速度：

.

【点睛】本题考查了打点计时器的使用注意事项、求瞬时速度、求加速度，应用匀变速直线运动的推论可以解题，掌握基础知识是解题的前提与关键，平时要注意基础知识的学习与掌握．

15.将小球以20m/s的速度从20m高的平台上水平抛出，空气阻力不计，重力加速度取g=l0m/s2．求：

（1）小球在空中运行的时间;

（2）小球的落地时速度的大小;

【答案】

（1）t=2s

（2）

【解析】【试题分析】根据高度求出平抛运动的时间，根据速度时间公式求出竖直分速度，结合平行四边形定则求出落地的速度大小和方向．

（1）

t=2s

（2）

20（m/s）

【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．

16.一人用一根长1m，只能承受46N拉力的绳子，拴着一质量为1kg的小球，在竖直平面内作圆周运动，取g＝l0m/s2求：

（1）为使小球能在竖直平面内作完整的圆周运动，小球过最高点时的最小速度;

（2）若在增加转动的速度使小球运动到最低点时绳子恰好断开，此时小球运动的线速度.

（1）

（2）v1=6m/s

【解析】【试题分析】小球恰好过最高点，知绳子的拉力为零，根据牛顿第二定律求出小球在最高点的速度;

根