届高考数学一轮复习精品学案第6讲 函数与方程Word下载.docx

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３）△＜０，方程无实根，二次函数的图象与轴无交点，二次函数无零点。

零点存在性定理：

如果函数在区间上的图象是连续不断的一条曲线，并且有，那么函数在区间内有零点。

既存在，使得，这个也就是方程的根。

2.二分法

二分法及步骤：

对于在区间，上连续不断，且满足·

的函数，通过不断地把函数的零点所在的区间一分为二，使区间的两个端点逐步逼近零点，进而得到零点近似值的方法叫做二分法．

给定精度，用二分法求函数的零点近似值的步骤如下：

（1）确定区间，，验证·

，给定精度；

（2）求区间，的中点；

（3）计算：

①若=，则就是函数的零点；

②若·

<

，则令=（此时零点）；

③若·

（4）判断是否达到精度；

即若，则得到零点零点值（或）；

否则重复步骤2~4。

注：

函数零点的性质

从“数”的角度看：

即是使的实数；

从“形”的角度看：

即是函数的图象与轴交点的横坐标；

若函数的图象在处与轴相切，则零点通常称为不变号零点；

若函数的图象在处与轴相交，则零点通常称为变号零点。

用二分法求函数的变号零点：

二分法的条件·

表明用二分法求函数的近似零点都是指变号零点。

3．二次函数的基本性质

（1）二次函数的三种表示法：

y=ax2+bx+c；

y=a（x－x1）（x－x2）；

y=a（x－x0）2+n。

（2）当a>

0，f（x）在区间［p，q］上的最大值M，最小值m，令x0=（p+q）。

若－<

p，则f（p）=m，f（q）=M；

若p≤－<

x0，则f（－）=m，f（q）=M；

若x0≤－<

q，则f（p）=M，f（－）=m；

若－≥q，则f（p）=M，f（q）=m。

（3）二次方程f（x）=ax2+bx+c=0的实根分布及条件。

①方程f（x）=0的两根中一根比r大，另一根比r小a·

f（r）<

0；

②二次方程f（x）=0的两根都大于r

③二次方程f（x）=0在区间（p，q）内有两根

④二次方程f（x）=0在区间（p，q）内只有一根f（p）·

f（q）<

0，或f（p）=0（检验）或f（q）=0（检验）检验另一根若在（p，q）内成立。

四．典例解析

题型1：

方程的根与函数零点

例1．

（1）方程lgx+x=3的解所在区间为（）

A．（0，1）B．（1，2）C．（2，3）D．（3，+∞）

（2）设a为常数，试讨论方程的实根的个数。

解析：

（1）在同一平面直角坐标系中，画出函数y=lgx与y=-x+3的图象（如图）。

它们的交点横坐标，显然在区间（1，3）内，由此可排除A，D至于选B还是选C，由于画图精确性的限制，单凭直观就比较困难了。

实际上这是要比较与2的大小。

当x=2时，lgx=lg2，3-x=1。

由于lg2＜1，因此＞2，从而判定∈（2，3），故本题应选C。

（2）原方程等价于

即

构造函数和，作出它们的图像，易知平行于x轴的直线与抛物线的交点情况可得：

①当或时，原方程有一解；

②当时，原方程有两解；

③当或时，原方程无解。

点评：

图象法求函数零点，考查学生的数形结合思想。

本题是通过构造函数用数形结合法求方程lgx+x=3解所在的区间。

数形结合，要在结合方面下功夫。

不仅要通过图象直观估计，而且还要计算的邻近两个函数值，通过比较其大小进行判断。

例2．设函数在上满足，，且在闭区间［0，7］上，只有。

（Ⅰ）试判断函数的奇偶性；

（Ⅱ）试求方程=0在闭区间［－2005，2005］上的根的个数，并证明你的结论。

由f（2－x）=f（2+x）,f（7－x）=f（7+x）得函数的对称轴为,

从而知函数不是奇函数,

由

从而知函数的周期为

又,故函数是非奇非偶函数;

（II）由

（III）又

故f（x）在[0,10]和[－10,0]上均有有两个解,从而可知函数在[0,2005]上有402个解,在[－2005.0]上有400个解,所以函数在[－2005,2005]上有802个解。

解题过程注重了函数的数字特征“”，即函数的零点，也就是方程的根。

题型2：

零点存在性定理

例3．设函数，其中常数为整数。

（1）当为何值时，；

（2）定理：

若函数在上连续，且与异号，则至少存在一点，使得

试用上述定理证明：

当整数时，方程在内有两个实根。

（1）函数f（x）=x－ln（x+m）,x∈（－m,+∞）连续，且

当x∈（－m,1－m）时,f’（x）<

0,f（x）为减函数,f（x）>

f（1－m）

当x∈（1－m,+∞）时,f’（x）>

0,f（x）为增函数,f（x）>

根据函数极值判别方法，f（1－m）=1－m为极小值，而且

对x∈（－m,+∞）都有f（x）≥f（1－m）=1－m

故当整数m≤1时，f（x）≥1－m≥0

（2）证明：

由（I）知，当整数m>

1时，f（1－m）=1-m<

0,

函数f（x）=x－ln（x+m）,在上为连续减函数.

由所给定理知，存在唯一的

而当整数m>

1时，

类似地，当整数m>

1时，函数f（x）=x-ln（x+m）,在上为连续增函数且f（1-m）与异号，由所给定理知，存在唯一的

故当m>

1时，方程f（x）=0在内有两个实根。

本题以信息给予的形式考察零点的存在性定理。

解决该题的解题技巧主要在区间的放缩和不等式的应用上。

例4．若函数在区间[a,b]上的图象为连续不断的一条曲线，则下列说法正确的是（）

A．若，不存在实数使得；

B．若，存在且只存在一个实数使得；

C．若，有可能存在实数使得；

D．若，有可能不存在实数使得；

由零点存在性定理可知选项D不正确；

对于选项B，可通过反例“在区间上满足，但其存在三个解”推翻；

同时选项A可通过反例“在区间上满足，但其存在两个解”；

选项D正确，见实例“在区间上满足，但其不存在实数解”。

该问题详细介绍了零点存在性定理的理论基础。

题型3：

二分法的概念

例5．关于“二分法”求方程的近似解，说法正确的是（）

A．“二分法”求方程的近似解一定可将在[a,b]内的所有零点得到；

B．“二分法”求方程的近似解有可能得不到在[a,b]内的零点；

C．应用“二分法”求方程的近似解，在[a,b]内有可能无零点；

D．“二分法”求方程的近似解可能得到在[a,b]内的精确解；

如果函数在某区间满足二分法题设，且在区间内存在两个及以上的实根，二分法只可能求出其中的一个，只要限定了近似解的范围就可以得到函数的近似解，二分法的实施满足零点存在性定理，在区间内一定存在零点，甚至有可能得到函数的精确零点。

该题深入解析了二分法的思想方法。

例6．方程在[0，1]内的近似解，用“二分法”计算到达到精确度要求。

那么所取误差限是（）

A．0.05B．0.005C．0.0005D．0.00005

由四舍五入的原则知道，当时，精度达到。

此时差限是0.0005，选项为C。

该题考察了差限的定义，以及它对精度的影响。

题型4：

应用“二分法”求函数的零点和方程的近似解

例7．借助计算器，用二分法求出在区间（1，2）内的近似解（精确到0.1）。

原方程即。

令，

用计算器做出如下对应值表

x

－2

－1

1

2

f（x）

2.5820

3.0530

27918

1.0794

－4.6974

观察上表，可知零点在（1，2）内

取区间中点=1.5，且，从而，可知零点在（1，1.5）内；

再取区间中点=1.25，且，从而，可知零点在（1.25，1.5）内；

同理取区间中点=1.375，且，从而，可知零点在（1.25，1.375）内；

由于区间（1.25，1.375）内任一值精确到0.1后都是1.3。

故结果是1.3。

该题系统的讲解了二分法求方程近似解的过程，通过本题学会借助精度终止二分法的过程。

例8．借助计算器或计算机用二分法求方程的近似解（精确到）。

分析：

本例除借助计算器或计算机确定方程解所在的大致区间和解的个数外，你是否还可以想到有什么方法确定方程的根的个数？

略解：

图象在闭区间，上连续的单调函数，在，上至多有一个零点。

①第一步确定零点所在的大致区间，，可利用函数性质，也可借助计算机或计算器，但尽量取端点为整数的区间，尽量缩短区间长度，通常可确定一个长度为1的区间；

②建议列表样式如下：

零点所在区间

中点函数值

区间长度

[1，2]

>

[1，1.5]

0.5

[1.25，1.5]

0.25

如此列表的优势：

计算步数明确，区间长度小于精度时，即为计算的最后一步。

题型5：

一元二次方程的根与一元二次函数的零点

例9．　设二次函数，方程的两个根满足.当时，证明。

证明：

由题意可知，

∴,

∴当时，。

又,

∴,

综上可知，所给问题获证。

在已知方程两根的情况下，根据函数与方程根的关系，可以写出函数的表达式，从而得到函数的表达式。

例10．已知二次函数，设方程的两个实数根为和.

（1）如果，设函数的对称轴为，求证：

；

（2）如果，，求的取值范围.

设，则的二根为和。

（1）由及，可得，即，

两式相加得，所以，；

（2）由,可得。

又，所以同号。

∴，等价于

或,

即或

解之得或。

条件实际上给出了的两个实数根所在的区间，因此可以考虑利用上述图像特征去等价转化。

题型6：

一元二次函数与一元二次不等式

例11．设，若，，,试证明：

对于任意，有。

∵,

∴.

∴当时，

当时，

综上，问题获证。

本题中，所给条件并不足以确定参数的值，但应该注意到：

所要求的结论不是确定值，而是与条件相对应的“取值范围”，因此，我们可以用来表示。

例12．已知二次函数，当时，有，求证：

当时，有

由题意知：

，

∴，

∴。

由时，有，可得。

。

（1）若，则在上单调，故当时，

∴此时问题获证.

（2）若，则当时，

又，

∴此时问题获证。

综上可知：

当时，有。

研究的性质，最好